…………○…………內…………○…○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、一定質量的理想氣體經歷一系列變化過程；如圖所示，下列說法正確的是（）

A.過程中，氣體壓強不變，體積增大B.過程中，氣體體積減小，壓強減小C.過程中，氣體壓強增大，體積不變D.過程中，氣體壓強增大，體積變小2、中國最早的農學論文《呂氏春秋·任地》論述到：“人耨必以旱，使地肥而土緩”。農諺“鋤板底下有水”、“鋤頭自有三寸澤”。這都是對松土保墑功能的生動總結。關于農業生產中的松土保墑環節蘊含的科學原理，下列說法正確的是（）A.松土是把地面的土壤鋤松，目的是破壞這些土壤里的毛細管，保存水分B.松土是為了讓土壤里的毛細管變得更細，保護土壤里的水分C.松土保墑利用了浸潤液體在細管中下降，不浸潤液體在細管中上升的科學原理D.松土除了保墑、刈草外，還可促進蒸發、降低地溫；“多鋤地發暖”這句農諺沒有科學道理3、一定質量的理想氣體經歷了如圖所示的A→B→C→D→A循環過程。下列說法正確的是（）

A.A→B→C過程中，氣體壓強先增加后不變B.C→D→A過程中，單位體積內分子數先不變后增加C.整個循環過程中，氣體對外界做的功大于外界對氣體做的功D.整個循環過程中，氣體對外界放熱，內能不變4、一定質量的理想氣體經歷了如圖所示的ab、bc、cd、da四個過程，其中ba的延長線通過坐標原點，氣體a、b、c、d四個狀態的壓強與溫度的關系如圖所示，則（）

A.氣體在bc過程中體積的變化量等于da過程中體積的變化量B.氣體在ab過程中內能的增加量小于cd過程中內能的減少量C.氣體在ab過程中吸收的熱量等于cd過程中放出的熱量D.氣體在ab過程中吸收的熱量小于cd過程中放出的熱量5、如圖所示，在原來不帶電的金屬桿ab附近，在ab連線的延長線上放置一個正點電荷；達到靜電平衡后，下列判斷正確的是（）

A.a端的電勢比b端的高B.b端的電勢比d點的高C.a端的電勢與b端的電勢相等D.感應電荷在桿內c處產生的場強方向由b指向a6、如圖所示，一束可見光穿過平行玻璃磚后，變為a、b兩束單色光；則。

A.a光的頻率大于b光的頻率B.若a光是藍色光，則b光可能是黃色光C.若兩種光通過相同雙縫，則a光產生的干涉條紋間距比b光大D.若a光不能使某金屬發生光電效應，則b光一定不能使該金屬發生光電效應7、三個半徑相同的彈性球，靜止置于光滑水平面的同一直線上，順序如圖所示，已知mA=m，mC=4m．當A以速度v0向B運動，若要使得BC碰后C具有最大速度，則B的質量應為（）

A.mB.2mC.3mD.4m8、以下科學家中，發現中子的是A.J·J湯姆孫B.查德威克C.盧瑟福D.約里奧·居里夫婦9、一列沿x軸正向傳播的簡諧波，在x1=2.0m和x2=12m處的兩質點的振動圖像如圖實線和虛線所示．由圖可知，關于簡諧波的波長和波速有如下一些判斷正確的是（）

A.波長一定等于4.0mB.波長可能等于10mC.2s末x1=2.0m的質點具有沿y軸負方向的最大速度D.最大波速等于5.0m/s評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)10、如圖所示，兩虛線之間的空間內存在著正交或平行的勻強電場E和勻強磁場B，有一個帶正電的小球（電荷量+q，質量為m）從正效或平行的電磁復合場上方的某一高度處自由落下，那么，帶電小球不可能沿直線通過下列的哪個電磁混合場（）A.B.C.D.11、如圖所示的電路，a、b、c為三個相同的燈泡，其電阻大于電源內阻，當變阻器R的滑片P向上移動時；下列判斷中正確的是（）

A.a、b兩燈變亮，c燈變暗B.電源輸出功率增大C.電源的供電效率增大D.b燈中電流變化值小于c燈中電流變化值12、在圖所示的電路中，電源電動勢為E、內電阻為r．在滑動變阻器的滑動觸頭P從圖示位置向下滑動的過程中：()

A.路端電壓變大B.電路中的總電流變大C.通過電阻R2的電流變小D.通過滑動變阻器R1的電流變小13、下列說法中正確的是__________A.知道水蒸氣的摩爾體積和水分子的體積，可計算出阿伏加德羅常數B.當分子力表現為斥力時，分子勢能隨分子間距離的減小而增大C.單晶體有固定的熔點，具有規則的幾何外形，物理性質具有各向異性E.隨著科技的發展，將來可以利用高科技手段，將散失在環境中的內能重新收集起來加以利用而不引起其他變化E.隨著科技的發展，將來可以利用高科技手段，將散失在環境中的內能重新收集起來加以利用而不引起其他變化14、如圖甲所示，水平放置的平行金屬導軌連接一個平行板電容器C和電阻R，導體棒MN放在導軌上且與導軌接觸良好，整個裝置放置在垂直于導軌平面的磁場中，磁感應強度隨時間的變化情況如圖乙所示（圖示磁感應強度方向為正），MN始終保持靜止，則時間內（）

A.電容器的電荷量大小始終不變B.電容器的板先帶正電后帶負電C.所受安培力的方向先向右后向左D.所受安培力的在大小始終不變15、關于原子核的變化、核能及核力，下列說法正確的是A.核力是一種弱相互作用，只能發生在原子核內相鄰核子之間B.某原子經過一次α衰變和兩次β衰變后，核內質子數不變C.放射性原子核X發生衰變，衰變產物的結合能之和一定大于原來X的結合能D.＋→＋＋3是太陽內部發生的核反應之一評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、麥克斯韋電磁場理論的兩個基本論點是：變化的磁場產生________，變化的電場產生_________，從而預言了__________的存在。17、用圖甲所示的裝置研究光電效應現象，當用光子能量為5eV的光照射到光電管上時，測得電流計的示數隨電壓變化的圖像如圖乙所示.則光電子的最大初動能為__________J，金屬的逸出功為________J.18、一瓶酒精用了一些后，把瓶蓋擰緊，不久瓶內液面上方形成了酒精的飽和汽，此時_____（選填“有”或“沒有”）酒精分子從液面飛出。當溫度升高時，瓶中酒精飽和汽的密度_____（選填“增大”“減小”或“不變”）。19、水的飽和汽壓隨溫度的變化而變化，溫度升高時，飽和汽壓______（填“增大”、“減小”或“不變”）；在一定溫度下，水的飽和汽體積減小時，分子數密度______（填“增大”、“減小”或“不變”）；通過降低溫度______（填“可以”或“不可以）使未飽和汽變成飽和汽。20、恒星的________顯示了它的溫度，溫度較低的恒星，在天空中呈現________。恒星的亮度取決于它的體積、________以及離地球的距離。恒星的壽命取決于恒星的________。21、在如圖所示，x軸上方有一勻強磁場，磁感應強度的方向垂直于紙面向里，大小為B，x軸下方有一勻強電場，電場強度的大小為E，方向與y軸的夾角θ為45o且斜向上方．現有一質量為m電量為q的正離子，以速度v0由y軸上的A點沿y軸正方向射入磁場，該離子在磁場中運動一段時間后從x軸上的C點進入電場區域，該離子經C點時的速度方向與x軸正方向夾角為45o．不計離子的重力，設磁場區域和電場區域足夠大，則離子第三次穿越x軸時速度的大小為_______，C點橫坐標為_________．

22、(1)某組同學用圖（a）實驗裝置探究“加速度a與物體質量m的關系”．A為小車；B為電火花計時器，C為裝有細砂的小桶，D為一端帶有定滑輪的長方形木板．

①圖（b）為某次實驗得到的紙帶，已知實驗所用電源的頻率為50Hz．小車的加速度大小為________m/s2．（結果保留三位有效數字）

②改變小車質量m，分別記錄小車加速度a與其質量m的數據．在分析處理時，該組同學產生分歧；甲同學認為應該根據實驗中測得的數據作出小車加速度a與其質量m的圖象，乙同學認為應該作出小車加速度a與其質量倒數的圖象．兩位同學都按照自己的方案將實驗數據在坐標系中進行了標注，但尚未完成圖象（如下圖所示）．你認為同學______________（填“甲”；“乙”）的方案更合理．并幫助該同學作出坐標中的圖象。

(2)某同學用如圖所示的電路測量出待測電流表的滿偏電流；有以下的可供選用的器材：

A．待測電流表A0：滿偏電流約為700～800μA、內阻約100Ω，表盤刻度均勻、總格數為N

B．電流表A：量程0.6A、內阻Rg＝0.1Ω

C．電壓表V：量程3V、內阻RV＝3kΩ

D．滑動變阻器R：最大阻值20Ω

E．電源E：電動勢約3V；內阻約1.5Ω

F．開關S一個；導線若干條。

①電路圖中的電表x應選當器材中的_______．（填寫器材序號）

②測量過程中，測出多組數據，其中一組數據中待測電流表A0的指針偏轉了n格，則計算電流表滿偏電流的表達式為Imax=_______________，式中除字母N、n外，其他字母符號代表的物理量是_______________________________．評卷人得分四、作圖題(共3題，共12分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、解答題(共4題，共16分)26、熱氣球是一個比空氣輕，上半部是一個大氣球狀，下半部是吊籃的飛行器，它是靠加熱氣球內部空氣排除部分氣體而獲得上升動力的裝置，可用于航空體育、攝影、旅游等重要活動。現外界氣體溫度是15℃，密度為1.2kg/m3，氣球內、外氣壓相等，要用容積1000m3的氣球吊起200kg的重物。則：

（1）應至少減少多少氣體的質量？

（2）必須把氣球內的空氣溫度加熱到多少攝氏度才能達到目的？（取g=10m/s2）

27、如圖所示，導熱性能良好的汽缸由兩部分組成，上端封閉下端開口，兩部分汽缸的高度均為其中上、下兩汽缸的截面均為圓形，兩截面的面積分別為S、質量分別為m、的活塞M、N將理想氣體甲、乙封閉在汽缸中。當環境的溫度為且系統平衡時，兩活塞均位于兩汽缸的正中央位置；如果將環境的溫度降低到（未知），活塞N剛好升到下汽缸的頂部，且與下汽缸頂無壓力，該過程理想氣體乙向外界放出的熱量為Q。已知大氣壓強為重力加速度為g；不計活塞與缸壁的摩擦。求：

（1）降溫后的環境溫度為多少？

（2）上述過程中；理想氣體乙減少的內能為多少？

28、如圖所示，一導熱性能良好的汽缸開口向上放在水平面上，已知汽缸的總高度為用厚度不計、截面面積大小為的密封性良好的輕質活塞于開口處封閉缸中的氣體，現在活塞上輕放一質量為重物，當系統平衡時活塞距離底端的間距為若外界大氣壓恒為環境溫度恒為忽略一切摩擦，重力加速度取求：（計算結果均保留兩位有效數字）

①上述過程中封閉氣體吸熱還是放熱；熱量改變了多少；

②如果將環境的溫度從緩慢升高到則活塞重新平衡時升高的距離為多少。

29、如圖，一定質量的理想氣體經歷了的狀態變化過程，在此過程中氣體的內能增加了135J，外界對氣體做了90J的功。已知狀態A時氣體的體積求：

（1）從狀態A到狀態的過程中；氣體與外界熱交換的熱量；

（2）狀態A時氣體的壓強

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖可知過程中是等壓變化；溫度減低，則體積減小，故A錯誤；

B．由圖可知過程中是等溫變化；壓強減小，則體積增大，故B錯誤；

CD．由圖可知過程中，氣體壓強增大，溫度也在同比增大有理想氣體狀態方程

得知體積不變；C正確，D錯誤。

故選C。2、A【分析】【分析】

【詳解】

ABC．松土是把地面的土壤鋤松；目的是破壞這些土壤里的毛細管，防止發生浸潤現象，可有效減小水分蒸發，保存水分，BC錯誤A正確；

D．松土除了保墑；刈草外；還減少土壤下水分蒸發，提高地溫，D錯誤。

故選A。3、D【分析】【詳解】

A．A→B的過程中，氣體溫度不變，體積增大到原來的2倍，由玻意爾定律可知，氣體壓強將減小到A狀態時的二分之一；B→C的過程中，氣體的體積不變，溫度升高到原來的4倍，由查理定律可知，氣體的壓強將增大到B狀態時的4倍；即氣體壓強先減小后增大；故A錯誤；

B．C→D→A過程中；氣體的體積先減小后不變，所以單位體積內分子數先增加后不變，故B錯誤；

C．A→B的過程中，氣體等溫膨脹，內能不變，但對外做功，由熱力學第一定律

可知，氣體從外界吸收了熱量；B→C的過程中，氣體體積不變，溫度升高，內能增加，氣體和外界沒有相互做功，由

可知，氣體從外界吸收了熱量；C→D過程中，氣體體積減小，溫度降低，內能減小，由圖可知是定值，則由

可知，氣體經歷了等壓壓縮，外界對氣體做了功，由

可知，氣體向外界釋放了熱量；D→A過程中，氣體經歷了等容降溫，內能減小，壓強減小，氣體與外界沒有相互做功，由

可知，氣體向外界釋放了熱量。綜上所述，氣體與外界相互做功發生在A→B和C→D過程中，其中A→B是一個降壓過程，C→D是一個等壓過程，由D→A過程可知，A→B過程中壓強的最大值小于C→D過程中的壓強，兩個過程中氣體的體積變化量相等，所以A→B過程中氣體對外界做的功小于C→D過程中外界對氣體做的功；故C錯誤；

D．由上面的分析可知，整個循環過程中，外界對氣體做的功大于氣體對外界做的功，氣體的溫度、體積最終回到了開始狀態，內能變化量為零，由熱力學第一定律

可知氣體對外界放了熱；故D正確。

故選D4、D【分析】【詳解】

A．氣體在bc過程是等溫壓縮，壓強增大到b態的1.5倍，則體積變為b態的da過程是等溫膨脹，壓強變為d態壓強的則體積變為d態體積的2倍；因ab兩態體積相等，設為V，則c態體積V，d態體積V，氣體在bc過程中體積的變化量小于da過程中體積的變化量；選項A錯誤；

B．氣體在ab過程中溫度變化量等于cd過程中溫度變化量，則氣體在ab過程中內能的增加量等于cd過程中內能的減少量；選項B錯誤；

CD．由以上分析可知，氣體在ab過程中體積不變，則Wab=0

氣體在cd過程中體積減小，則Wcd>0

則氣體在ab過程中吸收的熱量

cd過程中放出的熱量

其中

氣體在ab過程中吸收的熱量小于cd過程中放出的熱量；選項C錯誤，D正確。

故選D。5、C【分析】試題分析：達到靜電平衡后，導體為等勢體，導體上的電勢處處相等，所以可以得到φa=φb，所以A；B錯；C對；由于桿處于靜電平衡狀態，所以內部的場強為零，所以D錯誤。

考點：本題考查導體靜電平衡知識。6、C【分析】【詳解】

由圖可知，b光的偏折程度大，故b光的折射率較大，則b光頻率大，A錯誤；因藍色光的頻率大于黃色光頻率，所以若a光是藍色光，則b光不可能黃色光，B錯誤；a光的頻率較小，波長較長，根據知，a光的干涉條紋間距大于b光的干涉條紋間距，C正確．a光的頻率小，若a光不能使某金屬發生光電效應，b光不一定不能使金屬發生光電效應，D錯誤．選C.7、B【分析】【詳解】

設B球的質量為M．以碰撞前A球的速度方向為正，A球與B球發生彈性碰撞，設碰撞后的速度分別為v1和v2，根據A球與B球動量守恒得：mv0=mv1+Mv2

由能量守恒定律得：mv02=mv12+Mv22

解得：v2=

B球與C球發生彈性碰撞，設碰撞后的速度分別為v′2和v3；由能量守恒定律得：

Mv22=Mv′22+×（4m）v32

規定碰撞前A球的速度方向為正，由動量守恒定律得：

Mv2=Mv′2+4mv3

解得：v3=

故C球碰撞后的速度為：

由數學關系解得：M==2m時；C球碰撞后的速度最大．故選B．

點睛：本題貌似發生很多次碰撞，但只要依次分析，會發現僅僅碰撞兩次，如果真是發生很多次碰撞，也要先依次分析，然后找規律簡化過程．關鍵要掌握動量守恒定律和能量守恒定律的應用．8、B【分析】【詳解】

1932年，英國物理學家查德威克才在卡文迪許實驗室里發現了中子．9、D【分析】【詳解】

AB．由兩質點的振動圖象得知，兩個質點的振動情況總是相反，則有（n=1，2，3）

則波長

由于n為整數，λ不可能等于10m

當n=2

時λ=4m

故AB錯誤；

C．由振動圖像可知，2s末x1=2.0m的質點具有沿y軸正方向的最大速度；故C錯誤；

D．由振動圖象讀出周期T=4s

則波速為（n=1，2，3）

當n=0

時v=5m/s

為最大速度；故D正確。

故選D。二、多選題(共6題，共12分)10、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A圖中；小球受重力；向左的電場力、向右的洛倫茲力，下降過程中速度一定變大，故洛倫茲力一定增大，不可能一直與電場力平衡，故合力不可能一直向下，故一定做曲線運動，故A錯誤；B圖中小球受重力、向上的電場力、垂直向外的洛倫茲力，合力與速度一定不共線，故一定做曲線運動，故B錯誤；C圖中小球受重力、向左上方的電場力、水平向右的洛倫茲力，若三力平衡，則粒子做勻速直線運動，故C正確；D圖中粒子受向下的重力和向上的洛倫茲力，合力一定與速度共線，故粒子一定做直線運動，故D正確；故選CD.

【點睛】

本題考查了帶電粒子在復合場中的運動問題；解題的關鍵在于洛倫茲力與速度垂直且與粒子速度方向垂直，要使粒子做直線運動，要么三力平衡，要么不受洛倫茲力.11、A:B【分析】【分析】

當變阻器的滑動觸頭P向上移動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律分析總電流的變化，即可知道a燈亮度的變化．由歐姆定律分析并聯部分電壓的變化，判斷c燈亮度的變化．由通過c的電流與總電流的變化，分析通過b燈電流的變化，判斷其亮度的變化．a、b；c三個燈泡的電阻都大于電源內阻；根據推論：外電阻等于電源的內阻時，電源的輸出功率最大，分析電源的輸出功率如何變化．

【詳解】

當變阻器的滑動觸頭P向上移動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流I增大，a燈變亮．并聯部分電壓減小，c燈變暗．由總電流增大，而通過c燈的電流減小，可知通過b燈的電流增大，b燈變亮，A正確；a、b、c三個燈泡的電阻都大于電源內阻，外電路總電阻應大于電源的內阻．根據推論：外電阻等于電源的內阻時，電源的輸出功率最大，則知，當變阻器的滑動觸頭P向上移動時，外電路總電阻減小，電源輸出的電功率增大．電源的供電效率外電阻減小，路端電壓U減小，電源的供電效率減小，B正確C錯誤；由于增大，減小，增大，則知，流過b燈的電流變化值大于流過c燈的電流變化值；D錯誤．

【點睛】

本題是電路動態分析問題，按局部到整體，再局部分析電壓、電流的變化．利用推論分析電源輸出功率的變化．12、B:C【分析】滑動觸頭P從圖示位置向下滑動的過程中，電阻變小，總電流變大，B對．內電壓變大，路端電壓變小，A錯．通過電阻R2的電流變小，C對．又總電流變大，所以通過滑動變阻器R1的電流變大，D錯．13、B:C:D【分析】【詳解】

A．氣體分子間距較大；不能用摩爾體積除以分子體積去求得阿伏伽德羅常數，故A錯誤；

B．當分子力表現為斥力時；隨分子間距離的減小，分子力做負功，因此分子勢能增大，故B正確；

C．晶體分為單晶體和多晶體；都具有固定的熔點，但單晶體具有規則的幾何外形，物理性質表現為各向異性，而多晶體沒有規則的幾何外形且物理性質表現為各向同性，故C正確；

D．根據熱力學第一定律的表達式

則對于一定質量的理想氣體保持壓強不變，在溫度升高時體積增大，氣體對外做功，取負，而溫度升高能內增大，取正；因此吸收的熱量一定大于內能的增加量，故D正確；

E．根據熱力學第二定律；與熱現象有關的宏觀過程都具有方向性，故不能將散失的能量重新收集起來而不引起其他的變化，故E錯誤。

故選BCD。14、A:C【分析】【詳解】

A．由圖乙知，磁感應強度均勻變化，根據法拉第電磁感應定律可知，回路中產生的感應電動勢恒定，電路中電流恒定，電阻R兩端的電壓恒定，則電容器兩端的電壓恒定，根據可知電容器C的電荷量大小始終不變；故A正確；

B．根據楞次定律判斷可知；通過導體棒的電流一直向上，故電容器a板電勢較高，一直帶正電，故B錯誤；

C．MN中感應電流方向一直向上；由左手定則判斷可知，MN所受安培力的方向先向右后向左，故C正確；

D．根據安培力公式不變；由于磁感應強度變化，MN所受安培力的大小變化，故D錯誤。

故選AC。15、B:C【分析】【詳解】

A；核力是一種強相互作用；是一種短距作用，只能發生在原子核內相鄰核子之間，故選項A錯誤；

B；某原子核經過一次α衰變和兩次β衰變后；電荷數不變，質量數少4，可知核內質子數不變，故選項B正確；

C；放射性原子核X發生衰變；要釋放能量，衰變產物的結合能之和一定大于原來X的結合能，故選項C正確；

D、太陽內部發生的核反應是聚變反應，而是裂變反應，故選項D錯誤．三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】【詳解】

麥克斯韋建立了電磁場理論：變化的電場周圍產生磁場，變化的磁場周圍產生電場；并預言了電磁波的存在，而赫茲用實驗證實電磁波存在。【解析】電場磁場電磁波17、略

【分析】【詳解】

第一空.由題中I－U圖像可知：遏止電壓Uc=2V，即Ekm=eUc=3.2×10-19J。

第二空.由光電效應方程Ekm=hv－W0解得W0=hv－Ekm=3eV=4.8×10-19J.【解析】3.2×10－194.8×10－1918、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]形成飽和氣后；酒精還是會蒸發，只是液體里跑到氣體中的分子和氣體中的分子跑到液體里的速度一樣快，整體來看是不變的，維持了動態平衡。但此時仍然會有酒精分子從液面飛出；

[2]溫度升高使氣體分子的動能增大，離開液體表面的氣體分子更多，飽和汽的密度增大。【解析】有增大19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]飽和汽壓是物質的一個重要性質，它的大小取決于物質的本性和溫度，同一種物質溫度越高，飽和汽壓越大，溫度升高時，飽和汽壓增大；在一定溫度下，同一種液體的飽和汽分子密度都是一定的，水的飽和汽體積減小時，分子密度不變；降低溫度，飽和汽壓減小，所以可以使未飽和汽變成飽和汽。【解析】增大不變可以20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]恒星的表面顏色取決于它的表面溫度；溫度越低，顏色越偏紅，溫度越高，顏色越偏藍。

[2]恒星的顏色顯示了它的溫度；溫度較低的恒星，在天空中呈現暗紅色。

[3]恒星的亮度與恒星的體積和溫度及它與地球的距離有關。

[4]恒星的壽命和它的質量有關，質量越大的恒星壽命越短，這是因為質量越大壓力就越大，這種情況下恒星內部的核反應就更加劇烈。【解析】顏色（暗）紅色溫度質量21、略

【分析】【詳解】

[1]離子在空間中的運動情況如圖所示。

離子從A點開始做勻速圓周運動，第一次經過x軸后做勻減速直線運動，速度減為零后又做勻加速直線運動，根據可逆性可知，離子第二次回到x軸的速率和離開時相同，第二次進入磁場，然后做勻速圓周運動，所以離子第三次穿越x軸的速度大小為v0；

[2]磁場中帶電粒子在洛侖茲力作用下做圓周運動，由牛頓第二定律得：

解得：

由幾何知識知【解析】22、略

【分析】【詳解】

(1)從紙帶上可以看到，每兩個計數點之間還有1個點，所以相鄰兩計數點之間的時間間隔為0.04s，根據勻變速直線運動的推論

可以粗略的得到，小車運動的加速度大小

根據牛頓第二定律可知，在外力F一定的情況下，以a為縱坐標，為橫坐標，繪制出的圖象，在原理上應該是一條過原點的正比例函數圖像，呈現一種很好的線性規律，所以乙同學的說法更為合理；甲同學的圖象分析相對復雜；不好尋找規律；

（2）題目所給電流表A的量程太大，無法準確測量待測電流表的滿偏電流，而電壓表V的滿偏電流是1000能符合題目要求，所以電表x處應選C；電壓表．

本實驗的研究方法：①在閉合開關之前，先將滑動變阻器劃片滑到最右端，使得測量電路的電壓為零；②閉合開關，移動滑動變阻器劃片P，使待測電流表指針在半偏附近，記錄此時待測電流表指針所指的格數n和電壓表讀數U；所以每一格對應的電流故滿偏電流．【解析】3.19乙CU為電壓表讀數，Rv為電壓表內阻四、作圖題(共3題，共12分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一