高級中學名校試卷PAGEPAGE1——★參考答案★——12345678910CDCBABDBDBCAC11.【答案】（每空2分，共8分）（1）4.40（2）（3）（4）既有系統誤差又有偶然誤差12.【答案】（每空2分，共8分）(1).并聯0.600(2)圖2（3）5.20v（5.18~5.22)4.38(4.33~4.42）(4)0.960w13.（10分）【答案】（1）308K；（2）315.7K（1）將“溫度計”如圖甲放置，對封閉氣體分析初始狀態封閉氣體的體積cm3初始狀態封閉氣體的溫度T1＝t1＋273K＝300K當水銀柱在最右端時，溫度最高，設最高溫度為T2此時記為末狀態，末狀態的封閉氣體的體積為V2＝V0＋(L－5)S＝154cm3該變化過程為等壓變化，由蓋呂薩克定律得解得T2=308K-（35℃）（2）將“溫度計”如圖乙豎直放置后，初始狀態與第（1）問中的初始狀態相同，即V1＝150cm3，＝＝75cmHg，T1＝300K末狀態為水銀柱在最下端時，此時溫度最低，設最高溫度為T3，封閉氣體的體積和壓強分別為V3＝V0＝148cm3＝＋＝80cmHg由理想氣體狀態方程得解得T3＝315.73K（42.73℃）14.【12分】（1）設小球A與B碰前瞬間的速度為vA，A由斜面最高點下滑到最低點的過程中，由機械能守恒定律可得解得v（2）A與B發生正碰時在水平方向動量守恒，有m聯立①②并代入數據解得v設球C脫離彈簧后的速度為vC，A、B整體的速度為vAB?，從A與B結合為一個整體后到球由機械能守恒定律有1從球C脫離彈簧到運動至圓弧最大高度處的過程中，由機械能守恒定律得1聯立④⑤⑥并代入數據解得h=3.2故，不能到達D點。15.【16分】（1）；（2）；（3）（1）設粒子由P點運動到Q點的時間為t，粒子在電場中的加速度為a，y方向x方向由牛頓第二定律得解得（2）設粒子從Q點進入磁場時速度v與x軸的夾角為，y方向的速度大小為，如圖則解得粒子進入磁場時速度大小與x軸的夾角粒子在磁場中運動軌跡與磁場下邊界相切時，磁感應強度最小，設此時圓周運動的半徑為R，由幾何關系得根據牛頓第二定律解得（3）粒子從Q點進入磁場后，恰好沿方向離開磁場，此時磁感應強度大小為，粒子圓周運動的半徑由解得設粒子從處以射出，從A點進入磁場時速度與x軸的夾角為，磁場中的運動半徑為，由解得設C點為圓心，AB垂直于x軸與磁場下邊界交于B點，如圖在中由速度關系解得說明C點在磁場下邊界上，即從y軸上任意位置釋放的粒子均能沿軸方向離開磁場設粒子在電場中運動的時間為y解得解法二：（3）設粒子射入電場時縱坐標為y，則粒子在電場力作用下做勻變速曲線運動x方向有：···········································①y方向有：；vy=at··································電場力為合外力：Eq=ma·····································③聯立①②③解得x1=2粒子進入磁場后在洛倫茲力作用下做勻速率圓周運動設粒子離開磁場時水平方向分速度為vx';則有12m對粒子在磁場中的運動，在x方向與y方向上分別應用動量定理有-qvqvx粒子離開磁場時有vyt=l聯立⑤⑦解得vx'=0設粒子從進入磁場到離開磁場水平方向上的分位移為x2vxt=聯立④⑤⑥⑦⑧解得x故x=——★參考答案★——12345678910CDCBABDBDBCAC11.【答案】（每空2分，共8分）（1）4.40（2）（3）（4）既有系統誤差又有偶然誤差12.【答案】（每空2分，共8分）(1).并聯0.600(2)圖2（3）5.20v（5.18~5.22)4.38(4.33~4.42）(4)0.960w13.（10分）【答案】（1）308K；（2）315.7K（1）將“溫度計”如圖甲放置，對封閉氣體分析初始狀態封閉氣體的體積cm3初始狀態封閉氣體的溫度T1＝t1＋273K＝300K當水銀柱在最右端時，溫度最高，設最高溫度為T2此時記為末狀態，末狀態的封閉氣體的體積為V2＝V0＋(L－5)S＝154cm3該變化過程為等壓變化，由蓋呂薩克定律得解得T2=308K-（35℃）（2）將“溫度計”如圖乙豎直放置后，初始狀態與第（1）問中的初始狀態相同，即V1＝150cm3，＝＝75cmHg，T1＝300K末狀態為水銀柱在最下端時，此時溫度最低，設最高溫度為T3，封閉氣體的體積和壓強分別為V3＝V0＝148cm3＝＋＝80cmHg由理想氣體狀態方程得解得T3＝315.73K（42.73℃）14.【12分】（1）設小球A與B碰前瞬間的速度為vA，A由斜面最高點下滑到最低點的過程中，由機械能守恒定律可得解得v（2）A與B發生正碰時在水平方向動量守恒，有m聯立①②并代入數據解得v設球C脫離彈簧后的速度為vC，A、B整體的速度為vAB?，從A與B結合為一個整體后到球由機械能守恒定律有1從球C脫離彈簧到運動至圓弧最大高度處的過程中，由機械能守恒定律得1聯立④⑤⑥并代入數據解得h=3.2故，不能到達D點。15.【16分】（1）；（2）；（3）（1）設粒子由P點運動到Q點的時間為t，粒子在電場中的加速度為a，y方向x方向由牛頓第二定律得解得（2）設粒子從Q點進入磁場時速度v與x軸的夾角為，y方向的速度大小為，如圖則解得粒子進入磁場時速度大小與x軸的夾角粒子在磁場中運動軌跡與磁場下邊界相切時，磁感應強度最小，設此時圓周運動的半徑為R，由幾何關系得根據牛頓第二定律解得（3）粒子從Q點進入磁場后，恰好沿方向離開磁場，此時磁感應強度大小為，粒子圓周運動的半徑由解得設粒子從處以射出，從A點進入磁場時速度與x軸的夾角為，磁場中的運動半徑為，由解得設C點為圓心，AB垂直于x軸與磁場下邊界交于B點，如圖在中由速度關系解得說明C點在磁場下邊界上，即從y軸上任意位置釋放的粒子均能沿軸方向離開磁場設粒子在電場中運動的時間為y解得解法二：（3）設粒子射入電場時縱坐標為y，則粒子在電場力作用下做勻變速曲線運動x方向有：···········································①y方向有：；vy=at··································電場力為合外力：Eq=ma·····································③聯立①②③解得x1=