2024年高考真題完全解讀(浙江6月卷)題型新變化真題解讀試卷總評J題型新變化真題解讀試卷總評2024年6月浙江省高考物理試卷內容上立足物理學科選修和選擇性必修課程中重要的物理概念與規律，情境緊密聯系社會、經濟、科技及生產生活實際，強調在真實背景下考查學生的試卷嚴格遵循《普通高中物理課程標準(2017年版2020年修訂)》,確保考查內容和學業質量水平要求與高等院校招生錄取的學業水平等級性考試相契合。試卷難度與區分度合理，在準確評估學生的物理學科素養。依據《中國高考評價體系》,試卷圍繞“核心價值、學科素養、關鍵能《中國高考評價體系》中要求學習者能夠在廣闊的學科對生活實踐或學習探索問題情境的基本知識、基本能力與基本素養，具備進入高等學全卷試卷覆蓋了物理必修和選擇性必修六冊教材中的所有模塊，確保了高知識覆蓋面和恰當的分布，強調基礎性。比如第3題水流導光實驗、第5題噴泉的噴水功率、第6題平行板電容器電容影響因素、第17題熱學題測形狀不規則物塊體積等問題來源于教材內容和課后習題，回歸教材，讓學生在答卷時候有熟《中國高考評價體系》中要求習者能夠綜合運用科學的知識和能力，高質量地應對生活實踐或學習探索中的復雜問題情境，能夠本卷題目設計突出在綜合情境中考查基礎性，如第1題在力學、電學和熱學多個物理量中考查對矢量的判斷，第2題涉及力和運動中的受力分析、曲線運動、牛頓定律等基礎知識，第3題涉及平拋運動的基本規律和光的全反射知識，第7題涉及電容、電感對交流電的影響，以及匝數比對變壓的影響和光敏電阻的特性，第10題綜合考查光子動量、雙縫干涉、光電效應等內容，第14題涉及“基本”粒子、相對論等物理觀念，以及無線電波接收、分子力與分子勢能等模塊的內容，第18題涉及牛頓運動定律、圓周運動、《中國高考評價體系》中對試題的要求以貼近時代、情境為載體，將陳述性知識與程序性知識的有機整合和運用作為考查本試卷注重將知識學習與實踐相結合，緊密聯系生產生活設計情境，如第2題的小貓戲蝶情景、第3題的水流導光實驗、第4題“玉兔二號”巡視器的核電池、第5題的音樂噴泉、第6題研究電容器極板間距對電容大小影響的實驗情境、第9題細繩懸掛小球等效單擺情境、第15題的帶電小球在光滑絕緣細桿上運動情境、第17題的測定一個形狀不規則小塊固體體積、第18題設置滑塊在圓形軌道和平板上運動的游戲情景、第19題通過法拉第圓盤發電機與電動機情景、第20題的噴鍍板等，都源于生活，強調在應用情實驗題通過驗證機械能守恒定律、測繪發光二極管在導通狀態下的三角形玻璃磚的折射率三個實驗，強調了物理實驗教學的實踐性和探究性，鼓勵學要求對即將進入高等學校的學習者在新穎或陌生的情境中主動思考，完成開放性本卷中第8題設立“外切”和“內切”軌道綜合考查開普勒定律和萬有引力定律，第9題通過設立傾斜不等長細繩懸掛小球“等效”單擺來考查單擺模型和受力分析問題，第13題以一個圖兩種運動形式綜合“平行玻璃磚”考查學生對“測定玻璃折射率”的實驗是否在實驗操作過程中真正理解實驗原理。第19題探討了法拉第圓盤發電機與電動機的功能，要求考生首先構建發電機和電動機的理論模型。本題的解答方法有多種可能性，但科學推理和批判性論證指出，在“發電機和電動機”模型中電流大小的一致性是一個關鍵因素；第20題涉及到一個實驗裝置，該裝置在噴鍍板的上下表面分別噴射不同種類的離子，要求考生建立帶電粒子在電場中加速或減速、在勻強磁場中進行圓周運動的模型?？忌枰ㄟ^邏輯推理和計算來詳細知識點1電流強度的定義及單位考查矢量概念，在四個物理量中判斷哪2分析物體受到幾個力作用牛頓第二定律的簡單應用物體運動軌跡、速度、受力的相互判斷小貓戲蝶情景考查了力和運動中的受力分析、曲線運動、牛頓定律等諸多基礎知識3發生全反射的條件、臨界角以教材做一做內容水流導光實驗，考查4以玉兔二號”巡視器的核電池為背景，應中的相關知識5功率的定義和物理意義以音樂噴泉為實際背景考查的功率、流6電容器與驗電器組合的動態分析研究電容器極板間距對電容大小影響的實驗情境來判斷電學量間的關系7電感器在直流電路和交流電路的作用電容器對交流電的導通和阻礙作用以理想變壓器為載體，涉及電容、電感對交流電的影響，以及匝數比對變壓的影響和光敏電阻的特性8不同軌道上的衛星各物理量的比較解，求與地球公轉軌道“外切”與"內切”的兩小行星相關時間之比9正交分解法解共點力平衡單擺周期公式的簡單應用把細線穿球懸掛情境等效成單擺模型的周期計算問題干涉條紋間距與波長的關系愛因斯坦光電效應方程基態、激發態、躍遷、電離情況，考查推理論證能力帶電物體(計重力)在勻強電場中的圓周運動通過套在圓環上的帶電小球在復合場中運動，考查勻強電場、重力場和等量異種點電荷構成的復合場中的運動與力以及能量的關系和空間立體建模能力安培力的計算式及簡單應用通過線框在勻強磁場中轉動和磁場均勻變化兩種情景，考查法拉第電磁感應定律、交變電流的變化規律、有效值等知識的理解和應用變壓器原理與結構分子勢能隨間距的變化E-r圖強子、輕子和媒介子以及無線電波接收、分子力與分子勢能等模塊的內容思想解決變力沖量的問題I實驗技能和科學探究能力，著重考查是否在實驗操作過程中真正理解實驗原理Ⅱ測繪發光二極管在導通狀態下的伏安特性曲線，考察學生的基本實驗技能和作過程中真正理解實驗原理Ⅲ率三個實驗，考察學生的基本實驗技能操作過程中真正理解實驗原理計算系統內能改變、吸放熱及做功“測定一個形狀不規則小塊固體體積",需要考生建立理想氣體等壓變化模型求解并用熱力學第一定律求出吸熱量沒有其他外力的板塊問題設置滑塊在圓形軌道和平板上運動的游戲情景，考查功能關系、動量守恒和力與運動的關系問題，第(3)小題要系，求解過程還需要質疑判斷和嚴謹論證電磁感應與電路的綜合問題導體棒轉動切割磁感線產生的動生電動勢用",要求考生先建立發電機和電動機科學推理和質疑論證得出"發電機和電動機"模型中電流大小相同是個關鍵帶電粒子在直邊界磁場中運動粒子由電場進入磁場求考生構建帶電粒子在電場中加速或減速、在勻強磁場中做圓周運動的模型，能通過推理和計算確定邊界條件、分析給出極板間電壓的取值范圍1.以教材為中心，鞏固物理學基礎知識：高中物理教材是《課程標準》的具體體現與執行載體，它要求我們在命題時全面而深入地檢驗學生是否牢固掌握了學科的核心內容，以及對運用。在此次考試中，這一理念得到了充分體現。諸如第3題涉及的水流導光實驗、第5題的噴泉噴水功率計算、第6題關于平行板電容器電容影響因素的探討，以及第17題對熱學測量不規則物體體積的方法，在新課教學階段，我們應緊密結合教材，切實落實物理學科基礎概念和規律的教段，也應回歸教材，系統梳理所有物理概念和規律，明確各知識點的應用條件與2.以情境為背景，重視解決問題能力的培養：在高考物理的備戰之旅中，我們深知《課程標準》對情境選擇的精心要求。這些情境不僅與生產、日常生活、前沿科技緊密相連，更與關。命題旨在強化學生運用物理知識，解決實際問題的能力。因此，在教學過程中，我們特別強調教材中的“問題”、“思考與討論”、“科學漫步”、“拓展學習”以及“STSE”等模塊的學習，引導學生將理論知識與現實生活相融合，從單純的解題向解決問題的能力轉變，從而培養他們在真實情境和實際問題中3.培養創新精神與實踐能力，注重思維品質的提升：《課程標準》實踐能力的考察，旨在準確評估學生物理學科核心素養的水平。教學中，我們強調學生應培養發散思維與4.重視實驗，提升科學探究素養：在物理的實驗教學中，我們始終以教材中的實驗為核心，通過引領從中培養科學探究的精神與技能。如第16題所涉及的驗證機械能守恒定律、測定玻璃磚的折射率、探析二極管伏安特性曲線以及多用電表的運用等實驗，都不僅是對學生操作能力的檢絕密★啟用前2024年6月浙江省普通高校招生選考科目考試1.答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在試題卷和答題紙規定的位置上。3.非選擇題的答案必須使用黑色字跡的簽宇筆或鋼筆寫在答題紙上相應區域內，作圖時可先使用2B鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑。選擇題部分一、選擇題I(本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分)1.下列物理量中，屬于矢量的是()【答案】A【命題意圖及考查點】考查矢量概念，在四個物理量中判斷哪個是矢量，涉及力學、電學和熱學【詳解】A.位移既有大小又有方向，且運算法則為平行四邊形法則，是矢量，故A正確；BD.時間和熱量均只有大小沒有方向，是標量，故BD錯誤；C.電流運算法則是算術法則，是標量，故C錯誤。故選A。2.如圖為小貓蹬地躍起騰空追蝶的情景，則()A.飛行的蝴蝶只受重力的作用B.蝴蝶轉彎時所受合力沿運動方向C.小貓在空中受重力和彈力的作用D.小貓蹬地時彈力大于所受重力【答案】D【命題意圖及考查點】小貓戲蝶情景考查了力和運動中的受力分析、曲線運動、牛頓定律等諸多基礎知識【詳解】A.飛行的蝴蝶除了受到重力的作用還受到空氣的作用力，故A錯誤；B.蝴蝶轉彎時做曲線運動，所受合力與速度方向不在一條直線上，故B錯誤；C.小貓在空中與其他物體間沒有接觸，不受彈力的作用，故C錯誤；D.小貓蹬地時有向上的加速過程，故彈力大于所受重力，故D正確。故選D。3.如圖為水流導光實驗，出水口受激光照射，下面桶中的水被照亮，則()A.激光在水和空氣中速度相同B.激光在水流中有全反射現象C.水在空中做勻速率曲線運動D.水在水平方向做勻加速運動【答案】B【命題意圖及考查點】以教材做一做內容水流導光實驗，考查光的全反射知識和判斷水的運動形式【詳解】A.光在介質中的速度為故激光在水中的傳播速度小于在空氣中的傳播速度，故A錯誤；B.水流導光的原理為光在水中射到水與空氣分界面時入射角大于臨界角，發生了全反射，故B正確；C.水在空中只受到重力作用，做勻變速曲線運動，速度在增大，故C錯誤；D.水在水平方向做勻速直線運動，故D錯誤。4.發現中子的核反應方程為2He+9Be→X+!n,“玉兔二號”巡視器的核電池中钚238的衰變方程為型A.核反應方程中的X為'2CB.衰變方程中的Y為2HeC.中子!n的質量數為零D.钚238的衰變吸收能量【答案】A【命題意圖及考查點】以玉兔二號”巡視器的核電池為背景，對比人工核反應和衰變方程，考查核反應中的相關知識數為1,故C錯誤；D.衰變過程中質量虧損，釋放能量，故D錯誤。故選A。5.一個音樂噴泉噴頭出水口的橫截面積為2×10?m2,噴水速度約為10m/s,水的密度為1×103kg/m3,則該噴頭噴水的功率約為()A.10WB.20WC.100W【答案】C【命題意圖及考查點】以音樂噴泉為實際背景考查的功率、流體建模問題【詳解】設△t時間內從噴頭流出的水的質量為m=pSv△t噴頭噴水的功率等于△t時間內噴出的水的動能增加量，即聯立解得P=100W故選C。6.圖示是“研究電容器兩極板間距對電容大小的影響”實驗，保持電荷量不變，當極板間距增大時，靜電計指針張角增大，則()A.極板間電勢差減小B.電容器的電容增大C.極板間電場強度增大D.電容器儲存能量增大【答案】D【命題意圖及考查點】研究電容器極板間距對電容大小影響的實驗情境來判斷電學量間的關系【詳解】AB.根據Q=CU,可得當極板間距增大時電容減小，由于電容器的帶電量不變，故極板間電勢差增大，故AB錯誤；C.根據得故場強不變，故C錯誤；D.移動極板的過程中要克服電場力做功，故電容器儲存能量增大，故D正確。故選D。7.理想變壓器的原線圈通過a或b與頻率為f、電壓為u的交流電源連接，副線圈接有三個支路、如圖所示。當S接a時，三個燈泡均發光，若()C.RG上光照增強，L?燈泡變暗D.S接到b時，三個泡均變暗【答案】A【命題意圖及考查點】以理想變壓器為載體，涉及電容、電感對交流電的影響，以及匝數比對變壓的影響和光敏電阻的特性【詳解】A.電容增大，對交流電的阻礙作用減小，則L1燈泡變亮，故A正確；B.頻率f增大，則電感的阻礙作用增大，則L2燈泡變暗，故B錯誤；C.光敏電阻光照增強，阻值減小，由于各支路電壓不變，則L3燈泡電流增大，變亮，故C錯誤；D.S接到b時，根據變壓比可知，副線圈電壓增大，則三個泡均變亮，故D錯誤。故選A。8.與地球公轉軌道“外切”的小行星甲和“內切”的小行星乙的公轉軌道如圖所示，假設這些小行星與地球的公轉軌道都在同一平面內，地球的公轉半徑為R,小行星甲的遠日點到太陽的距離為R,小行星乙的近日點到太陽的距離為R,則()A.小行星甲在遠日點的速度大于近日點的速度B.小行星乙在遠日點的加速度小于地球公轉加速度C.小行星甲與乙的運行周期之比D.甲乙兩星從遠日點到近日點的時間之比【答案】D【命題意圖及考查點】考查開普勒定律和萬有引力定律的理解，求與地球公轉軌道“外切”與“內切”的兩小行星相關時間之比【詳解】A.根據開普勒第二定律，小行星甲在遠日點的速度小于近日點的速度，故A錯誤；小行星乙在遠日點的加速度等于地球公轉加速度，故B錯誤；C.根據開普勒第三定律，小行星甲與乙的運行周期之比故C錯誤；D.甲乙兩星從遠日點到近日點的時間之比即為周期之比故D正確。故選D。9.如圖所示，不可伸長的光滑細線穿過質量為0.1kg的小鐵球，兩端A、B懸掛在傾角為30°的固定斜桿上，間距為1.5m。小球平衡時，A端細線與桿垂直；當小球受到垂直紙面方向的擾動做微小擺動時，等效于懸掛點位于小球重垂線與AB交點的單擺，重力加速度g=10m/s2,則()A.擺角變小，周期變大B.小球擺動周期約為2sC.小球平衡時，A端拉力為D.小球平衡時，A端拉力小于B端拉力【答案】B【命題意圖及考查點】把細線穿球懸掛情境等效成單擺模型的周期計算問題【詳解】A.根據單擺的周期公式可知周期與擺角無關，故A錯誤；CD.同一根繩中，A端拉力等于B端拉力，平衡時對小球受力分析如圖可得2FAcos30°=mg解得故CD錯誤；B.根據幾何知識可知擺長為故周期為故B正確。故選B。10.玻爾氫原子電子軌道示意圖如圖所示，處于n=3能級的原子向低能級躍遷，會產生三種頻率為v?1、V32、V??的光，下標數字表示相應的能級。已知普朗克常量為h,光速為c。正確的是()A.頻率為V31的光，其動量為B.頻率為v31和V??的兩種光分別射入同一光電效應裝量，均產生光電子，其最大初動能之差為hv32C.頻率為V?1和v??的兩種光分別射入雙縫間距為d,雙縫到屏的距離為L的干涉裝置，產生的干涉條紋間距之差oD.若原子n=3躍遷至n=4能級，入射光的頻率【答案】B【命題意圖及考查點】通過氫原子電子軌道示意圖綜合考查氫原子能級躍遷、光子動量、光電效應、光的干涉、光量子理論等近代物理核心知識的理解【詳解】A.根據玻爾理論可知hv3?=E?-E?,則頻率為v31的光其動量為B.頻率為v31和V??的兩種光分別射入同一光電效應裝量，均產生光電子，其最大初動能分別為最大初動能之差為△Em=hv??-hv??=hv32C.頻率為V??和v??的兩種光分別射入雙縫間距為d,雙縫到屏的距離為L的干涉裝置，根據條紋間距表產生的干涉條紋間距之差為選項C錯誤；D.若原子n=3躍遷至n=4能級，則E?-E?=hv34,可得入射光的頻率選項D錯誤；故選B。11.頻率相同的簡諧波源S1、S2,和接收點M位于同一平面內，S1、S2到M的距離之差為6m。t=0時S1,S2,同時垂直平面開始振動，M點的振動圖像如圖所示，則()A.兩列波的波長為2mB.兩列波的起振方向均沿x正方向C.S?和S?,在平面內不能產生干涉現象D.兩列波的振幅分別為3cm和1cm【答案】B【命題意圖及考查點】呈現兩個波源引起的某點振動圖像，提取波疊加后的關鍵信息逆向推理波源情況，考查推理論證能力【詳解】根據圖像可知t=4s時M點開始向上振動，故此時一列波傳播到M點，起振方向向上，t=7s時波形開始改變，說明另一列波傳播到M點，此時兩列波平衡位置都傳到M點，第一列波使M點向下振動，之后振幅減小，則此時M點振動減弱，可知第二列波使M點向上振動。A.S1、S2到M的距離之差為6m,由圖可知兩列波傳到M點的時間差為3s,根據可得波速為,故波長為λ=vT=4m故A錯誤；B.根據前面分析可知兩列波剛傳到M點時均使M點向上振動，故兩列波的起振方向均沿x正方向，故B正確；C.兩列波頻率相等，在平面內能產生干涉現象，故C錯誤；D.由t=4.5s和t=7.5s時的位移知第一列的振幅為3cm,,第二列波的振幅為A?=3cm-1cm=2cm故D錯誤。故選B。12.如圖所示空間原有大小為E、方向豎直向上的勻強電場，在此空間同一水平面的M、N點固定兩個等量異種點電荷，絕緣光滑圓環ABCD垂直MN放置，其圓心O在MN的中點，半徑為R、AC和BD分別為豎直和水平的直徑。質量為m、電荷量為+q的小球套在圓環上，從A點沿圓環以初速度vO做完整的圓周運動，則()A.小球從A到C的過程中電勢能減少B.小球不可能沿圓環做勻速圓周運動D.小球在D點受到圓環的作用力方向平行MN【命題意圖及考查點】通過套在圓環上的帶電小球在復合場中運動，則小球從A到C的過程電勢增加，電勢能增加；故A錯誤；可求出小球到B點時的速度vg,根據可得小球的向心加速度，再根據牛頓第二定律mg-Eq=ma? 可得小球的切向加速度a?,再根據矢量合成可得B點的加速度為a=√a2+a2D.小球在D點受到圓環指向圓心的力提供向心力，故小球在D點受到圓環的作用力方向不平行MN,故D錯誤。故選C。13.如圖所示，邊長為1m、電阻為0.04Ω的剛性正方形線框abcd放在與強磁場中，線框平面與磁場B垂直。若線框固定不動，磁感應強度以均勻增大時，線框的發熱功率為P;若磁感應強度恒為0.2T,線框以某一角速度繞其中心軸O0'勻速轉動時，線框的發熱功率為2P,則ab邊所受最大的安培N【答案】C【命題意圖及考查點】通過線框在勻強磁場中轉動和磁場均勻變化兩種情景，考查法拉第電磁感應定律、交變電流的變化規律、有效值等知識的理解和應用【詳解】磁場均勻增大時，產生的感應電動勢為可得線框以某一角速度の繞其中心軸O0'勻速轉動時電動勢的最大值為Em=BSw此時有解得w=lrad/s分析可知當線框平面與磁場方向平行時感應電流最大為故ab邊所受最大的安培力為F安m=BImL=1N故選C。二、選擇題Ⅱ(本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分)14.下列說法正確的是()A.中子整體呈電中性但內部有復雜結構B.真空中的光速在不同的慣性參考系中大小都相同C.增加接收電路的線圈匝數，可接收更高頻率的電臺信號D.分子間作用力從斥力變為引力的過程中，分子勢能先增加后減少【答案】AB【命題意圖及考查點】涉及“基本”粒子、相對論等物理觀念，以及無線電波接收、分子力與分子勢能等模塊的內容【詳解】A.中子靠弱相互作用結合成整體，則中子呈電中性但內部有復雜結構，故A正確；B.根據愛因斯坦的相對論可知，真空中的光速在不同的慣性參考系中大小都相同，故B正確；可知，增加接收電路的線圈匝數，可減小振蕩電路的固有頻率，則可接收較低頻率的電臺信號，故C錯D.分子間作用力從斥力變為引力的過程中，即分子距離從小于r?=10-1?m到大于r。的過程，分子力先做正功后做負功，則分子勢能先減小后增大，故D錯誤。15.如圖所示，一根固定的足夠長的光滑絕緣細桿與水平面成θ角。質量為m、電荷量為+q的帶電小球套在細桿上。小球始終處于磁感應強度大小為B的勻強磁場中。磁場方向垂直細桿所在的豎直面，不計空氣阻力。小球以初速度v。沿細桿向上運動至最高點，則該過程()A.合力沖量大小為mvocosθB.重力沖量大小為mv,sinθC.洛倫茲力沖量大小為D.若,彈力沖量為零【答案】CD【命題意圖及考查點】利用帶電小球在光滑絕緣細桿上運動，考查對動量定理的理解和應用、用微元思想解決變力沖量的問題【詳解】A.根據動量定理I=0-mv?=-mv。,故合力沖量大小為mv。,故A錯誤；B.小球上滑的時間為重力的沖量大小為隨時間線性變化，故洛倫茲力沖量大小為故C正確；0時刻小球所受洛倫茲力為Bqvo=2mgcosθ小球在垂直細桿方向所受合力為零，可得Bqv=mgcosθ+FN即F=Bqv-mgcosθ=Bq(v%-at)-mgcosθ=mgcosθ-Bqtgsinθ則小球在整個減速過程的FN-t圖像如圖0圖線與橫軸圍成的面積表示沖量可得彈力的沖量為零，故D正確。故選CD。非選擇題部分三、非選擇題(本題共5小題，共55分)16—I.在“驗證機械能守恒定律”的實驗中(1)下列操作正確的是_。(2)實驗獲得一條紙帶，截取點跡清晰的一段并測得數據如圖所示已知打點的頻率為50Hz,則打點“13”時，重錘下落的速度大小為_m/s(保留三位有效數字)。?2勢能減小值為5.09m,另計算得動能增加值為5.08m(m為重錘質量)則該結果(選填“能”或“不能”驗證機械能守恒，理由是()A.在誤差允許范圍內B.沒有用當地的重力加速度g【命題意圖及考查點】驗證機械能守恒定律，考察學生的基本實驗技能和科學探究能力，著重考查是否在實驗操作過程中真正理解實驗原理【詳解】(1)應手提紙帶上端使紙帶豎直，同時使重物靠近打點計時器，由靜止釋放。(2)根據勻變速直線運動中間時刻的瞬時速度等于該過程平均速度可得打點“13”時，重錘下落的速度大(3)[1][2]可以驗證機械能守恒；理由是“在誤差允許范圍內，重錘的重力勢能減小值等于動能增加值”16—Ⅱ.在測繪發光二極管在導通狀態下的伏安特性曲線實驗中，(1)用多用電表歐姆擋判斷發光二極管的正負極選用×100擋時，變換表筆與二極管兩極的連接方式，發現發現指針偏轉，此時與多用電表紅色表筆相連的是二極管(選填“正極”或“負極”)。ba發光二極管P發光二極管線柱(選填“a""b"“c"或"?”),O應連接接線柱(選填“a"、"b"、“c"或“d')。某次選用多用電表量程為50mA擋測量，指針如圖(B)所示，則電流I=mA線性",正常發光時電壓在V范圍?！久}意圖及考查點】測繪發光二極管在導通狀態下的伏安特性曲線，考察學取0-3V量程，故Q接d;4×10mA+5×1mA+0×0.1mA(3)[1][2]根據圖像可知I隨U非線性變化，故說明該二極管是非線性元件，根16—Ⅲ.如圖所示，用“插針法”測量一等腰三角形玻璃磚(側面分別記為A和B、頂角大小為0)的折射①在白紙上畫一條直線ab,并畫出其垂線cd,交于0點；②將側面A沿ab放置，并確定側面B的位置ef③在cd上堅直插上大頭針P?和P?,從側面B透過玻璃磚觀察P?和P?,插上大頭針P?,要求P?能擋住_⑤撤去玻璃磚和大頭針，測得出射光線與直線ef的夾角為α,則玻璃磚折射率n=0【答案】P1和P2不需要【命題意圖及考查點】用“插針法”測量三角形玻璃磚的折射率三個實驗，考察學生的基本實驗技能和科學探究能力，著重考查是否在實驗操作過程④[2]cd與ab垂直，則過P1和P2的光線與ab垂直，光垂直入射時傳播方向不變，可確定ef邊上的入四、計算題：本題共4小題。解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位。17.如圖所示，測定一個形狀不規則小塊固體體積，將此小塊固體放入已知容積為VO的導熱效果良好的容器中，開口處豎直插入兩端開口的薄玻璃管，其橫截面積為S,接口用蠟密封。容器內充入一定質量的理想氣體，并用質量為m的活塞封閉，活塞能無摩擦滑動，穩定后測出氣柱長度為11,將此容器放入熱水中，活塞緩慢豎直向上移動，再次穩定后氣柱長度為12、溫度為T2。已知S=4.0×10-4m2,m=0.1kg,11=0.2m,12=0.3m,T2=350K,VO=2.0×10-4m3,大氣壓強p0=1.0×105Pa,環境溫度T1=300K。(2)求此不規則小塊固體的體積V;(3)若此過程中氣體內能增加10.3J,求吸收熱量Q。【答案】(1)不變，變小；(2)4×10-5m3;(3)14.4J【命題意圖及考查點】“測定一個形狀不規則小塊固體體積”,需要考生建立理想氣體等壓變化模型求【詳解】(1)[1][2]溫度升高后，活塞緩慢上升，受力不變，故封閉氣體的壓強不變，根據可知(2)氣體發生等壓變化，根據蓋—呂薩克定律(3)整個過程中外界對氣體做功為W=-p?S(L?-L)18.一彈射游戲裝置豎直截面如圖所示，固定的光滑水平直軌道AB、半徑為R的光滑螺旋圓形軌道BCD、光滑水平直軌道DE平滑連接。長為L、質量為M的平板緊靠長為d的固定凹槽EFGH側璧EF放置，平板上表面與DEH齊平。將一質量為m的小滑塊從A端彈射，經過軌道BCD后滑上平板并帶動平板一起運動，平板到達HG即被鎖定。已知R=0.5m,d=4.4m,L=1.8m,M=m=0.1kg,平板與滑塊間的動摩擦因數μl=0.6、與凹槽水平底面FG間的動摩擦因數為μ2?；?1)滑塊恰好能通過圓形軌道最高點C時，求滑塊離開彈簧時速度vo的大小；(2)若μ2=0,滑塊恰好過C點后，求平板加速至與滑塊共速時系統損耗的機械能；(3)若μ2=0.1,滑塊能到達H點，求其離開彈簧時的最大速度Vm。【答案】(1)5m/s;(2)0.625J;(3)6m/s【命題意圖及考查點】設置滑塊在圓形軌道和平板上運動的游戲情景，考查功能關系、動量守恒和力與運動的關系問題，第(3)小題要求考生建立清晰的運動圖景與幾何關系，求解過程還需要質疑判斷和嚴【詳解】(1)滑塊恰好能通過圓形軌道最高點C時從滑塊離開彈簧到C過程，根據動能定理(2)平板加速至與滑塊共速過程，根據動量守恒mvp=(M+m)V共(3)若μ2=0.1,平板與滑塊相互作用過程中，加速度分別為解得vE=6m/s,v=2.4m/s到達H速度v?=√v2-2a,x?=√2m/說明可以到達H,因此假設成立，若滑塊初速度再增大，則會從木板右側掉落。細繩與圓環無相對滑動。飛輪處在方向垂直環面的勻強磁場中，左側電路通過飛輪每根輻條電阻R=0.9Q,電路中還有可調電阻R2(待求)和電感L,不計其他電阻和阻力損耗，不(1)開關S擲1,“電動機”提升物塊勻速上升時，理想電壓表示數U=8V。①判斷磁場方向，并求流過電阻R?的電流I;②求物塊勻速上升的速度v。(2)開關S擲2,物塊從靜止開始下落，經過一段時間后，物塊勻速下降的速度與“電動機”勻速提升物【答案】(1)①垂直紙面向外，10A;②5m/s;(2)①0.2Ω;②2.5T【命題意圖及考查點】探究“法拉第圓盤發電機與電動機的功用”,要求考生先建立發電機和電動機模型，本題的解答方法多種多樣，但經科學推理和質疑論證得出“發電機和電動機”模型中【詳解】(1)①物塊上升，則金屬輪沿逆時針方向轉動，輻條受到的安培力指向逆時針方向，輻條中電流方向從圓周指向0點，由左手定則可知，磁場方向垂直紙面向外；由閉合電路的歐姆定律可知E?-U=I?(R?+r)②輻條切割磁感線產生的