…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教新版必修3物理上冊階段測試試卷544考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，重力不計的甲，乙、兩三個點電荷，電荷量相等，質量分別為m、2m、3m；由靜止經同一電場加速后，又經同勻強電場偏轉，最后打在熒光屏上，那么（）

A.經過加速電場過程，電場力對丙電荷做的功最多B.三個電荷打在屏上時的速度一樣大C.三個電荷打在屏上的同一位置上，且所用時間相等D.三個電荷經過加速和偏轉電場打在熒光屏上，電場力對三個電荷做的功一樣多2、如圖所示，在真空中存在電場強度大小為E、方向水平向右的勻強電場，A、B兩點分別固定著等量異種點電荷+Q和-Q.O是線段AB的中點，C是線段AB垂直平分線上的一點，且∠CAB=60°．若O點的電場強度大小為2E，則C點的電場強度大小為。

A.B.C.D.3、如圖所示，在平面直角坐標系中放置著兩根相互平行的通電直導線，其中一根直導線與y軸重合，另一根直導線在處，兩直導線中電流大小相等，方向均沿y軸負方向。已知直線電流周圍空間某點的磁感應強度大小其中I為直線電流強度的大小，r為空間某點到直線電流的距離。若規定垂直紙面向外的方向為磁感應強度的正方向，則兩通電直導線在之間產生的磁感應強度隨x變化的圖象正確的是（）

A.B.C.D.4、如下圖各種情景中，線圈中不能產生交變電流的是（）A.B.C.D.5、在如圖所示的電路中，閉合開關S，當滑動變阻器的滑片P向下移動時；下列選項正確的是（）

A.A1的示數增大，A2的示數減小B.A1、A2的示數均增大C.電源的輸出功率減小D.電源的效率增大6、如圖所示，電源內阻較大，當開關閉合，滑片位于某位置時，水平放置的平行板電容器間一帶電液滴恰好處于靜止狀態，燈泡L也能正常發光，現將滑片由該位置向a端滑動；則()

A.液滴帶正電，將向上做加速運動B.燈泡將變暗，電源效率將減小C.電容器將放電，所帶電荷量減少D.電源的路端電壓增大，輸出功率也增大7、無限長導線，均通以恒定電流I。直線部分和坐標軸接近重合，彎曲部分是以坐標原點O為圓心的相同半徑的一段圓弧，已知直線部分在原點O處不形成磁場，則圖乙中O處磁感應強度和圖甲中O處磁感應強度相同的是（）

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、如圖所示電路中，電源的電動勢、內阻及各電阻的阻值都標記在圖中，當滑動變阻器R3的滑片P向a端移動時,以下說法中正確的是（）

A.電壓表示數變小，電流表示數變小B.電阻R1兩端的電壓減小C.電源的總功率減少但電源的輸出功率增大D.如果設定流過電阻R2電流變化量的絕對值為流過滑動變阻器R3的電流變化量的絕對值為則9、如圖所示，A中是單個點電荷的電場，B、C中都是兩個等量的異種電荷的電場，D中是兩個等量的同種電荷的電場．在四個電場中，均有相互對稱分布的a、b兩點，其中場強大小相同、方向相反的是：()A.B.C.D.10、如圖所示電路中，電源電動勢為E，內阻為r，電流表和電壓表均為理想電表，R1、R3為定值電阻，R2為滑動變阻器，C為平行板電容器。開關S閉合后，兩極板間的帶電液滴處于靜止狀態，當滑動變阻器滑片P向a端滑動過程中；下列說法正確的是（）

A.R3的功率變小B.電壓表、電流表示數都變小C.增大平行板間距，則液滴可能保持不動D.電容器C所帶電荷量減少，液滴向下加速運動11、如圖，兩平行金屬板間有一勻強電場，其外部電場不計，板長為L，板間距離為d，在板右端L處有一豎直放置的熒光屏M，一帶電荷為q，質量為m的質點從兩板中央沿中線射入其間，最后恰好打在熒光屏M上的O點，O點與入射點連線是水平方向。已知重力加速度為g；則下列結論正確的是（）

A.電場力qE=2mgB.電場力C.質點打在O點時的速度一定垂直屏D.質點在板間的運動時間和它從板的右端運動到光屏的時間相等12、如圖所示，AC、BD為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為O，半徑為R。電荷量均為Q的正、負點電荷放在圓周上，它們的位置關于AC對稱，+Q與O點的連線和OC間夾角為30°；下列說法正確的是（）

A.O點的場強大小為方向由O指向DB.O點的場強大小為方向由O指向DC.D兩點的電勢關系是D.電荷量為q的正電荷在A點的電勢能大于在C點的電勢能13、如圖所示為多用電表電阻擋的原理圖，表頭內阻為Rg，調零電阻為R0，電池的電動勢為E，內阻為r；則下列說法中正確的是（）

A.它是根據閉合電路歐姆定律制成的B.電阻擋對應的“∞”刻度一般在刻度盤的右端C.接表內電池負極的應是黑表筆D.調零后刻度盤的中心刻度值是r+Rg+R014、如圖所示，等邊三角形處于勻強電場中，電場強度為E，方向與平行，水平向右。在B、C兩點分別固定電荷量為和的點電荷，D點為的中點，已知A點電場強度大小為2E。下列說法正確的是（）

A.D點的電場強度水平向右，大小為2EB.D點的電場強度水平向右，大小為9EC.把一正點電荷自A點沿直線移動到D點，電場力做正功D.把一正點電荷自A點沿直線移動到D點，電場力不做功15、電壓表；電流表都是由小量程電流表改裝而成的；如圖甲、乙所示分別是電壓表、電流表的改裝圖，以下說法正確的是（）

A.若改裝后的電流表示數比標準表稍小一些，可以給并聯電阻再串一個較小的電阻B.若改裝后的電流表示數比標準表稍大一些，可以給并聯電阻再并一個較大的電阻C.若改裝后的電壓表示數比標準表稍小一些，可以給串聯電阻再串聯一個較大的電阻D.若改裝后的電壓表示數比標準表稍大一些，可以給串聯電阻再并聯一個較大的電阻16、法拉第為描述場的性質而提出場線的假設。如圖是場線中的一部分，點A、P、Q處于中央同一直線上，P、Q關于中垂線對稱；以下判斷正確的是（）

A.可能是兩個同種電荷產生的電場線B.可能是條形磁鐵產生磁場的磁感線C.無論電場還是磁場，A、P處場的方向相反D.無論電場還是磁場，P、Q處強度、方向相同評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)17、如圖所示的電路中，當S斷開時，電流表示數為S閉合時，電流表示數為則電源的電動勢_______V，內阻_______

18、電磁波的產生：變化的電場和磁場交替產生，由近及遠向周圍傳播，形成_____________19、電子伏是研究微觀粒子時常用的能量單位，1eV就是在電勢差為1V的點間移動一個電子，電場力所做的功，則1eV=________J。20、如圖所示是示波管的原理圖，它由電子槍、偏轉電極（XX′和YY′）、熒光屏組成，管內抽成真空，給電子槍通電后，如果在偏轉電極XX′和YY′上都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏的中心O點。

（1）電子在________區域是加速的，在________區域是偏轉的。

（2）若則電子向________板偏移，若則電子向________板偏移。21、一臺小型電動機在3V電壓下工作，用此電動機提升重力為4N的物體時，通過電動機的電流是0.2A，在30s內可將該物體勻速提升3m。若不計除電動機線圈生熱之外的能量損失，則電動機的輸入功率為________；線圈的電阻為________。評卷人得分四、作圖題(共1題，共4分)22、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標出圖中各電荷的電性。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共14分)23、（1）用游標為50分度的卡尺測量其長度如圖，由圖可知其長度為___________mm；

（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖，由圖可知其直徑為___________mm。

（3）實驗中電流表選擇0-0.6A量程，電壓表選擇0-3V量程。某次電表示數如圖所示，電流表示數為___________A，電壓表示數為___________V；

24、利用以下器材測量未知電阻（約為）的阻值。

A．電源E（內阻很小）；

B．電流表（量程內阻約）；

C．電流表（量程內阻約）；

D．電壓表V（量程內阻約）；

E．電阻箱R（最大值）；

F．滑動變阻器（）；

G．滑動變阻器（）；

H．開關兩個和導線若干。

（1）先將電流表改裝成一個量程為的電壓表，用如圖所示電路圖測量電流表的內阻：

①為了完成實驗，滑動變阻器應選擇_______（填寫器材前的代號）；

②將滑動變阻器的阻值調到最大，斷開，閉合調節滑動變阻器使的示數為

③再閉合保持滑動變阻器滑片位置不變，調節電阻箱R，使的示數為讀出此時電阻箱的阻值為則電流表的內阻_______

④將電流表與電阻箱串聯后接在電路中，電阻箱的阻值調到_______

（2）再設計電路測量未知電阻的阻值，請將方框中的電路補充完整_________。

（3）若電路中電流表的示數為電流表的示數為則待測電阻_______（用表示）。評卷人得分六、解答題(共2題，共6分)25、發生彈性形變的物體，由于各部分之間彈力的相互作用，具有彈性勢能，用表示，研究表明其中k表示彈簧的勁度系數，x表示彈簧的形變量．在傾角為的斜面的底端有一個固定擋板D，擋板與小物塊A之間用輕彈簧拴接，小物塊A、B之間不粘連（A、B均可視為質點）．當彈簧處于自然長度時，B在O點；當A、B靜止時，B在M點，OM=l．現用力壓B，使B緩慢運動至N點，保持A、B靜止，MN=2l．已知：O與擋板之間的斜面是光滑的，O點以上的斜面是粗糙的，A、B與斜面間的動摩擦因數A的質量是m，B的質量是2m，重力加速度為g．求：

（1）彈簧的勁度系數k以及物塊B在M點時；彈簧具有的彈性勢能；

（2）緩慢壓物塊B到N點的過程中，外力對B做的功；

（3）撤去外力，A、B將沿著斜面向上運動，則物塊B沿斜面第一次上升至P點，則OP之間的距離是多少？26、用一臺電動機來提升重500N的重物，當接入110V電壓時，電動機工作時的電流是5A，已知電動機線圈電阻是2Ω，不計一切阻力，取g=10m/s2；若物體從靜止起動，且電流電壓保持不變。求：

(1)重物上升的最大速度；

(2)若達到這個速度歷時2s；求此過程中物體上升的高度。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【詳解】

A．電荷通過加速電場，電場力做功甲；乙、兩三個點電荷電荷量相等，可知電場力做功相等，故A錯誤；

BD．經過加速電場，由動能定理可得

在偏轉電場中電荷做類平拋運動，水平方向做勻速運動，設板長為l，則有

豎直方向做勻加速直線運動，設間距為d，則有

聯立以上三式可得

說明三個電荷側移量相同，設在偏轉電場中電場力做功為則有

聯立可得

整個過程電場力做功

通過比較可知電場力對三個電荷做的功一樣多；因三個電荷質量不同，由動能定理可知三個電荷獲得速度大小不同，故D正確，B錯誤；

C．由前面分析可知電荷在偏轉電場中做類平拋運動，則有

設射出偏轉電場時速度與水平方向夾角為則有

聯立可得

說明三個電荷射出偏轉電場時側移量；方向相同；三個電荷打在屏上的同一位置上，因射出加速電場時速度大小不同，質量大的電荷，速度小，打在熒光屏用時較長，故C錯誤。

故選D。2、C【分析】【詳解】

因為O點的電場強度大小為2E，可知兩個點電荷在O點產生的電場強度均為若設OA=OB=r，則AC=2r，則在C點：由平行四邊形定則可知，因兩點電荷在C點的場強方向夾角為120°，可知兩點電荷在C點的合場強大小為方向水平向右；則C點的合場強為

A.與結論不相符，選項A錯誤；

B.與結論不相符，選項B錯誤；

C.與結論相符，選項C正確；

D.與結論不相符，選項D錯誤；3、A【分析】【分析】

【詳解】

根據右手螺旋定則可得左邊通電直導線在兩根直導線之間的磁感應強度方向為垂直紙面向外為正；右邊通電直導線在兩根直導線之間的磁感應強度方向為垂直紙面向里為負，離直導線越遠磁感應強度越弱，在兩根直導線中間位置的磁感應強度為零。

故選A。4、A【分析】【分析】

【詳解】

根據題意；結合產生交流電的條件，當電路是閉合的，線圈在磁場中轉動，其中的線框切割磁感線，導致磁通量變化，根據感應電流產生的條件可以確定BCD中有感應電流產生，A圖中沒有感應電流產生。

故選A。5、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．當滑動變阻器的滑片P向下移動時，導致回路總電阻變小，干路電流變大，由

可知，路端電壓變小，流過R1的電流變小，則流過R的電流變大，即A1、A2的示數均增大；A錯誤，B正確；

C．電源的輸出功率為

由于無法確定內；外阻的大小關系；故無法確定電源的輸出功率是否減小，C錯誤；

D．電源的效率

故外電阻減小；電源的效率減小，D錯誤。

故選B。6、A【分析】【詳解】

B．將滑片由該位置向a端滑動時，變阻器接入電路的電阻增大，電路中總電阻增大，電路中電流減小，燈泡消耗的功率減小，則燈泡將變暗；外電路總電阻增大，路端電壓增大，則電源的效率為

U增大，則知η增大；故B錯誤；

A．電容器下極板帶正電；板間場強向上，則知液滴帶正電，路端電壓增大，則電容器板間電壓增大，板間場強增大，液滴所受的電場力增大，因此液滴將向上做加速運動，故A正確；

C．電容器的電壓增大；則電容器將充電，所帶電荷量增大，故C錯誤；

D．由于電源的內電阻與外電阻關系未知；所以不能判斷輸出功率如何變化，故D錯誤；

故選A．

【點睛】

將滑片由該位置向a端滑動時，變阻器接入電路的電阻增大，分析電路中總電阻的變化，判斷變阻器電壓的變化，判斷電容器充電還是放電，由板間場強的變化分析液滴的運動情況．7、A【分析】【分析】

【詳解】

由題意可知；圖甲中O處磁感應強度的大小是其中一段在O點的磁場大小2倍，方向垂直紙面向里；

A．根據右手螺旋定則可知；左上段與右下段的通電導線產生的磁場疊加為零，則剩余的兩段通電導線產生的磁場大小是其中一段的在O點磁場的2倍，且方向垂直紙面向里，故A正確；

B．同理；四段通電導線在O點的磁場是其中一段在O點的磁場的4倍，方向是垂直向里，故B錯誤；

C．由上分析可知；右上段與左下段產生磁場疊加為零，則剩余兩段產生磁場大小是其中一段在O點產生磁場的2倍，方向垂直紙面向外，故C錯誤；

D．與C選項分析相同；四段在O點的磁場是其中一段在O點產生磁場的2倍，方向垂直紙面向外，故D錯誤；

故選A。二、多選題(共9題，共18分)8、B:D【分析】【詳解】

A；將滑動變阻器的滑動觸片P從圖示位置向a滑動的過程中；外電路總電阻變大，電路中總電流變小，內電壓減小，路端電壓變大；電壓表示數變大，故A錯誤；

BD、電路中總電流變小，通過電阻R1的電流變小，R1兩端電壓變小，R2兩端電壓增大，通過電阻R2的電流變大，通過電阻R1的電流等于通過電阻R2的電流和通過電阻R3的電流之和，故通過電阻R3的電流變小，故有故BD正確；

C；電路中總電流變小；則電源的總功率減少，因不知道外電阻與內電阻之間的關系，所以無法判斷電源的輸出功率的變化；故C錯誤；

故選BD．9、A:D【分析】【詳解】

A.根據點電荷場強公式：可知，a、b場強大小相等；但方向相反，故A正確；

BC.根據電場線的對稱性可知，a、b兩點場強大小相等；但方向相同，故BC錯誤；

D.由于電場線關于兩電荷連線上下對稱；場強大小相等，方向相反，故D正確．

故選AD。10、B:C【分析】【詳解】

AB．當滑動變阻器滑片P向a端滑動過程中，接入電路的電阻增大，R2與R3并聯的電阻增大，總電阻增大，則總電流減小，R1電壓減小，則電壓表示數變小，R2與R3并聯的電壓增大，通過R3電流增大，根據

可知功率變大，電流表示數為總電流減去通過R3電流；故電流表示數變小，故A錯誤，B正確；

C．R3兩端的電壓增大，增大平行板間距，根據

可知電場強度可能恒定；粒子可能保持不動，故C正確；

D．R2與R3并聯的電壓增大；電容器板間電壓增大，帶電量增大，板間場強增大，液滴所受的電場力增大，則液滴將向上加速運動，故D錯誤；

故選BC。11、B:D【分析】【詳解】

D．設粒子的初速度為由于粒子在水平方向上做勻速運動，因此質點在板間的運動時間和它從板的右端運動到光屏的時間相等，且都等于

D正確；

AB．在豎直方向上，在板間

離開極板后，只受重力作用，在豎直方向上

整理可得

A錯誤；B正確；

C．到達熒光屏M時，在豎直方向有豎直向下的分速度，因此質點打在O點時的速度不垂直于屏；C錯誤。

故選BD。12、A:C【分析】【詳解】

AB．O的場強大小

方向由O指向D；A正確，B錯誤；

C．等量異種電荷，電場線從正電荷出發到負電荷，沿著電場線，電勢逐漸減小，因此C正確；

D．A點與C點的電勢相等，其電勢差為零，則電荷q從A點運動到C點；電場力做功為零，A點電勢能等于C點的電勢能，D錯誤。

故選AC。13、A:D【分析】【詳解】

A．歐姆表的工作原理為全電路歐姆定律；則A正確；

B．歐姆表零刻度線在最右側；最大刻度線在最左側。故B錯誤；

C．電表的接表內負極的是紅表筆。故C錯誤；

D．調零時，根據閉合電路歐姆定律有

當指針指在中間刻度時，有

可得

故D正確。

故選AD。14、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．由平行四邊形定則可知，B、C兩點的點電荷在A點產生的電場強度的大小為

B、C兩點的點電荷在D點產生的電場強度的大小

合成后

選項A錯誤；B正確；

CD．在勻強電場中為等勢線，在等量異種電荷形成的電場中也為等勢線，疊加后為等勢線，因此沿移動電荷；電場力不做功，選項C錯誤，D正確。

故選BD。

【命題意圖】

本題考查點電荷電場和電場疊加原理，考查理解能力、推理論證能力，體現物理觀念、科學思維。15、A:B【分析】【詳解】

A．若改裝后的電流表示數比標準表稍小一些；說明流過表頭的電流小，可以增大分流電阻使其分流少些，從而增大流過表頭的電流使其準確，應該給并聯電阻串聯一個較小的電阻，故A正確；

B．若改裝后的電流表示數比標準表稍大一些；說明流過表頭的電流大，可以減小分流電阻使其分流多些，從而減小流過表頭的電流使其準確，應該給并聯電阻并聯一個較大的電阻，故B正確；

C．若改裝后的電壓表示數比標準表稍小一些。說明流過表頭的電流小；應該減小串聯電阻，或給串聯電阻再并聯一個較大的電阻，故C錯誤；

D．若改裝后的電壓表示數比標準表稍大一些；說明流過表頭的電流大，應該增大串聯電阻，故D錯誤。

故選AB。16、B:D【分析】【詳解】

AB．根據電場線與磁感線的共性；可知這既可能是兩個等量異種電荷產生的電場線（左正右負），也可能是條形磁鐵（或通電螺線管）產生磁場的磁感線（左N右S），故A錯誤，B正確；

CD．若是電場，點A、P的電場方向相反（A向左P向右），若是磁場，點A、P的磁場方向相同（都向左），無論電場還是磁場，點P、Q的強度及方向都相同；故C錯誤，D正確。

故選BD。三、填空題(共5題，共10分)17、略

【分析】【詳解】

[1][2]開關S斷開時，由閉合電路歐姆定律可得

閉合時有

聯立解得【解析】6318、略

【解析】電磁波19、略

【分析】【詳解】

根據題意【解析】20、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]根據示波器原理知Ⅰ區域是加速電場區；Ⅱ區域是偏轉電場區；

（2）[3][4]在偏轉電極YY′加電壓，且Y比電勢高，電子向高電勢運動，故電子向Y板偏移，只在偏轉電極XX′上加電壓，且X比電勢高，電子向高電勢運動，故粒子向X板偏移。【解析】①.Ⅰ②.Ⅱ③.Y④.X21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]