湖南省邵陽市邵東市創新高級名校2023-2024學年高二下學期期中考試物理試題姓名：__________班級：__________考號：__________題號一二三四總分評分一、單選題（本題共6小題，每小題4分，共24分，在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的）1．為推動三明市三沙同城化和區域經濟發展，自2023年4月1日零時起，對三元區三明東、三明西、三明南、三明北至沙縣區沙縣、虬江、三明機場3個高速公路收費站，兩組之間跨區往返通行的閩G牌照9座以下（含9座）一類小型客車的高速公路通行費用由政府統一支付，車主免費通行。如圖是手機導航從沙縣機場收費站到三明西收費站的截圖，則下列說法正確的是（）A．“44分鐘”指的是時刻B．這兩個收費站的位移為58kmC．小型客車的平均速率為79.09km/hD．若研究小型客車通過某個隧道的時間，一定可以把車看成質點2．如圖所示，ad、bd、cd是豎直平面內三根固定的光滑細桿，a、b、c、d位于同一圓周上，a點為圓周的最高點，d點為圓周的最低點。每根桿上都套著一個小滑環，三個滑環分別從a、b、c處釋放（初速度都為0），用t1、t2、t3依次表示各滑環滑到d的時間，則（）A．t1<tC．t1>t3．如圖所示，一長為l輕桿的一端固定在水平轉軸上，另一端固定一質量為m的小球，輕桿隨轉軸在豎直平面內做角速度為ω的勻速圓周運動，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A．小球運動到最低點時，球對桿的作用力向上B．小球運動到水平位置A時，桿對球的作用力指向O點C．若ω=gD．小球從最高點運動到最低點的過程中，重力的功率保持不變4．如圖所示，虛線a、b、c代表電場中一族等勢線，相鄰等勢線之間的電勢差相等，實線為一帶電質點（重力不計）僅在電場力作用下通過該區域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，據此可知（）A．a、b、c三條等勢線中，a的電勢最高B．電場中Q點處的電場強度大小比P點處大C．該帶電質點在P點的速率比在Q點處大D．該帶電質點在P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能大5．如圖所示，一個輕質鋁環套在一根水平光滑絕緣桿上，當一條形磁鐵向右運動靠近鋁環時，鋁環的運動情況是（）A．向右運動 B．向左運動 C．靜止不動 D．不能判定6．下表記錄了某受迫振動的振幅隨驅動力頻率變化的關系，若該振動系統的固有頻率為f固驅動力頻率/Hz405060708090受迫振動振幅/cm10.216.827.228.116.58.3A．f固=80Hz C．60Hz<f固≤70Hz二、多選題（本題共４小題，每小題５分，共２０分，在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得５分，選對但不全的得３分，有選錯的得0分）7．如圖（a）所示，A、B為釘在光滑水平面上的兩根鐵釘，小球C用細繩拴在鐵釘B上（細繩能承受足夠大的拉力），A、B、C、在同一直線上。t=0時，給小球一個垂直于繩的速度，使小球繞著兩根鐵釘在水平面上做圓周運動。在0≤t≤10s時間內，細繩的拉力隨時間變化的規律如圖（b）所示，則下列說法中正確的有（）A．兩釘子間的距離為繩長的1B．t=10.C．t=14s時細繩拉力的大小為10ND．細繩第三次碰釘子到第四次碰釘子的時間間隔為3s8．如圖所示，電路中R1、R2均為定值電阻，R為滑動變阻器，電源的內阻不能忽略，平行板電容器C的極板水平放置，閉合開關S，帶電油滴剛好懸浮在兩板之間靜止不動。現將滑動變阻器的觸頭向A．定值電阻R1消耗的功率減小 B．定值電阻RC．帶電油滴將向上運動 D．通過滑動變阻器R的電流增大9．下列有關橫波與縱波的說法正確的是（）A．沿水平方向傳播的波為橫波B．縱波可以在固態、液態、氣態介質中傳播C．縱波與橫波不可以同時在同一介質中傳播D．凡是振動方向與波傳播方向在同一條直線上的波都是縱波10．如圖，甲是回旋加速器，乙是磁流體發電機，丙是速度選擇器，丁是霍爾元件。下列說法正確的是（）A．甲：如果加速電壓增大，那么粒子最終離開回旋加速器時的動能也會增大B．乙：可通過增大勻強磁場的磁感應強度來增大磁流體發電機的電動勢C．丙：無法判斷帶電粒子的電性，且粒子只能從左側沿直線勻速通過速度選擇器D．?。寒a生霍爾效應時，穩定時D側面的電勢一定高于C側面的電勢三、實驗題（每空2分，共14分）11．如圖1是“探究平拋運動的特點”的實驗裝置圖。（1）請在圖2選擇最合理拋出點的位置（填“甲”“乙”或“丙”）。（2）在“探究平拋運動水平方向分運動的特點”的實驗中，將白紙換成方格紙，每個小方格邊長L=1.8cm。實驗記錄了小球在運動中的4個點跡，如圖3所示，則tABtBC（填“<”、“=”或“>”），該小球做平拋運動的初速度為m/s（g取10m/s12．某同學改裝和校準電壓表的電路圖如圖所示，圖中虛線框內是電壓表的改裝電路。（1）已知表頭G滿偏電流為100μA，表頭上標記的內阻值為900Ω，R1和R2是定值電阻。利用R1和表頭構成1mA的電流表，然后再將其改裝為量程為3V的電壓表。則根據題給條件，定值電阻的阻值應選R1=Ω（2）用量程為3V、內阻為2500Ω的標準電壓表V對改裝電壓表進行校準。在閉合開關S前，滑動變阻器的滑動端P應靠近端（填“A”或“B”）。（3）若表頭G內阻的真實值小于900Ω，則會造成改裝后電壓表的讀數與標準電壓表的讀數相比（填“偏大”或“偏小”）。四、解答題（本題共3小題，共42分。解答應寫出必要的文字說明，方程式和重要的演算步驟，有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位。）13．從某一高度處水平拋出一物體，它落地時速度是50m/s，方向與水平方向成53°角。（不計空氣阻力，g取10m/s（1）平拋運動的初速度；（2）落地時的豎直速度；（3）拋出點的高度；（4）水平射程；14．如圖所示，靜置于光滑水平地面上的質量為M＝2kg的軌道ABC由粗糙水平軌道AB和圓心角θ=53°的光滑圓弧軌道BC組成，O點為圓弧軌道的圓心，OB豎直。一質量為m＝1kg的小滑塊（可視為質點）以水平初速度v0=6m/s滑上水平軌道的最左端，小滑塊與水平軌道AB之間的動摩擦因數為0.4，水平軌道AB的長度為L＝2m，滑塊始終沒有脫離軌道ABC，重力加速度g取10m/（1）求圓弧軌道的最小半徑；（2）求最終小滑塊到A點的距離。15．如圖所示，在直角坐標系的第一象限，有方向豎直向下、場強大小為E的勻強電場，在第四象限有垂直紙面向外的勻強磁場，在x軸下方放置一長度為L的絕緣薄板PQ，擋板平面與x軸垂直且上端緊貼x軸。一質量為m，電荷量為q(q>0)的粒子從y軸上一點以大小為v0的速度水平向右射出，恰好從薄板上邊緣P點處射入磁場，粒子射入磁場時的速度方向與PQ（1）粒子在y軸上的發射位置到P點的水平距離；（2）勻強磁場磁感應強度B的大?。海?）粒子在薄板右側運動的時間t。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A．“44分鐘”指的是時間，故A錯誤；B．這兩個收費站的路程為58km，故B錯誤；C．小型客車的平均速率為v=故C正確；D．若研究小型客車通過某個隧道的時間，若小型客車與隧道的長度相差不是很大，不可以把車看成質點，故D錯誤。故答案為：C。

【分析】研究物體的動作姿態或者車過短橋時間，物體不能看成質點，根據時間平均速率等概念求解。2．【答案】D【解析】【解答】設某光滑細桿與豎直方向的夾角為θ，其上一小環受到重力和桿的支持力作用，由牛頓第二定律得mg據幾何關系得細桿長度為L=2R環在桿上由靜止做勻加速運動，由運動學公式有L=解得t=2由計算結果可知，環沿細桿下滑時間與桿的傾斜程度無關，即t故答案為：D。

【分析】對桿上小環受力分析，求出加速度表達式子，結合位移時間關系求解時間表達式，由表達式得出環沿細桿下滑時間與桿的傾斜程度無關。3．【答案】C【解析】【解答】A．小球運動到最低點時，小球的合力向上，桿對球的作用力向上，則球對桿的作用力向下，故A錯誤；B．根據題意可知，小球做勻速圓周運動，則小球運動到水平位置A時，合力指向圓心，對小球受力分析可知，小球受重力和桿的作用力，由平行四邊形法則可知，桿對球的作用力不可能指向O點，故B錯誤；C．若ω=gF可知此時重力剛好提供所需的向心力，則桿對球的作用力為零，故C正確；D．根據P小球從最高點運動到最低點的過程中，小球的豎直分速度發生變化，則重力的功率發生變化，故D錯誤。故答案為：C。

【分析】小球勻速圓周運動時，合力提供向心力，重力的功率與小球的豎直分速度有關。4．【答案】C【解析】【解答】A．物體做曲線運動，其軌跡夾在速度方向與所受合外力之間，且合外力指向軌跡的凹側面，根據軌跡的彎曲方向可知，質點所受的電場力方向大致向上，而帶正電的粒子在電場中所受電場力的方向與電場線（電場強度）的方向相同，帶負電的粒子在電場中所受電場力的方向與電場線（電場強度）的方向相反，由于粒子的電性未知，則不能確定電場線（場強）的方向，從而不能確定等勢面的電勢高低，故A錯誤；B．等差等勢面越密集的地方電場強度越大，P點的等勢面較Q點密集，則P點的電場線比Q點的電場線密，則P點場強較大，故B錯誤；CD．做出粒子運動過程某位置的速度方向、等勢線的切線以及電場力的方向，如圖所示可知，若粒子從Q到P，電場力與速度方向的夾角為銳角，電場力做正功，動能增加，電勢能減小，若粒子從P到Q，電場力與速度方向的夾角為鈍角，電場力做負功，動能減小，電勢能增加，可知無論粒子從P到Q還是從Q到P均得到相同的結論，即帶電質點在P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能小，P點具有的動能大于Q點具有的動能，即帶電質點在P點處的速率比在Q點處大，故C正確，D錯誤。故答案為：C。

【分析】電場線與等勢線相互垂直，等差等勢面越密集的地方電場強度越大，做曲線運動，合外力指向軌跡內側。5．【答案】A【解析】【解答】產生磁場的物體與閉合線圈之間的相互作用力可概括為四個字——“來拒去留”。磁鐵向右運動時，鋁環產生的感應電流總是阻礙磁鐵與導體間的相對運動，則磁鐵和鋁環間有排斥作用，故A正確。

故答案為：A。

【分析】根據楞次定律的推論“來拒去留”進行判斷。6．【答案】C【解析】【解答】從如圖所示的共振曲線可判斷出f驅與f固相差越大，受迫振動的振幅越??；f驅與f固越接近，受迫振動的振幅越大，并可以從中看出f驅60Hz<為可能范圍。故答案為：C?！痉治觥渴芷日駝拥恼穹酱螅寗恿︻l率與物體固有頻率越接近，驅動力頻率等于物體固有頻率，振幅最大，發生共振現象。7．【答案】A,B,D【解析】【解答】A．設繩長為l，0～6s內拉力不變，知F在6s時線速度大小不能突變，拉力發生突變。6～10s內拉力大小保持不變，有F代入圖中拉力大小，解得l兩釘子之間的間距Δl=l?故A正確；B．第一個半圈經歷的時間為6s，則πl第二個半圈的時間為t則在t=10.5s時小球在轉第二個半圈，則繩子的拉力為C．小球轉第三個半圈的長度l對應時間t″F故C錯誤；D．細繩第三次碰釘子到第四次碰釘子的時間間隔為轉第四個半圈對應的時間，則有l?=l?3Δl=故D正確。故答案為：ABD。

【分析】繩子拉力提供圓周運動向心力，小球運動過程中，運動半徑不斷縮小，繩子拉力不斷變大。8．【答案】A,C【解析】【解答】將滑動變阻器的觸頭向b端滑動，則R阻值變大，總電阻變大，總電流減小，即定值電阻R1以及電源內阻r上的電壓減小，則R1消耗的功率減??；并聯支路的電壓變大，即定值電阻R2消耗的功率變大，R2故答案為：AC。

【分析】滑動變阻器的觸頭向b端滑動，則R阻值變大，總電阻變大，總電流減小，根據閉合電路歐姆定律以及電功率公式進行分析，電容器兩板間電壓等于R2兩端電壓。9．【答案】B,D【解析】【解答】A．振動方向與傳播方向垂直的波為橫波，A錯誤；

B．縱波和橫波都可以在固態、液態、氣態介質中傳播，B正確；

C．縱波與橫波可以同時在同一介質中傳播，如地震波中既有橫波又有縱波，C錯誤；

D．振動方向與波傳播方向在同一條直線上的波就是縱波，D正確。

故答案為：BD。

【分析】振動方向與傳播方向垂直的波為橫波，振動方向與波傳播方向在同一條直線上的波是縱波。10．【答案】B,C【解析】【解答】A．粒子在磁場中滿足qvB=m設回旋加速器D形盒的半徑為R，可推導出粒子的最大動能為E由此可知，粒子的最大動能與加速電壓無關，故A錯誤；B．當磁流體發電機達到穩定狀態時，電荷在A、B板間受到的電場力與洛倫茲力平衡，即qvB=q得磁流體發電機的電動勢為E=vBd由此可知，增大勻強磁場的磁感應強度可以增大磁流體發電機的電動勢，故B正確；C．粒子從左側進入速度選擇器時，無論是帶正電還是帶負電，所受電場力與洛倫茲力的方向均相反，粒子從右側進入速度選擇器時，無論是帶正電還是帶負電，所受電場力與洛倫茲力的方向均相同，因此只能從左側進入，故C正確；D．若載流子帶負電，其所受洛倫茲力指向D側面，載流子向D側面聚集，D側面的電勢更低，故D錯誤。故答案為：BC。

【分析】在磁場中洛倫茲力提供向心力，粒子的最大動能與加速電壓無關，與D盒半徑有關，在后面三種儀器中，都可能有洛倫茲力與電場力的平衡。11．【答案】（1）乙（2）>；1.2【解析】【解答】（1）小球拋出點位置的確定需要考慮小球的直徑，所以選擇圖乙比較合理。（2）由于小球在水平方向做勻速直線運動，根據x=vt由圖可知，小球通過AC、CD兩段過程所用時間相等，設其時間為t，則水平方向有4L=v0Δx=at24L?2L=g聯立解得v0=1.2m/s12．【答案】（1）100；2910（2）A（3）偏大【解析】【解答】（1）根據題意，R1I解得R此時電流表的電阻為R然后再將其與R2I聯立解得R（2）用量程為3V、內阻為2500Ω的標準電壓表V對改裝電壓表進行校準。在閉合開關S前，滑動變阻器的滑動端P應靠近A端，可以使電壓表從零開始逐漸變大。（3）若表頭G內阻的真實值小于900Ω，則實際通過表頭G的電流偏大，則會造成改裝后電壓表的讀數與標準電壓表的讀數相比偏大?！痉治觥浚?）改裝成電流表，表頭與定值電阻并聯，改裝成電壓表，表頭與定值電阻串聯；

（2）分壓式電路，在閉合開關S前，滑動變阻器的滑動端P處在使并聯電路短路位置，對用電器具有保護作用。

（3）若表頭G內阻的真實值小于900Ω，滿偏電壓不變，則實際通過表頭G的電流偏大。13．【答案】（1）解：落地時速度是50m/s，方向與水平方向成53°v平拋運動的初速度v（2）解：根據速度的幾何關系v落地時的豎直速度v（3）解：根據vy拋出點的高度h=80m（4）解：下落時間t=水平射程x=【解析】【分析】（1）將落地時速度沿水平和豎直方向分解，由幾何關系求解平拋運動的初速度。

（2）將落地時速度沿水平和豎直方向分解，由幾何關系求解平拋運動的豎直方向速度。

（3）利用豎直方向自由落體規律求解下落高