第=page11頁，共=sectionpages11頁安徽省淮北市多校2024-2025學年高二（上）期中物理試卷一、單選題：本大題共8小題，共32分。1.在如圖的電路中，當滑動變阻器的滑動頭向下滑動時，A、B兩燈亮度的變化情況為(

)

A.A燈和B燈都變亮 B.A燈、B燈都變暗

C.A燈變亮，B燈變暗 D.A燈變暗，B燈變亮【答案】D

【解析】【分析】

本題考查的是滑動變阻器對電路中電流、電壓的調節情況，分析清楚電路結構、根據滑動變阻器阻值的變化，判斷電路電流、電壓的變化情況，熟練應用功率公式是正確解題的關鍵。

【解答】

當滑動變阻器的滑動頭向下滑動時，滑動變阻器接入電路的電阻變小，并聯部分的總電阻變小，所以總電阻變小，總電流變大，所以電源內阻的電壓變大，且B燈電流變大，B燈變亮；

UA=E?I(r+R故選D。2.某導體的伏安特性曲線如圖所示，直線a是伏安特性曲線上b點的切線，關于導體的電阻，下列說法中正確的是(

)

A.當電壓是4V時，導體的電阻為22.5Ω B.當電壓是4V時，導體的電阻為0.【答案】D

【解析】【分析】

本題考查對伏安特性曲線的了解，要注意明確各點的電阻應通過電阻的定義式R=UI求解，不能根據切線的斜率求，注意圖象的點與原點連線的斜率表示電阻的倒數。

【解答】

AB、由圖可知，當電壓為4V時，電流為0.4A，故其電阻R=UI=40.4Ω=10Ω3.圖中實線為真空中某一點電荷形成的電場線，一電子的運動軌跡如圖中虛線所示，其中a、b是軌跡上的兩點．若電子在兩點間運動的速度不斷增大，則下列判斷中正確的是(

)

A.形成電場的點電荷電性為正

B.電子可能是從a點運動到b點

C.電子在兩點間運動的加速度一定減小

D.調整電子初速度的大小和方向，電子可能做勻速圓周運動【答案】C

【解析】【分析】

先由粒子的運動軌跡，判斷粒子所受電場力的大體方向，再根據做功情況聯系粒子動能變化判斷運動方向，根據電場線疏密程度，判斷ab兩點場強的大小，從而判斷ab兩點電場力大小，再根據牛頓第二定律得ab點加速度的大小；

A.做曲線運動的物體，受力的方向一定指向凹側，可知電子受電場力向左，形成電場的點電荷電性為負，A錯誤；B.由于電子在兩點間運動的速度不斷增大，因此一定是從b點向a點運動，B錯誤；C.由于從b向a運動，電場強度逐漸減小，根據牛頓第二定律，加速度逐漸減小，C正確；D.由于場源電荷與電子帶同種電荷，相互排斥，因此電子不可能做勻速圓周運動，D錯誤。故選C。4.如圖所示，在真空中的A、B兩點分別放置等量異種點電荷，在AB兩點間取一正五角星形路徑abcdefghija，五角星的中心與A.e點和g點的電場強度相同

B.h點和d點的電勢相等

C.電子在e點的電勢能比g點電勢能大

D.電子從f點到e點再到d點過程中，電場力先做正功后做負功【答案】C

【解析】【分析】

根據等量異種電荷電場線的分布比較e、g兩點的場強；等勢線與電場線垂直，等量異種電荷連線的垂直平分線是一條等勢線；沿電場線方向電勢降低；根據電場力做功與電勢能的關系分析。

解決本題的關鍵掌握等量異種電荷周圍電場線的分布，以及掌握電場力做功和電勢能變化的關系，知道等量異種電荷連線的垂直平分線是一條等勢線，且電勢與無窮遠相等。

【解答】

畫出等量異種點電荷周圍的電場線和等勢面分布如圖所示：

A、此圖可以看出，e點和g點的電場強度大小相等，但方向不同，故A錯誤；

B、沿電場線方向電勢降低，則h點的電勢高于d點的電勢，故B錯誤；

C、e點電勢低于g點，根據Ep=?eφ可知，電子在e點的電勢能大于在g點的電勢能，故C正確；

D、電子沿fed移動時，電勢先降低再升高，電勢能先增大后減小，故電場力先做負功后做正功，故D5.如圖所示的電路中，R1、R2均為定值電阻，R為可變電阻，電源的電動勢為E，內阻為r，若開關S閉合后，電壓表示數為U，電流表示數為I，當可變電阻R的滑片向右端移動時，下列說法中正確的是

A.U變小，I變大 B.U變小，I變小 C.U變大，I變大 D.U變大，I變小【答案】A

【解析】【分析】

分析滑片滑動時電阻變化，得到干路中電流變化，結合閉合電路歐姆定律分析電壓表示數變化，再分析通過電阻R1電流的變化，即可得到電流表示數變化。

本題電路動態變化分析問題，按“局部→整體→局部”的順序進行分析。

【解答】

當可變電阻R的滑片向右端移動時，R變小，外電路總電阻變小，則由閉合電路歐姆定律知，總電流I總變大，電壓表示數U=E?I總(r+R2)6.電容式話筒的原理示意圖如圖所示，E為電源，R為電阻，薄片P和Q為兩金屬基板。對著話筒說話時，P振動而Q可視為不動。在P、Q間距減小的過程中，下列判斷正確的是(

)

A.P、Q構成的電容器的電容不變 B.P、Q構成的電容器的電容增大

C.通過電阻R的電流方向為從a到b D.通過電阻R的電流為0【答案】B

【解析】【分析】

本題考查了電容器在生活中的具體應用，該題的本質問題是電容器的動態分析。

根據平行板電容器電容的決定式C=εS4πkd分析電容的變化，再由Q=CU判斷Q和U的變化。

【解答】

由于電容器始終與電源相連，故兩端電壓U不變；

AB.根據平行板電容器電容的決定式C=εS4πkd，可知當d減小時，電容器的電容C增大，故A錯誤，B正確；

CD.7.如圖，在O1和O2處分別放置等量異種電荷，以兩點連線的中點O3為圓心、在垂直O1O2的平面內某一圓周上任取兩點A、B，則A、BA.場強大小，方向均相同 B.場強大小相等，方向不同

C.電勢相等，且高于O3 D.電勢相等，且低于【答案】A

【解析】【分析】

本題考查等量異種電荷電場的特點，掌握等量異種電荷電場的特點是解題的關鍵，難度不大。

【解答】

AB.如圖所示，在等量異種電荷連線的中垂面上，以O3為圓心的圓周上A、B兩點，場強大小相等，方向相同，A正確，B錯誤；

CD.等量異種電荷連線的中垂面上各點電勢相等，且等于O3電勢，CD8.圖為某多用電表的簡化電路圖，表頭G電阻Rg=30Ω，滿偏電流Ig=1mA，滑動變阻器R2最大阻值為10kΩA.當選擇開關接1時，測量的是電壓

B.當選擇開關接2時，測量的是電阻

C.當選擇開關接3時，測量的是電流

D.測量時，電流是由A表筆流出，B表筆流入【答案】B

【解析】解：A、由圖示電路圖可知，選擇開關置于1時表頭G與電阻并聯，此時多用電表測電流，故A錯誤；

B、由圖示電路圖可知，選擇開關置于2時多用電表有內阻電源，此時多用電表可以測電阻，故B正確；

C、由圖示電路圖可知，選擇開關置于3時表頭G與電阻串聯，此時多用電表測電壓，故C錯誤；

D、由圖示電路圖可知，測量時電流由A流入由B流出，故D錯誤；

故選：B．

靈敏電流計與分流電阻并聯可以改裝成電流表；靈敏電流計與分壓電阻串聯可以改裝成電壓表；歐姆表有內置電源；電流從正接線柱流入從負接線柱流出多用電表，分析清楚圖示電路圖答題．

本題考查了多用電表的應用，知道多用電表的結構與原理是解題的前提與關鍵，掌握基礎知識、分析清楚電路結構即可解題；平時要注意基礎知識的學習與掌握．二、多選題：本大題共2小題，共10分。9.下圖所示的實驗中，極板所帶電荷量為Q，已知兩極板正對面積為S、間距為d，平行板電容器的電容為C，靜電計指針偏角為θ。則下列判斷正確的是(

)

A.若保持S不變，僅增大d，則θ變小 B.若保持S不變，僅增大d，則C變小

C.若保持d不變，僅減小S，則θ變大 D.若保持d不變，僅減小S，則C變大【答案】BC

【解析】【分析】

靜電計測定電容器極板間的電勢差，電勢差越大，指針的偏角越大．根據電容的決定式C=εS4πkd分析極板間距離、正對面積變化時電容的變化情況，由于極板所帶電荷量不變，再由電容的定義式C=QU分析板間電勢差的變化，即可再確定靜電計指針的偏角變化情況。

本題是電容動態變化分析問題，關鍵抓住兩點：一是電容器的電量不變；二是掌握電容的兩個公式：電容的決定式C=εS4πkd和C=QU。

【解答】

AB、根據電容的決定式C=εS4πkd，保持S不變，增大d時，電容C變小，電容器的電量Q不變，由電容的定義式C10.如圖，x軸上有兩同種點電荷Q1和Q2，Q1和Q2的位置坐標分別為x1、x2。Q1和A.xP點電場強度為零 B.Q1和Q2帶電量相等

C.Q1和Q2【答案】AD

【解析】解：BC、因為沿電場線方向電勢逐漸降低，根據電勢走向，場源電荷一定為同種正電荷，且電勢變化不對稱，電量不等，故BC錯誤。

AD、xP點切線斜率為零，而φ?x圖線的切線斜率表示電場強度的大小，則xP點的電場強度為零，或根據兩正電荷連線上必有場強為0點即電勢升降轉折點xP，該點左右電場反向，故AD正確。

故選：AD。

φ?x圖線的切線斜率表示電場強度的大小，從坐標x1到x三、實驗題：本大題共2小題，共18分。11.鉛筆內芯是石墨和黏土的混合體。(1)某同學使用螺旋測微器測定其直徑d，某次測量結果如圖所示，讀數為__________mm。用游標卡尺測量其長度，示數如圖所示，由圖可知其長度L(2)某同學使用多用電表歐姆擋粗測其電阻，他首先將選擇開關置于“×10”倍率，接著將兩支表筆短接，旋轉歐姆調零旋鈕使指針指向0，然后將兩表筆分別與該鉛筆內芯兩端接觸，測其電阻時指針如圖所示，則該同學接下來應該進行的操作是①換選___________(選填“×1”、“×100”或“×(3)下圖是某同學找到的某多用電表的原理電路圖。圖中R1、R2、R3、R4和R5是固定電阻，R6是可變電阻；表頭G的滿偏電流為250μA①A端與________?(填“紅”或“黑”②若多用電表有以下5個擋位，則B端與“2”相連時為_______擋位(填寫選項前字母代號)。A.

直流電壓1V擋

B.直流電壓5V擋

CD.

直流電流2.5mA擋

E.③R1+R2=________Ω，若R【答案】(1)0.680，2.98?(2)?×100，【解析】【分析】

(1)由螺旋測微器及游標卡尺讀數方法得解；

(2)由歐姆表的使用步驟得解；由其讀數方法得解；

(3)由歐姆表的內部結構得解；由多用電表的改裝原理得解。

本題主要考查螺旋測微器及游標卡尺讀數及多用電表的使用，難度一般。

【解答】

(1)由螺旋測微器的讀數方法可得直徑d=0.5mm+18.0×0.01mm=0.680mm；

由游標卡尺讀數方法得長度L=2.9cm+8×0.1mm=2.98cm；

(12.某同學用伏安法測一節干電池的電動勢和內阻，現備有下列器材：A.被測干電池一節B.電流表1：量程0～0.6C.電流表2：量程0～0.6D.電壓表1：量程0～E.電壓表2：量程0～F.滑動變阻器1：0～10G.滑動變阻器2：0～100H.開關、導線若干伏安法測電池電動勢和內阻的實驗中，由于電流表和電壓表內阻的影響，測量結果存在系統誤差，在現有器材的條件下，要盡可能準確地測量電池的電動勢和內阻．(1)在上述器材中請選擇適當的器材(填寫器材前的字母(2)實驗電路圖應選擇下圖中的__________(填“甲”或“乙”

(3)根據實驗中電流表和電壓表的示數得到了如圖丙所示的U?I圖象，則在修正了實驗系統誤差后，干電池的電動勢E=_________V

【答案】(1)B；D；F；(2)甲；【解析】【分析】

(1)實驗中要能保證安全和準確性選擇電表；

(2)本實驗應采用電阻箱和電壓表聯合測量，由實驗原理可得出電路原理圖；

(3)由原理利用閉合電路歐姆定律可得出表達式，由數學關系可得出電動勢和內電阻．

本題為設計性實驗，在解題時應注意明確實驗的原理；并且要由實驗原理結合閉合電路歐姆定律得出表達式，由圖象得出電動勢和內電阻．

【解答】

(1)干電池的電動勢約為1.5V，故為了讀數準確，電壓表應選擇D．

內阻較小，為了準確測量內阻，選擇已知內阻的電流表B；

滑動變阻器阻值較小有利于電表的數值變化，減小誤差，故選F．

(2)根據以上分析可知，電流表與電池串聯，將電流表內阻等效為電源內阻，故電路圖選擇甲；

(3)由U?I圖可知，電源的電動勢E=1.5V四、計算題：本大題共3小題，共40分。13.有一電荷量為q=3×10?6C的點電荷，從電場中的A點移到B點時，克服電場力做功6(1)A(2)若B點電勢為零，C【答案】(1)電荷從A移到B點的過程，電場力做負功，可得A、U(2)從B點移到W又因為，B點電勢為零，即E所以E

【解析】詳細解答和解析過程見【答案】14.如圖所示，M為一線圈電阻RM=0.4?Ω的電動機，電阻R=24?Ω，電源電動勢E=40?V.(1)電源內阻(2)開關S【答案】解：(1)設電源內阻為r′，當S斷開時，I1=ER+r′，即1.6=4024+r，

得：r′=1Ω．

(2)當S合上時，I2=4A，則：U內=I2?r′=【解析】(1)當S斷開時，根據閉合電路歐姆定律求解電源的內阻．

(2)當開關S閉合時，已知電流表的示數，求出路端電壓，由歐姆定律求出通過R的電流，得到通過電動機的電流，由功率公式15.示波器的原理可簡化為圖甲所示，一束電子流持續不斷的由靜止開始經加速電場加速后，沿中軸線OO′垂直電場方向射入偏轉電場，射出電場后打