…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版必修3物理上冊月考試卷137考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、某導體中的電流隨其兩端電壓的變化如圖所示；則下列說法中正確的是（）

A.加5V電壓時，導體的電阻約是5ΩB.加11V電壓時，導體的電阻約是1.4ΩC.由圖可知，隨著電壓的增大，導體的電阻不斷減小D.此導體為線性元件2、如圖所示，電動勢為E、內阻為r的電池與定值電阻R0、滑動變阻器R串聯，已知R0=r，滑動變阻器的最大阻值是2r。閉合開關S，當滑動變阻器的滑片P由a端向b端滑動時；下列說法中正確的是（）

A.路端電壓變大B.電源提供的總功率變小C.滑動變阻器消耗的功率變小D.定值電阻R0上消耗的功率變小3、如圖所示，電場中有A、B兩點；則下列說法正確的是（）

A.電勢電場強度B.電勢電場強度C.將電荷從A點移到B點靜電力做了負功D.將電荷分別放在A、B兩點時具有的電勢能4、某同學在研究電容的充放電過程中，產生了一個新奇的想法：不管什么電路，總可以定義一個“等效電阻”，該“等效電阻”等于電路兩端電壓與流過該段電路總電流的比值。如圖所示電路，定值電阻R1和R2的阻值均為6Ω，初始電容C不帶電；在剛閉合開關S的瞬間，按照該同學的定義，外電路“等效電阻”為（）

A.0ΩB.3ΩC.6ΩD.12Ω5、近年來春游自拍套裝受追捧；如圖所示，它包含的移動電源解決了人們拍照時經常發生的電量不足問題。下列關于電源的說法錯誤的是（）

A.電源的作用是使正極聚集正電荷，負極聚集負電荷，以持續對外供電B.在電源外部，電流是從電源的正極流向負極C.有電源，電路中一定有持續的電流D.電源是將其他形式的能轉化為電能的裝置6、如圖，A、B為水平放置的平行金屬板，下板B接地，R為滑動變阻器，電源內阻不可忽略。閉合開關與S；電路穩定后，A；B之間一帶電液滴P恰好靜止。則（）

A.僅使A板水平向左移動一小段距離，液滴將向下運動B.僅使變阻器滑片向下滑動，液滴將向上運動，電阻R功率增大C.斷開僅使A板豎直向上移動一小段距離，液滴將向上運動D.斷開僅使B板豎直向下移動一小段距離，液滴的電勢能將減小評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、在如圖所示電路中，電源的電動勢為E、內阻為r，R1和R2為兩個定值電阻.閉合電鍵S，當滑動變阻器R3的滑動觸頭P從a向b滑動時，三個理想電表的示數都發生變化，電流表和電壓表的示數分別用I1、I2和U表示，示數變化量的絕對值分別用ΔI1、ΔI2和ΔU表示；下列說法正確的有。

A.U變大，I1變小，I2變小B.U與I1的比值變小C.ΔI1小于ΔI2D.ΔU與ΔI1的比值不變8、若用E表示電源電動勢，U表示外電壓，U′表示內電壓，R表示外電路的總電阻，r表示內電阻，I表示電流，則下列各式中一定正確的是（）A.U＝2U′B.U′＝E－UC.U＝E—IrD.U＝·E9、如圖所示，“V”形光滑導電支架下端用鉸鏈固定于絕緣水平面上，支架兩臂與水平面間的夾角均為53°，兩臂粗細均勻，支架的臂上套有一根原長為l的輕彈簧，輕彈簧的下端固定于“V”形支架下端，上端與一可視為質點的金屬小球相接，小球與支架接觸良好，小球可以隨支架一起繞中軸線轉動，該臂上端有一擋板，支架上端A、C之間通過導線接入理想電源和理想電流表。已知小球質量為m，支架每臂長為支架靜止時彈簧被壓縮了電流表的讀數為I，重力加速度為g，忽略導線、彈簧、鉸鏈和小球的電阻，支架兩臂上電阻分布均勻。已知重力加速度為g。則（）

A.輕彈簧的勁度系數為B.當支架繞軸勻速轉動時，小球沿方向的合力不為零C.當彈簧處于原長時，電流表的讀數為支架勻速轉動的角速度為D.當電流表的讀數為時，彈簧形變量最大，支架勻速轉動的角速度為10、某電場的電場線分布如圖實線所示，一帶電粒子只在電場力作用下經A點運動到B點；運動軌跡如虛線所示。下列說法正確的是（）

A.若粒子帶正電，其加速度增大、電勢能減小B.若粒子帶正電，其加速度減小、電勢能增大C.若粒子帶負電，其加速度增大、電勢能減小D.若粒子帶負電，其加速度減小、電勢能增大11、已知均勻帶電球殼內部電場強度處處為零，電勢處處相等．如圖所示，正電荷均勻分布在半球面上，Ox為通過半球頂點與球心O的軸線，A、B為軸上的點，且AO=OB；則下列判斷正確的是()

A.A、B兩點的電勢相等B.A、B兩點的電場強度相同C.點電荷從A點移動到B點，電場力一定做正功D.同一個負電荷放在B點比放在A點的電勢能大12、在一靜止正點電荷的電場中，任一點處的電勢與該點到點電荷的距離r的倒數的關系圖像如圖所示.電場中三個點a、b、c的坐標如圖所示，其電場強度大小分別為和現將一帶負電的試探電荷依次由a點經過b點移動到c點，在相鄰兩點間移動的過程中，電場力所做的功分別為和下列判斷正確的是（）

A.B.C.D.13、如圖所示，在水平面內有直角三角形ABC，AB邊的長度為2cm，在水平面內有一勻強電場，A點電勢為4V，B點電勢為2V，C點電勢為0。若電子電量大小為e，則下列說法正確的是（）

A.電子在A點的電勢能大于在B點的電勢能B.將電子從A移到B再移到C和直接從A移到C，電場力做功均為4eVC.電場強度的方向與AB邊的夾角為30°D.電場強度的大小為14、在如圖所示的U－I圖象中，直線Ⅰ為某一電源的路端電壓與電流的關系圖象，直線Ⅱ為某一定值電阻R的伏安特性曲線。用該電源直接與定值電阻R相連組成閉合電路；由圖象可知。

A.電源的總功率為18WB.電阻R的阻值為1ΩC.電源的輸出功率為2WD.電源的效率約為66.7%評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、常用電容器。

（1）分類∶

①按電容是否可變分∶______電容器、______電容器。

②按電介質分∶空氣電容器、_______電容器；陶瓷電容器、電解電容器等。

（2）常見的電容器∶

①固定電容器∶

②可變電容器∶

16、用伏安法測量電阻時，MN接在恒定電壓上，當S接a時電壓表的示數為10V，電流表的示數為0.2A；當S接b時電壓表示數為12V，電流表的示數為0.15A；為了較準確地測定S應接在___點，的真實值為______Ω

17、四根完全相同的長直導線互相平行，它們的截面處于正方形abcd的四個頂點，導線中都通有大小相同的電流，方向如圖所示。正方形對角線的交點為O，通電導線a在O點產生的磁感應強度為B，四根通電導線在O點產生磁場的磁感應強度大小為___________，方向為___________。

18、摩擦起電：當兩種物質組成的物體互相摩擦時，一些受束縛較弱的電子會____________到另一個物體上。于是，原來電中性的物體由于得到電子而帶____________電，失去電子的物體則帶___________電。19、知識點3電荷守恒定律

表述一：電荷既不會___________，也不會___________，它只能從物體的一部分轉移到___________，或者從一個物體轉移到___________。在轉移的過程中，電荷的總量___________。

表述二：一個與外界沒有電荷交換的系統，電荷的代數和___________。20、如圖甲所示，真空中水平放置兩塊長度為2d的平行金屬板P、Q，兩板間距為d，兩板間加上如圖乙所示最大值為U0的周期性變化的電壓，在兩板左側緊靠P板處有一粒子源A，自t=0時刻開始連續釋放初速度大小為v0，方向平行于金屬板的相同帶電粒子，t=0時刻釋放的粒子恰好從Q板右側邊緣離開電場，已知電場變化周期粒子質量為m，不計粒子所受重力及相互間的作用力，則在t=0時刻進入的粒子離開電場時速度大小為___________，粒子的電荷量為___________；在時刻進入的粒子離開電場時電勢能減少了___________。

21、圖中用3V量程時，表針的示數是___________V；當使用15V量程時，圖中表針示數為___________V。

22、電磁波具有能量：

（1）可以用儀器探測到電磁波的存在，說明電磁波是一種真實存在的_____。

（2）生活中常常用微波爐來加熱食物，說明電磁波具有____，且電磁波的頻率____，能量____。23、將一電荷量為+Q的小球放在不帶電的金屬球附近，所形成的電場線分布如圖所示，金屬球表面的電勢處處相等。a、b為電場中的兩點；則：

（1）a點的電場強度比b點的______（填“大”“小”）；

（2）a點的電勢比b點的______（填“高”“低”）；

（3）檢驗電荷－q在a點的電勢能比在b點的______（填“大”“小”）；

（4）將檢驗電荷－q從a點移到b點的過程中，電場力做______功（填“正”“負”或“不做”）；評卷人得分四、作圖題(共4題，共28分)24、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

25、如圖所示，磁感應強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內，左右各一半面積的范圍內，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

26、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關S擲向1，一段時間后，將開關擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內阻和電阻箱阻值均未知，根據已知條件和傳感器顯示的圖像中的數據信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短27、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共27分)28、如圖是測量阻值約幾十歐的未知電阻Rx的原理圖，圖中R0是保護電阻（10Ω），R1是電阻箱（0~99.9Ω），R是滑動變阻器，A1和A2是電流表，E是電源（電動勢10V；內阻很小）。在保證安全和滿足需求的情況下，使測量范圍盡可能大。實驗具體步驟如下：

a．連接好電路；將滑動變阻器R調到最大；

b．閉合S，從最大值開始調節電阻箱R1，先調R1為適當值，再調節滑動變阻器R，使A1示數記下此時電阻箱的阻值R1和A2的示數I2；

c．重復步驟b，再測量6組R1和I2的值；

d．將實驗測得的7組數據在如圖所示坐標紙上描點。根據實驗回答以下問題：

（1）現有四只供選用的電流表。

A．電流表（0~3mA；內阻為2.0Ω）

B．電流表（0~3mA；內阻未知）

C．電流表（0~0.3A；內阻為5.0Ω）

D．電流表（0~0.3A；內阻未知）

A1應選用________，A2應選用________。

（2）測得一組R1和I2值后，調整電阻箱R1，使其阻值變小，要使A1示數I1＝0.15A，應讓滑動變阻器R接入電路的阻值________（選填“不變”；“變大”或“變小”）。

（3）在坐標紙上畫出R1與I2的關系圖________。

（4）根據以上實驗得出Rx＝________Ω。

29、在“測定金屬的電阻率”實驗中；所用測量儀器均已校準，待測金屬絲接入電路部分的長度約為50cm。

①用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，測量結果如圖所示，其讀數應為___________mm。

②用伏安法測金屬絲的阻值Rx，實驗所用器材為：電池組（電動勢3V，內阻約1Ω）、電流表（內阻約0.1Ω）、電壓表（內阻約3kΩ）、滑動變阻器R（0～20Ω，額定電流2A）、開關、導線若干。某小組同學利用以上器材正確連接好電路，進行實驗測量，記錄數據如下圖：。次數1234567U/V0.100.300.701.001.501.702.30I/A0.0200.0600.1600.2200.3400.4600.520

由以上實驗數據可知，他們測量Rx是采用下圖中的___________（選填“甲”或“乙”）。

③任何實驗測量都存在誤差，本實驗所用測量儀器均已校準，下列關于誤差的說法中正確的選項是___________。

A．用螺旋測微器測量金屬絲直徑時；由于讀數引起的誤差屬于系統誤差。

B．由于電流表和電壓表內阻引起的誤差屬于偶然誤差。

C．若將電流表和電壓表的內阻計算在內；可以消除由測量儀表引起的系統誤差。

D．用U—I圖像處理數據求金屬絲電阻可以減小偶然誤差。

④實驗中已測得金屬絲直徑d，設金屬絲長度為L，電阻為R，則該金屬絲的電阻率___________。30、美國物理學家密立根通過如圖所示的實驗裝置；最先測出了電子的電荷量，被稱為密立根油滴實驗。兩塊水平放置的金屬板A；B分別與電源的正負極相連接，板間產生勻強電場，方向豎直向下，圖中油滴由于帶負電懸浮在兩板間保持靜止。

（1）若要測出該油滴的電荷量，需要測出的物理量有________。

A．油滴質量mB．兩板間的電壓UC．兩板間的距離dD．兩板的長度L

（2）用所選擇的物理量表示出該油滴的電荷量q=________（已知重力加速度為g）。

（3）若要使原本靜止的油滴落到下極板，則下列做法可以達到目的的有________。

A．保持兩極板電壓不變，把下極板向下移B．斷開電源；把下極板向右移。

C．斷開電源，在兩極板間插入電介質D．斷開電源，把下極板向上移評卷人得分六、解答題(共4題，共16分)31、有一個平行板電容器，電容是1.5×10-4μF，所帶電荷量為6×10-8C。如果兩板間的距離為1mm，電容器兩極板間的電場強度是多少？32、兩塊金屬平板A、B水平放置，其初始距離為d，此時金屬平板A、B構成電容器的電容為C，金屬平板A、B分別接到輸出電壓恒為U的電源兩極，如圖所示。將一個質量為m、不帶電的金屬小球從A板正中的小孔S處由靜止釋放，金屬小球落到金屬平板B上與平板碰撞后，以與碰撞前等大的速度反彈，同時獲得金屬板B帶電量的倍，由于α很小，可以認為金屬球帶走電荷后，對兩板間的電場的影響可以忽略，金屬小球運動過程中靜電感應的影響也可以忽略不計，重力加速度為g。

(1)試計算金屬球上升的最高點到A板的距離h；

(2)在金屬小球再次返回，尚未進入小孔S之前，將金屬板B下拉一段距離x，金屬小球再次與水平金屬板B碰撞時依舊以與碰撞前等大的速度反彈，電量變為金屬板B帶電量的α倍，小球再次上穿S到達最高點距離A板為試求x多大？

33、如圖所示，在電場強度大小的水平勻強電場中，有一根長l=15cm的絕緣細線，一端固定在O點，另一端系一個質量m=3g、電荷量的帶正電小球，當細線處于水平位置時，小球從靜止開始釋放，g取10m/s2。問：

（1）小球從開始釋放到到達最低點B的重力勢能；電勢能分別變化了多少？

（2）若取A點電勢為零，則小球在B點的電勢能、B點的電勢分別為多少？

?34、如圖所示，一個絕緣光滑圓環豎直放在水平向右的勻強電場中，圓環半徑大小為R=1.0m，電場強度大小為E=6.0×106V/m，現將一小物塊由與圓心O等高的位置A點靜止釋放，已知小物塊質量為m=1.6kg，電荷量為q=＋2.0×10-6C，釋放后滑塊將沿著圓環滑動。小物塊可視為質點，g取10m/s2

（1）求當物塊滑到圓環最低點B時對軌道的壓力大小；

（2）若在圓環最低點B點給小物塊一個水平向左的初速度vB=9m/s；物塊能否緊貼圓環在豎直平面內做圓周運動？（寫出詳細分析；判定過程）（已知：sin37°=0.6，cos37°=0.8）

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】【詳解】

A．對某些導電器材，其伏安特性曲線不是直線，但曲線上某一點的值仍表示該點所對應的電阻值，當導體加5V電壓時，電阻R1==5Ω

故A正確；

B．當導體加11V電壓時，由題圖知電流約為1.4A，電阻R2大于1.4Ω；故B錯誤；

CD．由圖可知；隨電壓的增大，圖象的斜率減小，則可知導體的電阻越來越大，則導體為非線性元件，故CD錯誤。

故選A。2、C【分析】【詳解】

ABD．當滑動變阻器的滑片P由a端向b端滑動時，滑動變阻器接入電路的阻值減小，電路總電阻減小，總電流增大，根據

可知電源提供的總功率增大；

根據

可知路端電壓減小；

根據

可知定值電阻R0上消耗的功率增大；綜上所述可知ABD錯誤；

C．滑動變阻器消耗的功率為

根據數學知識可知當R=2r時，P最大；當R＜2r時，P隨R的減小而減小，所以當滑動變阻器的滑片P由a端向b端滑動時，P減小；故C正確。

故選C。3、B【分析】【詳解】

AB．根據“沿電場線電勢逐漸降低”可知

根據電場線的疏密，可知

故A錯誤；B正確；

C．將電荷從A點移到B點靜電力做了正功。故C錯誤；

D．根據

可知，將電荷分別放在A、B兩點時具有的電勢能

故D錯誤。

故選B。4、C【分析】【詳解】

初始電容C不帶電，在剛閉合開關S的瞬間，電容的兩端的電壓為零，故R2兩端的電壓為零，經過的電流為零，回路中的路端電壓等于R1兩端的電壓，電流大小等于R1的電流。故按照該同學的定義，外電路“等效電阻”為R1阻值6Ω。

故選C。5、C【分析】【分析】

【詳解】

A．電源的作用是使正極聚集正電荷；負極聚集負電荷，以持續對外供電，A正確，不符合題意；

B．在電源外部；電流是從電源的正極流向負極，B正確，不符合題意；

C．電路中有持續電流的條件是有電源和通路；所以有電源不一定有持續的電流，C錯誤，符合題意；

D．從能量轉化的觀點看；電源是將其他形式的能轉化為電能的裝置，D正確，不符合題意。

故選C。6、D【分析】【詳解】

A．因為電容器與滑動變阻器并連，僅使A板水平向左移動，滑動變阻器的阻值不變，其滑動變阻器兩端電壓不變，即電容器兩端的電壓不變，所以電容器內部的場強根據公式

其場強也不變；即液滴所受電場力不變，所以液滴的合力依然為零，即液滴靜止，故A項錯誤；

B．滑動變阻器的滑片向下移動，其接入電路的阻值變小，根據電路的串并聯規律可知，電路中的總電阻減小，閉合電路歐姆定律可知，其電路中的總電流變大，根據

可知路端電壓變小，即滑動變阻器兩端電壓變小，因為滑動變阻器與電容器并聯，所以電容器兩端的電壓減小。根據公式

所以電容器內部的場強變小，根據

可知；液滴受到的電場力變小，所以液滴的合力向下，即液滴向下運動。根據電源輸出功率的知識可知，若滑動變阻器的阻值比電源的內阻小，則隨著阻值變小，其功率也變小；若其阻值大于電源的內阻，在其未與內阻相等時，隨著電阻減小，其功變大。因為不知道滑動變阻器的阻值與電源內阻的關系，所以無法判斷電阻的功率變大還是變小，故B項錯誤；

C．斷開電容器所帶的電荷量不會發生變化，僅使A板豎直向上移動一小段距離，其電容器的板間距變大，有

整理有

所以電容器內部的場強不變；即液滴合力仍然為零，液滴將靜止，故C項錯誤；

D．斷開電容器所帶的電荷量不會發生變化，僅使B板豎直向下移動一小段距離，其電容器的板間距變大，由之前的分析可知，板間的電場強度不變，液滴仍然靜止在P點。對于PB有

因為B板接地，所以B板的電勢為零，因為B板下移所以PB之間的距離變大，所以P點的電勢變大。由題意可知，液滴初始受豎直向下的重力和豎直向上的電場力，結合題圖可知，A板帶正電，所以液滴帶負電。根據公式

所以液滴的電勢能變小；故D項正確。

故選D。二、多選題(共8題，共16分)7、B:C:D【分析】【分析】

考查電路的動態分析。

【詳解】

A．滑動觸頭P從a向b滑動時，R3減小，由結論法“串反并同”可知U減小，I1增大，I2增大；A錯誤；

B．U與I1的比值為路端總電阻，由于R3減小，路端總電阻減小，所以U與I1的比值變小；B正確；

C．I1為I2與R2電流之和，I1增大，I2增大，R2電流為則：

所以ΔI1小于ΔI2；C正確；

D．ΔU為路端電壓的增加量，也為內部電壓減少量，ΔU與ΔI1的比值為電源內阻，內阻不變，D正確；故選BCD。8、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．內電壓和外電壓的關系是由內阻和外電阻的關系決定；則兩者不一定是2倍關系，選項A錯誤；

B．電動勢等于內外電壓之和；即。

U′＝E－U選項B正確；

C．根據閉合電路的歐姆定律。

U′=Ir則。

U＝E—Ir選項C正確；

D．若電路是純電阻性電路；根據閉合電路歐姆定律。

路端電壓。

若電路是非純電阻性電路；此時路端電壓。

D錯誤。

故選BC。9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．受力分析如圖。

根據共點力平衡

解得

故A錯誤；

B．當支架繞軸速轉動時，小球做水平面上的勻速圓周運動，合力沿水平方向指向轉抽，所以小球沿方向的分力沿向下。故B正確；

C．當彈簧處于原長時，如圖所示，支架的角速度設為則有。

解得

設兩臂上單位長度電阻為根據歐姆定律，依題意，可得

聯立可得

故C正確；

D．當電流表的讀數為時，根據歐姆定律，有

解得

即彈簧形變量最大，此時彈簧產生彈力為

設此時小球角速度為沿方向應用牛頓第二定律，有

解得

由于有擋板，所以角速度故D錯誤。

故選BC。10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

由粒子的運動軌跡彎曲方向可知；帶電粒子受電場力大致向右，與軌跡上每一點的切線方向即瞬時速度方向成銳角，則電場力對帶電粒子做正功，其電勢能減小，動能增大；

電場線越來越密；場強增大，粒子所受的電場力增大，加速度增大，這些結論與粒子的電性無關，故AC正確，BD錯誤。

故選AC。11、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據電場的疊加原理可知，x軸上電場線方向向右，則A點的電勢高于B點的電勢；故A錯誤；

B．將半球殼補成一個完整的球殼，且帶電均勻，設左、右半球在A點產生的場強大小分別為E1和E2。由題知，均勻帶電球殼內部電場強度處處為零，則知E1=E2。根據對稱性可知，左、右半球在B點產生的場強大小分別為E2和E1．且E1=E2．則在圖示電場中，A的場強大小為E1，方向向右。B的場強大小為E2，方向向右，所以A點的電場強度與B點的電場強度相同；故B正確；

C．點電荷從A點移到B點；電勢降低，由于點電荷的電性未知，則電場力不一定做正功，故C錯誤；

D．A點的電勢高于B點的電勢，根據負電荷在電勢高處電勢能小，在電勢低處電勢大，知同一個負電荷放在B點比放在A點的電勢能大。故D正確。

故選BD。12、B:C【分析】【分析】

靈活應用點電荷的場強公式及電勢隨變化的圖像進行分析推理。

【詳解】

AB．由點電荷的場強公式

可得

故A錯誤；B正確。

CD．電場力做的功

又因為

所以故C正確；D錯誤。

故選BC。13、C:D【分析】【詳解】

A．A點的電勢大于B點的電勢，因為電子帶負電，所以電子在A點的電勢能小于在B點的電勢能；A錯誤；

B．將電子從A移到B再移到C和直接從A移到C，電勢能增大，電場力做負功為B錯誤；

C．由圖可知，在勻強電場中，AC中點D的電勢為2V，連接BD為一條等勢線，根據電場強度與該處等勢線垂直可得，作BD的垂線BF即為場強方向，由幾何知識可得與AB邊的夾角為30°；C正確；

D．AB沿著場強方向的距離為

由公式可得場強為

D正確。

故選CD。

14、B:D【分析】【詳解】

AC．兩圖線的交點表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時工作狀態，由圖讀出電壓U=2V，電流I=2A，電源電動勢為E=3V，則電源的總功率為P總=EI=6W

電源的輸出功率：P出=IU=4W

選項AC錯誤．

B．電阻R的阻值為

選項B正確；

D．電源的效率約為

選項D正確；

故選BD.三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

常用電容器。

（1）分類∶

①[1][2]按電容是否可變分∶可變電容器；固定電容器。

②[3]按電介質分∶空氣電容器、聚苯乙烯電容器、陶瓷電容器、電解電容器等。【解析】①.可變②.固定③.聚苯乙烯16、略

【分析】【詳解】

[1]S接a和接b時，電流表的示數變化較大，這說明電壓表的分流較大，因此接b點時；采用伏安法測電阻誤差較小。

[2]設電源的電壓為E，電流表的內阻為由題得

則S接a時，有

即

S接b時

即

解得【解析】b7017、略

【分析】【詳解】

[1]據安培定則可得通電電流的磁場方向如圖所示。

正方形abcd的四個頂點，導線中都通有大小相同的電流，通電導線a在O點產生的磁感應強度為B，所以通電導線bcd在O點產生的磁感應強度均為B，由矢量疊加可得四根通電導線在O點產生磁場的磁感應強度大小為

[2]由疊加原理可得O點產生磁場的方向為由O指向b。【解析】2B由O指向b18、略

【解析】①.轉移②.負③.正19、略

【分析】【詳解】

略【解析】①.創生②.消滅③.另一部分④.另一個物體⑤.保持不變⑥.保持不變20、略

【分析】【詳解】

[1]由題意知，t=0時刻進入電場的粒子，水平方向做勻速運動，則

所以粒子在電場中運動時間為

由此可知，粒子在豎直方向先做加速運動后做減速運動，經過一個周期，粒子的豎直速度為零，故粒子離開電場時的速度大小等于水平速度，即

[2]粒子在豎直方向一個周期內的位移為d，即

解得

[3]時刻進入電場的粒子，離開電場時在豎直方向上的位移為

電場力做功為

電場力做正功，電勢能減少，且【解析】v021、略

【分析】【詳解】

[1]當電壓表量程為3V時；每一小格為0.1V，故指針所指讀數為1.70V；

[2]當使用15V量程時，每一小格為0.5V，故指針所指讀數為8.5V。【解析】1.708.522、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]可以用儀器探測到電磁波的存在；說明電磁波是一種真實存在的物質。

(2)[2][3][4]生活中常常用微波爐來加熱食物，說明電磁波具有能量，且電磁波的頻率越高，能量越大。【解析】①.物質②.能量③.越高④.越大23、略

【分析】【分析】

電場線的疏密表示場強的大小；a點所在的電場線從Q出發到不帶電的金屬球終止，所以a點的電勢高于金屬球的電勢，而b點所在處的電場線從金屬球發出到無窮遠，所以金屬球的電勢高于b點的電勢；電勢越高的地方；負電荷具有的電勢能越小．

【詳解】

（1）電場線的疏密表示場強的大小，由圖象知a點的電場強度比b點大；（2）a點所在的電場線從Q出發到不帶電的金屬球終止，所以a點的電勢高于金屬球的電勢，而b點所在處的電場線從金屬球發出到無窮遠，所以金屬球的電勢高于b點的電勢，即a點的電勢比b點的；（3）電勢越高的地方，負電荷具有的電勢能越小，即負電荷在a點的電勢能較b點小；（4）由（3）可知，-q在a點的電勢能較b點小，則把-q電荷從電勢能小的a點移動到電勢能大的b點；電勢能增大，電場力做負功。

【點睛】

該題考查電場線的特點與電場力做功的特點，解題的關鍵是電場力做正功，電勢能減小；電場力做負功，電勢能增加；知道電場線從正電荷出發，終止于負電荷。【解析】大高小負四、作圖題(共4題，共28分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點的等勢點，即E點，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場的過程可分為三個階段，進入磁場階段（只有邊在磁場中），在磁場中運動階段（兩邊都在磁場中），離開磁場階段（只有邊在磁場中）。

①線框進入磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性增加，最后為

②線框在磁場中運動階段：對應，時間內，穿過線框的磁通量線性減小，最后為時間內，穿過線框的磁通量反向線性增加，最后為

③線框離開磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性減小，最后為

畫出圖像如圖所示。

【解析】見解析26、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯在電路中；因此應為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減小；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據可知電阻箱R的電壓UR減小；選項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時間將變長，選項C錯誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據可知電容器的電荷量將變小；放電的時間將變短，選項D正確。

故選ABD。【解析】ABDABD27、略

【分析】【詳解】

電場線上每一點的切線方向即為該點的電場強度方向；負電荷受電場力的方向與場強方向相反，如圖所示。

【解析】五、實驗題(共3題，共27分)28、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]由并聯電路規律電壓相等

解得

要想求得則需要知道的值，并且由I1的電流為0.15A，則A1應選用D，A2應選用C；

（2）[3]調整電阻箱R1，使其阻值變小，要使A1示數I1＝0.15A；由閉合電路歐姆定律可知，使并聯電路電壓減小即可。而并聯電路與滑動變阻器串聯，根據串聯電路分壓原理，故應增大滑動變阻器阻值；

（3）[4]有上述關系可知R1與I2成線性關系；故應排除偏差特別大的點，將剩下的點連成一條直線即可。

（4）[5]圖中直線斜率

帶入數據解得【解析】DC變大3129、略

【分析】【詳解】

①[1]螺旋測微器讀數為

②