2025屆湖北省部分高中協作體高三年級三月聯考一模考試高三物理試題本試卷共6頁，全卷滿分100分，考試用時75分鐘。★祝考試順利★注意事項：1、答題前，請將自己的姓名、準考證號、考場號、座位號填寫在試卷和答題卡上，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡上的制定位置。2、選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區域均無效。3、非選擇題作答：用黑色簽字筆直接答在答題卡對應的答題區域內，寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區域均無效。4、考試結束后，請將答題卡上交。一、單項選擇題：（本題共10小題，每小題4分，共40分,。在小題給出的四個選項中，第1～7題只有一項符合題目要求，第8～10題有多項符合要求，每小題全部選對得4分，選對但不全的得2分，有錯選或者不選的得0分）1、小球正在粗糙水平桌面上做勻減速直線運動，用照相機對著小球每隔0.1s拍照一次，得到一幅頻閃照片，用刻度尺量得照片上小球各位置如圖所示，已知照片與實物的比例為1∶10，則小球()A．在通過8cm距離內的平均速度是0.2m/sB．在通過8cm距離內的平均速度是1.6m/sC．通過6cm處的瞬時速度是2.5m/sD．通過6cm處的瞬時速度是2m/s2、如圖所示，容量足夠大的圓筒豎直放置，水面高度為h，在圓筒側壁開一個小孔P，筒內的水從小孔水平射出，設水到達地面時的落點距小孔的水平距離為x，小孔P到水面的距離為y。短時間內可認為筒內水位不變，重力加速度為g，不計空氣阻力，在這段時間內，下列說法正確的是()A.水從小孔P射出的速度大小為eq\r(gy)B.y越小，則x越大C.x與小孔的位置無關D.當y＝eq\f(h,2)時，x最大，最大值為h3、一艘太空飛船靜止時的長度為30m，他以0.6c(c為光速)的速度沿長度方向飛行越過地球，下列說法正確的是()A.飛船上的觀測者測得該飛船的長度小于30mB.地球上的觀測者測得該飛船的長度小于30mC.飛船上的觀測者測得地球上發來的光信號速度小于cD.地球上的觀測者測得飛船上發來的光信號速度小于c4、“戰繩”是一種近年流行的健身器材，健身者把兩根相同繩子的一端固定在一點，用雙手分別握住繩子的另一端，上下抖動繩子使繩子振動起來(圖甲)，以手的平衡位置為坐標原點，圖乙是健身者右手在抖動繩子過程中某時刻的波形，若右手抖動的頻率是0.5Hz，下列說法不正確的是()甲乙A.波速大小為4m/sB.該時刻P點的位移為10eq\r(2)cmC.該時刻Q點的振動方向沿y軸負方向D.再經過0.25s，P點到達平衡位置5、如圖所示，一塊均勻的長方體樣品，長為a，寬為b，厚為c。電流沿AB方向時測得樣品的電阻為R，則()A.若電流沿CD方向，樣品的電阻R′＝eq\f(b2,a2)RB.樣品的電阻率ρ＝eq\f(bc,Ra)C.樣品的電阻率ρ＝eq\f(Rac,b)D.若電流沿CD方向，樣品的電阻R′＝eq\f(bc,a2)R6、如圖所示，平行邊界區域內存在勻強磁場，比荷相同的帶電粒子a和b依次從O點垂直于磁場的左邊界射入，經磁場偏轉后從右邊界射出，帶電粒子a和b射出磁場時與磁場右邊界的夾角分別為30°和60°。不計粒子的重力，下列判斷正確的是()A.粒子a帶負電，粒子b帶正電B.粒子a和b在磁場中運動的半徑之比為1∶eq\r(3)C.粒子a和b在磁場中運動的速率之比為eq\r(3)∶1D.粒子a和b在磁場中運動的時間之比為1∶27、如圖所示，半徑為R、球心為O的半球內為真空，M為其頂點，半球外介質的折射率為eq\r(2)。一束以MO為中心，截面半徑r＝eq\f(1,2)R的光束平行于MO射到球面上，不考慮多次反射，則能從底面透射出光的面積為()A.πR2 B.eq\f(πR2,4)C.π(eq\r(3)－1)2R2 D.π(eq\r(2)－1)2R28、(多選)如圖所示，質量為M的楔形物體ABC放置在墻角的水平地板上，BC面與水平地板間的動摩擦因數為μ，楔形物體與地板間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。在楔形物體AC面與豎直墻壁之間，放置一個質量為m的光滑球體，同時給楔形物體一個向右的水平力，楔形物體與球始終處于靜止狀態。已知AC面傾角θ＝53°，sin53°＝0.8，重力加速度為g，則()A.楔形物體對地板的壓力大小為MgB.當F＝eq\f(4,3)mg時，楔形物體與地板間無摩擦力C.向右的水平力F的最小值一定是零D.向右的水平力F的最大值為eq\f(4,3)mg＋μ(m＋M)g9、(多選)如圖所示，A、B兩物體質量之比mA∶mB＝3∶2，原來靜止在平板車C上，A、B間有一根被壓縮的彈簧，地面光滑。當彈簧突然被釋放后，則以下系統動量守恒的是()A.若A、B與C上表面間的動摩擦因數相同，A、B組成的系統B.若A、B與C上表面間的動摩擦因數相同，A、B、C組成的系統C.若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B組成的系統D.若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B、C組成的系統10、(多選)下列關于無線電廣播要對電磁波進行調制的原因的說法中正確的是()A.經過調制后的高頻電磁波向外輻射能量的本領更強B.經過調制后的電磁波在空間傳播得更快C.經過調制后的電磁波在空間傳播的波長不變D.經過調制后的電磁波在空間傳播的波長改變二、非選擇題：（本大題共5小題，共60分）11、(12分)一足夠長的木板P靜置于粗糙水平面上，木板的質量M＝4kg，質量m＝1kg的小滑塊Q(可視為質點)從木板的左端以初速度v0滑上木板，與此同時在木板右端作用水平向右的恒定拉力F，如圖甲所示，設滑塊滑上木板為t＝0時刻，經過t1＝2s撤去拉力F，兩物體一起做勻減速直線運動，再經過t2＝4s兩物體停止運動，畫出的兩物體運動的v-t圖像如圖乙所示。(最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g＝10m/s2)求：甲乙(1)0～2s內滑塊Q和木板P的加速度大小，兩物體一起做勻減速直線運動的加速度大小；(2)滑塊Q運動的總位移；(3)拉力F的大小。12、(12分)如圖為某游戲裝置的示意圖，CD、DE均為四分之一光滑圓管，E為圓管DEG的最高點，圓軌道半徑均為R＝0.6m，各圓管軌道與直軌道相接處均相切，GH是與水平面成θ＝37°的斜面，底端H處有一彈性擋板，O2、D、O3、H在同一水平面內。一質量為0.01kg的小物體，其直徑稍小于圓管內徑，可視作質點，小物體從C點所在水平面出發通過圓管最高點E后，最后停在斜面GH上，小物體和GH之間的動摩擦因數μ＝0.625，其余軌道均光滑，已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10m/s2，則：(1)小物體的速度v0滿足什么條件？(2)當小物體的速度為v0＝eq\r(30)m/s，小物體最后停在斜面上的何處？在斜面上運動的總路程為多大？13、(12分)如圖所示，放置在豎直平面內的粗糙直線軌道AB與光滑圓弧軌道BCD相切于B點，C為最低點，圓心角∠BOC＝37°，線段OC垂直于OD，圓弧軌道半徑為R，直線軌道AB長為L＝5R，整個軌道處于勻強電場中，電場強度方向平行于軌道所在的平面且垂直于直線OD，現有一個質量為m、帶電荷量為＋q的小物塊P從A點無初速度釋放，小物塊P與AB之間的動摩擦因數μ＝0.25，電場強度大小E＝eq\f(mg,q)，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，重力加速度為g，忽略空氣阻力。求：(1)小物塊第一次通過C點時對軌道的壓力大小；(2)小物塊第一次從D點飛出后上升的最大高度；(3)小物塊在直線軌道AB上運動的總路程。14、(12分)在“探究電磁感應的產生條件”的實驗中，先按如圖甲所示連線，不通電時，電流計指針停在正中央，閉合開關S時，觀察到電流表指針向左偏。然后按如圖乙所示將靈敏電流計與副線圈B連成一個閉合回路，將原線圈A、電源、滑動變阻器和開關S串聯成另一個閉合電路。甲乙(1)圖甲電路中，串聯定值電阻R的主要作用是。A.減小電源兩端的電壓，保護電源B.增大電源兩端的電壓，保護開關C.減小電路中的電流，保護靈敏電流計D.減小電路中的電流，保護開關(2)圖乙中，S閉合后，在原線圈A插入副線圈B的過程中，靈敏電流計的指針將(選填“向左”“向右”或“不”)偏轉。(3)圖乙中，S閉合后，線圈A放在B中不動，在滑動變阻器的滑片P向左滑動的過程中，靈敏電流計指針將(選填“向左”“向右”或“不”)偏轉。(4)圖乙中，S閉合后，線圈A放在B中不動，在突然斷開S時，靈敏電流計指針將(選填“向左”“向右”或“不”)偏轉。15、(12分)如圖，一豎直放置的汽缸由兩個粗細不同的圓柱形筒組成，汽缸中活塞Ⅰ和活塞Ⅱ之間封閉有一定量的理想氣體，兩活塞用一輕質彈簧連接，汽缸連接處有小卡銷，活塞Ⅱ不能通過連接處。活塞Ⅰ、Ⅱ的質量分別為2m、m，面積分別為2S、S，彈簧原長為l。初始時系統處于平衡狀態，此時彈簧的伸長量為0.1l，活塞Ⅰ、Ⅱ到汽缸連接處的距離相等，兩活塞間氣體的溫度為T0。已知活塞外大氣壓強為p0，忽略活塞與缸壁間的摩擦，汽缸無漏氣，不計彈簧的體積。(1)求彈簧的勁度系數；(2)緩慢加熱兩活塞間的氣體，求當活塞Ⅱ剛運動到汽缸連接處時，活塞間氣體的壓強和溫度。高三物理試題答案一、單項選擇題：1、解析：D照相機每隔0.1s拍照一次，所以題圖中0～8cm所用的時間t＝0.4s，照片與實物的比例為1∶10，所以題圖中8cm對應的實際位移x＝80cm＝0.8m，則小球在通過題圖中8cm距離內的平均速度eq\o(v,\s\up6(－))＝eq\f(x,t)＝eq\f(0.8,0.4)m/s＝2m/s，A、B錯誤；題圖中對應小球通過6cm處的瞬時速度可用題圖中3.5cm到7.5cm這一段位移的平均速度表示，題圖中3.5cm到7.5cm這一段對應的實際位移x′＝40cm＝0.4m，所用時間t′＝0.2s，所以題圖中6cm處的瞬時速度v′＝eq\f(x′,t′)＝eq\f(0.4,0.2)m/s＝2m/s，C錯誤，D正確。2、解析：D取水面上質量為m的水滴，從小孔噴出時，由機械能守恒定律可知mgy＝eq\f(1,2)mv2，解得v＝eq\r(2gy)，A錯誤；水從小孔P射出時做平拋運動，則x＝vt，h－y＝eq\f(1,2)gt2，解得x＝veq\r(\f(2（h－y）,g))＝2eq\r(y（h－y）)，可知x與小孔的位置有關，由數學知識可知，當y＝h－y，即y＝eq\f(1,2)h時，x最大，最大值為h，并不是y越小x越大，B、C錯誤，D正確。3、解析：B飛船上的觀測者相對飛船靜止，測得的長度仍為30m，而地球上的觀測者觀測高速飛行的飛船，長度縮短了，故A錯誤，B正確；根據狹義相對論的基本假設可知，飛船和地球上的觀測者測得光信號的速度均為c，C、D均錯誤。4、解析：C由題可知，振幅為A＝20cm，頻率為f＝0.5Hz，則ω＝2πf＝π，由圖可知波的波長為λ＝8m，波向右傳播，且v＝λf＝8×0.5m/s＝4m/s，該時刻P點的振動方向沿y軸負方向，Q點的振動方向沿y軸正方向，故從該時刻開始計時P點的振動方程為y＝20sin(πt＋eq\f(3π,4))cm，故t＝0時P點的位移為y＝10eq\r(2)cm，當t＝0.25s時P點的位移為y＝0，P點到達平衡位置，故ABD正確，C錯誤。本題選不正確的，故選C。5、解析：A根據電阻定律可知R＝ρeq\f(l,S)得ρ＝eq\f(RS,l)，故電流沿AB方向時有ρ＝eq\f(Rbc,a)，AB錯誤；若電流沿CD方向，樣品的電阻R′＝ρeq\f(b,ac)＝eq\f(b2,a2)R，A正確，D錯誤。故選A。6、解析：B粒子a向上偏轉，由左手定則可判斷，粒子a帶正電，而粒子b向下偏轉，則粒子b帶負電，故A錯誤；如圖所示，由幾何關系可知，磁場寬度x＝Rasin60°＝Rbsin30°，解得Ra∶Rb＝1∶eq\r(3)，故B正確；由qvB＝meq\f(v2,R)，可得v＝eq\f(qBR,m)，比荷相同，磁場相同，則va∶vb＝Ra∶Rb＝1∶eq\r(3)，故C錯誤；粒子運動的周期T＝eq\f(2πm,qB)，則Ta＝Tb，a運動的時間ta＝eq\f(60°,360°)Ta＝eq\f(1,6)Ta，b運動的時間tb＝eq\f(30°,360°)Tb＝eq\f(1,12)Tb，故ta∶tb＝2∶1，故D錯誤。7、解析：C根據幾何關系，光束邊緣的光線進入半球時的入射角為30°，根據折射定律可知n＝eq\f(sinθ,sin30°)，解得θ＝45°，到達底面時與O點距離為L，則有eq\f(L,sin45°)＝eq\f(R,sin75°)，解得L＝(eq\r(3)－1)R，則能從底面透射出光的面積為S＝π(eq\r(3)－1)2R2，故C正確，A、B、D錯誤。8、解析：BD將楔形物體、光滑球體視為一個整體可知，楔形物體對地板的壓力大小為(M＋m)g，故A錯誤；球體對AC面的彈力大小為FNAC＝eq\f(mg,cosθ)＝eq\f(5,3)mg，當F＝FNACsinθ＝eq\f(4,3)mg時，楔形物體水平方向上受到的合力為零，沒有運動趨勢，摩擦力為零，故B正確；楔形物體受到的最大靜摩擦力Ffm＝μ(m＋M)g，當水平向右的外力最小(設為Fn)時，楔形物體可能有向左運動趨勢，當μ(m＋M)g≥eq\f(4,3)mg時，Fn＝0；當μ(m＋M)g＜eq\f(4,3)mg時，Fn＝eq\f(4,3)mg－μ(m＋M)g，故C錯誤；當水平向右的外力最大(設為Fm)時，楔形物體有向右運動趨勢，由平衡條件有Fm－FNACsinθ－Ffm＝0，解得Fm＝eq\f(4,3)mg＋μ(m＋M)g，故D正確。9、解析：BCD若A、B與C上表面間的動摩擦因數相同，彈簧被釋放后，A、B分別相對C向左、向右滑動，它們所受的滑動摩擦力FA向右，FB向左，由于mA∶mB＝3∶2，所以FA∶FB＝3∶2，則A、B組成的系統所受的外力矢量和不為零，故A、B組成的系統動量不守恒，A錯誤；對A、B、C組成的系統，A與C、B與C間的摩擦力為內力，該系統所受的外力為豎直方向的重力和支持力，它們的合力為零，故該系統的動量守恒，和A、B與C間的動摩擦因數或摩擦力大小是否相等無關，B、D正確；若A、B所受的摩擦力大小相等，則A、B組成的系統所受的外力矢量和為零，故其動量守恒，C正確。10、解析：AD調制是把要發射的信號“加”到高頻振蕩電流上去，頻率越高，傳播信息能力越強，A正確；電磁波在空氣中的傳播速度接近光速且恒定不變，B錯誤；由v＝λf，知波長與波速和傳播頻率有關，C錯誤，D正確。二、非選擇題：（本大題共5小題，共60分）11、(12分)解析：(1)v-t圖像中，圖線斜率的絕對值表示加速度大小，根據圖乙可知，0～2s內滑塊Q的加速度大小a1＝eq\f(12－4,2)m/s2＝4m/s20～2s內木板P的加速度大小a2＝eq\f(4,2)m/s2＝2m/s2兩物體一起做勻減速直線運動的加速度大小a3＝eq\f(4,6－2)m/s2＝1m/s2。(2)v-t圖像中，圖線與時間軸所圍幾何圖形的面積表示位移，則滑塊Q運動的總位移x＝eq\f(12×2,2)m＋eq\f(4×6,2)m＝24m。(3)0～2s內對滑塊Q分析有μ1mg＝ma10～2s內對木板P分析有μ1mg＋F－μ2(mg＋Mg)＝Ma2兩物體一起做勻減速直線運動，對PQ整體分析有μ2(M＋m)g＝(M＋m)a3解得F＝9N。答案：(1)4m/s22m/s21m/s2(2)24m(3)9N12、(12分)解析：(1)小物體在E點處做圓周運動，當其恰好通過E點時，小物體速度為零，從C到E的運動過程，根據動能定理有0－eq\f(1,2)mvC2＝－mg·2R解得vC＝2eq\r(6)m/s設小物體剛好反彈到E點，斜面長度為L，全過程對小物體運動，根據動能定理有0－eq\f(1,2)mvC′2＝－mg·2R－2μmgLcosθL＝eq\f(R,tanθ)解得vC′＝2eq\r(10)m/s故小物體在水平面上的速度范圍為2eq\r(6)m/s<v0<2eq\r(10)m/s。(2)由于2eq\r(6)m/s<eq\r(30)m/s<2eq\r(10)m/s，mgsinθ>μmgcosθ故小物體最后停在H處，從小物體開始運動到小物體最后停止，全過程用動能定理－mgR－μmgscosθ＝0－eq\f(1,2)mv02解得s＝1.8m。答案：(1)2eq\r(6)m/s<v0<2eq\r(10)m/s(2)H處1.8m13、(12分)解析：(1)由幾何關系知，軌道AB與水平面的夾角為37°，小物塊從A點第一次到C點的過程，由動能定理知(qE＋mg)(Lsin37°＋R－Rcos37°)－μ(qE＋mg)Lcos37°＝eq\f(1,2)mvC12－0在C點由牛頓第二定律知FN－qE－mg＝meq\f(vC12,R)，聯立解得FN＝10.8mg由牛頓第三定律知此時小物塊對軌道的壓力大小是10.8mg。(2)小物塊從A第一次到D的過程，由動能定理知(qE＋mg)(Lsin37°－Rcos37°)－μ(qE＋mg)Lcos37°＝eq\f(1,2)mvD12－0小物塊第一次到達D點后以速度vD1逆著電場線方向做勻減速直線運動由動能定理知－(qE＋mg)xmax＝0－eq\f(1,2)mvD