第1頁/共1頁2025北京東城高一（上）期末物理一、本部分共14題，每小題3分，共42分。在每小題列出的四個選項中，選出最符合題目要求的一項。1．下列各組物理量中，都是矢量的是（）A．時間、加速度 B．重力、速度 C．路程、彈力 D．質量、位移2．小孩從如圖所示的滑梯上由靜止開始下滑，下列圖像可以表示他的受力或運動情況的是（）A．B．C．D．3．一小物體從高為6層的樓房的樓頂由靜止落下，每層樓高約為3m，不考慮空氣阻力，g取10m/s2，則小物體（）A．經過大約4s落地 B．落地時速度大小約為40m/s C．通過5樓的時間小于通過3樓的時間 D．通過6樓和5樓所用時間之比為1：（﹣1）4．用兩臺無人機協同工作運送樹苗，如圖所示，兩條繩之間的夾角為60°，設樹苗質量為m，當無人機和樹苗勻速移動時每條繩的拉力大小為（）A．mg B．mg C．mg D．mg5．下列關于牛頓運動定律的說法正確的是（）A．牛頓第一定律是牛頓第二定律在合外力為零情況下的特例 B．用力提一個很重的箱子但沒有提動，這與牛頓第二定律矛盾 C．從尾部向外噴氣使火箭加速的過程，可用牛頓第二定律和牛頓第三定律解釋 D．根據牛頓第三定律，用手托著一塊磚突然向上加速時，磚受到的支持力大于手受到的壓力6．物體靜止在光滑水平面上，某時刻在物體上施加一個方向水平向東的力F，且F的大小逐漸減小到零，對此過程中物體的運動情況判斷正確的是（）A．加速度方向與速度方向相反 B．向東做減速運動 C．F減小到零時速度最大 D．速度變化得越來越快7．利用頻閃攝影探究自由落體運動，如圖所示是小球自由下落時的頻閃照片，頻閃儀每隔T＝0.04s閃光一次，照片中數據的單位是cm。根據本題及照片中的信息可知，下列說法正確的是（）A．C點的速度約為3.2m/s B．可利用Δx＝aT2求小球的加速度值，Δx約為2.4cm C．計算B、C、D、E各點速度，做v﹣h圖像，可由斜率得到重力加速度值 D．計算B、C、D、E各點速度，做v2﹣h圖像，可由斜率求出小球的加速度值8．做“探究彈簧彈力與形變量的關系”的實驗時，使用兩條不同的輕質彈簧a和b，分別得到彈簧彈力F與彈簧長度l關系的兩條圖線如圖所示，則由圖可知（）A．彈簧a的彈力與其長度成正比 B．彈簧a的原長比彈簧b的短 C．彈簧a的勁度系數比b的小 D．彈簧b的彈力與其形變量成反比9．如圖所示，水平傳送帶以v1＝2m/s的速度順時針勻速轉動，其兩端點A、B之間的距離L＝2m。將可視為質點的小物塊無初速度地放在傳送帶A端，物塊與傳送帶之間的動摩擦因數μ＝0.2，g取10m/s2，則小物塊在傳送帶上運動的時間為（）A．0.5s B．1.0s C．1.5s D．2.0s10．一物體由靜止開始在豎直方向運動，其加速度a隨時間t變化的規律如圖所示，取豎直向下為正方向，則物體（）A．做往返運動，4s末回到出發點 B．前2s內與前4s內的平均速度相等 C．第2s內與第3s內速度變化量相同 D．在第1s內處于超重狀態11．如圖所示，質量為M的斜面支架放在水平桌面上，質量為m的書放在斜面支架上，二者均靜止。書與斜面間的動摩擦因數為μ，斜面與水平面的夾角用θ表示，重力加速度記為g，下列說法正確的是（）A．書受到摩擦力的大小為μmgcosθ B．當θ略微減小時，書所受支持力和重力的合力增大 C．當θ增大到使書在斜面上勻速滑動時，支架對桌面的壓力大于（M+m）g D．當θ增大到使書在斜面上加速滑動時，桌面對支架的摩擦力水平向右12．人站在壓力傳感器上持續多次完成下蹲、站起、下蹲、站起的動作，某段時間內傳感器采集的壓力F隨時間t變化的情況如圖所示，根據圖像判斷下列說法中正確的是（重力加速度g取10m/s2）（）A．在所記錄的0～8s時間段內，人完成了兩次“下蹲”和兩次“站起”的動作 B．在F＝200N的時刻，人下蹲至最低點 C．在F＝700N的時刻，人的速度最大 D．完成b圖像對應動作比完成a圖像對應動作所用時間長13．老虎車是一種搬運工具，如圖所示，車的平面與擋板垂直。某次運貨時貨物與車保持相對靜止并水平向右做加速運動，車平面與水平地面的夾角為α，重力加速度為g。不考慮貨物與車平面及與擋板之間的摩擦，下列說法正確的是（）A．當老虎車的加速度為gsinα時，車平面對貨物的支持力為0 B．當擋板對貨物作用力為0時，老虎車的加速度為 C．當加速度不斷增大時，貨物會沿車平面向上滑 D．當老虎車突然剎車時，貨物只會沿車平面滑動，不會離開車平面14．如圖甲所示，兩薄木板A、B質量相同，其中木板A與墻面間的動摩擦因數為μ1，木板B與木板A間的動摩擦因數為μ2，光滑重球被輕質細繩跨過定滑輪拉住，整個系統處于靜止狀態。現緩緩釋放細繩使重球緩慢下降，對可能出現的情況，下列說法正確的是（）A．若出現圖乙所示情況，只要μ1＞μ2 B．若μ1＜2μ2，會出現圖乙所示情況 C．要出現圖丙所示情況，必有μ1＝2μ2 D．若μ1＜2μ2，會出現圖丙所示情況二、本部分共6題，共58分。15．（8分）如圖所示為“驗證力的平行四邊形定則”的實驗，實驗步驟如下：①用兩個相同的彈簧測力計沿細繩互成角度拉套在橡皮筋結點的細繩套，使橡皮筋伸長，結點到達紙面上某一位置靜止，記為O；②記錄兩個彈簧測力計的拉力F1、F2的和；③只用一個彈簧測力計拉繩套，使結點，記錄彈簧測力計的拉力F；④按照力的圖示要求，作出拉力F1、F2、F的圖示；⑤根據力的平行四邊形定則，作出F1和F2的合力F′；⑥比較F與F′的大小、方向的一致程度。（1）請將步驟②中的內容填寫完整。（2）請將步驟③中的內容填寫完整。（3）如圖四個實驗報告中的實驗記錄及數據處理，正確的是（選填對應選項的字母）。16．（10分）做探究“加速度與質量的關系”和探究“加速度與力的關系”的實驗。（1）采用如圖甲所示的裝置探究“加速度與質量的關系”：保持槽碼質量不變，通過增減小車中的砝碼個數改變小車中砝碼和小車的總質量M，與此相對應，利用紙帶上打出的點來測量小車的加速度。①對此實驗方案，下列做法中合理的是（選填正確選項前的字母）。A.在平衡阻力時，需要把木板的一側墊高，并將牽引槽碼用細線通過定滑輪系在小車上B.實驗時，先接通打點計時器電源，待打點計時器工作穩定后再釋放小車C.調節滑輪，使細線與木板平行D.小車質量應遠遠大于槽碼的質量②圖乙所示為本實驗中得到的一條清晰紙帶，紙帶上兩相鄰計數點間的時間間隔T＝0.10s，由該紙帶可求得小車的加速度a＝m/s2（計算結果保留2位有效數字）。（2）為了探究加速度與力的關系，使用如圖丙所示的氣墊導軌裝置進行實驗，其中G1、G2為兩個光電門，它們與數字計時器相連，當滑塊通過G1、G2光電門時，光束被遮擋的時間Δt1、Δt2都可以被測量并記錄，滑塊連同上面固定的一條形擋光片的總質量為M，擋光片寬度為D，遮光條從開始遮住G1到開始遮住G2的時間為t，牽引槽碼的質量為m，回答下列問題。①若取M＝0.4kg，改變m的值，進行多次實驗，以下m的取值不合適的一個是。A.m1＝5gB.m2＝15gC.m3＝20gD.m4＝400g②在此實驗中，需要測得每一個牽引力對應的加速度，求得的加速度a的表達式為（用Δt1、Δt2、D、t表示）。17．（9分）一滑雪道由AB和BC兩段材質相同的滑道組成，其中AB段長度L＝50m，與水平方向夾角θ＝37°，BC段沿水平方向且足夠長，AB與BC之間由不計長度的小圓弧相連。已知當運動員從A點由靜止下滑，經過5s后到達B點。取重力加速度大小g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，求運動員：（1）滑到B點時的速度vB；（2）與滑雪道間的動摩擦因數μ；（3）在BC段上滑行的距離l。18．（9分）如圖甲所示是“中國天眼”500m口徑球面射電望遠鏡維護時的照片。為不損傷望遠鏡球面，質量為m的工作人員被懸在空中的氫氣球拉著，當他在離底部有一定高度的望遠鏡球面上緩慢移動時，氫氣球對其有大小恒為mg、方向豎直向上的拉力作用。將球面視為半徑為R的幾何球面，球心用O表示，如圖乙所示，球面上A點與球心O的連線和O點與球面最低點的連線之間的夾角為θ。將人視為質點，當工作人員站在圖乙中的A點處靜止時，求：（1）球面對工作人員作用力的大小F和作用力的方向；（2）工作人員對球面壓力的大小FN和摩擦力的大小Ff；（3）為了維修更高處的鏡面，工作人員移動到圖乙中的B處，請說明他靜止在B處時，第（1）、（2）問中提到的F、FN及Ff各有哪些變化。19．（10分）我國自主研發的某款戰斗機（圖甲）的一些參數如表所示。機長17.6米機寬13.4米翼展10.6米滿載總質量M3.5×104千克最大推力F2.1×105牛最高飛行速度vm700米/秒作戰半徑1350公里（1）若該戰斗機滿載起飛時速度需要達到150m/s，在跑道上加速時發動機提供的推力為最大推力，不考慮加速過程中的各種阻力，求戰斗機需要在跑道上滑行至起飛所需的時間t；（2）戰斗機以v1＝400m/s的速度水平飛行時，雷達顯示其正前方有一飛行物在以v2＝450m/s的速度水平勻速飛行，為了追趕飛行物，戰斗機以a＝5m/s2的加速度追趕，當戰斗機的速度達到表中所示的最高飛行速度vm時，二者間的距離縮短了多少米？（3）若該戰斗機滿載出發，返航時以80m/s的速度著陸后在跑道上減速，其位移x與速度v的關系曲線如圖乙所示，已知減速過程中的制動力及阻力的合力恒為1×105N，求戰斗機在這次飛行全過程中所投出的載重和燃油損耗的總質量Δm。20．（12分）如圖所示，一根粗細均勻、質量分布均勻的彈簧，總質量為m，勁度系數為k，彈簧共有n匝（n足夠大，從上到下依次記為第1匝，第2匝……第n匝）。將彈簧一端用細線掛在天花板上，另一端自由下垂。（1）若某時刻將細線燒斷，求燒斷瞬間，第1匝的加速度大小a1和第n匝的加速度大小an；（2）若將每一匝彈簧視為一個可發生彈性形變的彈性體，每一匝彈簧的勁度系數為nk。當彈簧處于自由下垂（即細線尚未被燒斷）的靜止狀態時，彈簧每一匝的形變量從上到下依次用x1、x2……xn表示，其中任意一匝（第i匝）的形變量用xi表示。a.請說明彈簧的疏密是怎樣分布的；b.求出xi的表達式；c.證明任意相鄰兩匝彈簧的形變量之差Δx為一定值。

參考答案一、本部分共14題，每小題3分，共42分。在每小題列出的四個選項中，選出最符合題目要求的一項。1．【分析】根據常見物理量的矢量性和標量性進行分析判斷?！窘獯稹拷猓杭铀俣取⒅亓退俣?，彈力，位移均為矢量，時間、路程和質量都是標量，故B正確，ACD錯誤。故選：B。【點評】考查常見物理量的矢量性和標量性，會根據題意進行準確分析解答。2．【分析】根據牛頓第二定律及運動學公式分析判斷?！窘獯稹拷猓篈D、小孩受重力、摩擦力、支持力，三個力的合力恒定不變，根據牛頓第二定律F＝ma可知，加速度恒定不變，故A正確，D錯誤；B、根據x＝可知，x﹣t圖像為拋物線，故B錯誤；C、根據v＝at可知，速度逐漸增大，v﹣t圖像斜率為正，故C錯誤；故選：A?！军c評】本題考查牛頓第二定律的運用，解題關鍵掌握小孩的受力分析。3．【分析】A、計算出樓頂高度，根據自由落體運動位移與時間公式求解落地時間；B、根據速度公式求解落地速度；C、根據自由落體運動規律分析；D、根據自由落體運動位移與時間公式分析?！窘獯稹拷猓篈、樓頂高度為3m×6＝18m，物體落地時間，故A錯誤；B、物體落地速度為v＝gt＝10×1.89m/s＝18.9m/s，故B錯誤；C、物體下落的速度越來越大，則物體通過5樓的平均速度小于通過3樓的平均速度，物體通過5樓的時間大于通過3樓的時間，故C錯誤；D、設每層高度為h，則物體通過6樓的時間為，通過5樓的時間為，時間之比為1：（﹣1），故D正確。故選：D。【點評】考查對自由落體運動規律的理解，熟悉運動學公式的運用。4．【分析】對樹苗受力分析，由平衡條件列式，即可求得每條繩的拉力大小，即可求得ABCD正誤?！窘獯稹拷猓河蓪ΨQ性可知，每條繩子與豎直方向的夾角相同，均為30°，如圖，對樹苗受力分析：由平衡條件可得：Tcos30°+Tcos30°＝mg，解得，每條繩的拉力大小為：T＝mg，故A正確，BCD錯誤；故選：A?！军c評】本題主要考查共點力的平衡問題，解答本題時需注意：選準研究對象、做好受力分析、根據共點力的平衡條件確定力與力的關系。5．【分析】根據牛頓運動定律的定義逐項分析?！窘獯稹拷猓篈、牛頓第一定律揭示了力和運動的關系，即力是改變物體運動狀態的原因或產生加速度的原因，同時指出了物體具有保持原來運動狀態的屬性，即慣性。因為不受力的物體是不存在的，從這里可以看出牛頓第一定律是理想情況下的定律，牛頓第二定律指出了加速度與力和質量的關系即F＝ma.當加速度a＝0時，并不能說明物體不受力，只能說明作用于物體的幾個力的合力為零，因此，牛頓第一定律不是牛頓第二定律在物體的加速度a＝0條件下的特例，故A錯誤；B、用力提一個很重的箱子，卻提不動它，這跟牛頓第二定律不矛盾，因為箱子受到的合力為零，故箱子靜止，故B錯誤；C、向尾部噴氣使火箭加速的過程，可用牛頓第二定律和牛頓第三定律解釋，故C正確；D、用手托著一塊磚突然向上加速時，磚受到的支持力與手受到的壓力是一對相互作用力，兩者大小相等，方向相反，故D錯誤。故選：C?！军c評】考查對牛頓運動定律的理解，熟記其定義。6．【分析】AB.根據牛頓第二定律結合初狀態分析速度和加速度方向，以及加減速情況；C.根據合外力的變化情況判斷速度的變化情況；D.根據合外力和加速度的變化情況進行判斷。【解答】解：AB.根據牛頓第二定律F＝ma，由于物體從靜止開始向東做加速運動，故速度方向和加速度方向相同，故AB錯誤；C.當外力F減小到0時，速度不再增加，速度達到最大值，故C正確；D.因為物體的合外力F越來越小，則加速度也越來越小，速度變化越來越慢，故D錯誤。故選：C?！军c評】考查牛頓第二定律應用和理解，物體加減速運動問題，會根據題意進行準確分析解答。7．【分析】根據勻變速直線運動規律計算C點速度；根據逐差法及速度—位移公式計算加速度的方法分析BCD?！窘獯稹拷猓篈．根據勻變速直線運動規律可知，C點的速度約為vC＝＝×0.01m/s＝0.79m/s故A錯誤；B．可利用Δx＝aT2求小球的加速度值，Δx＝3.2cm﹣0.8cm﹣0.8cm＝1.6cm，故B錯誤；CD．根據v2＝2gh可知v＝做v﹣或v2﹣h圖像，可由斜率得到重力加速度值，故C錯誤，D正確；故選：D?！军c評】本題考查重力加速度的計算，解題關鍵掌握速度—位移公式，注意勻變速直線運動規律的運用。8．【分析】彈簧的彈力滿足胡克定律，F＝kΔx，在圖象中斜率表示彈簧的勁度系數k，橫截距表示彈簧的原長。【解答】解：根據胡克定律得：F＝kΔx＝k（l﹣l0），l是彈簧的長度，l0是彈簧的原長，由數學知識知：F﹣l圖象的斜率等于k，橫截距表示彈簧的原長。所以有：l1＜l2k1＞k2。即彈簧a的原長比彈簧b的短，彈簧a的勁度系數比b的大；由圖可知，彈簧的彈力與形變量成正比，故B正確，ACD錯誤；故選：B?！军c評】本題關鍵根據胡克定律得到F與l的關系式，注意運用數學知識理解F﹣l圖象的意義，明確斜率和橫截距的物理意義。9．【分析】先計算出物塊的加速度，然后計算物塊的加速時間和加速距離，進而計算出勻速運動的時間，可得總時間?！窘獯稹拷猓何飰K在傳動帶上的加速度為a＝，物塊的加速時間為，物塊的加速距離為＜L，則此時物塊還沒有達到最右端，以后物塊將勻速運動，物塊勻速運動的時間為，所以物塊在傳動帶上運動的總時間為t＝t1+t2＝1s+0.5s＝1.5s，故C正確，ABD錯誤。故選：C?！军c評】注意分析物塊是一直加速到右端，還是先加速后勻速的。10．【分析】在0～1s內，物體從靜止開始沿加速度方向勻加速運動，在1s～2s內，加速度反向，速度方向與加速度方向相反，所以做勻減速運動，到2s末時速度為零，2s～3s內加速度變為正向，物體又從靜止開始沿加速度方向勻加速運動，重復0～1s內運動情況，3s～4s內重復1s～2s內運動情況?！窘獯稹拷猓篈、物體不做往返運動，一直向下運動，故A錯誤；B、根據，前2s內位移為前4s內的位移的，由可得平均速度相等，故B正確；C、第2s內與第3s內加速度方向相反，速度變化量不相同，故C錯誤；D、當物體的加速度向上時，處于超重狀態；當加速度方向向下時，處于失重狀態。在第1s內加速度方向向下，處于失重狀態，故D錯誤。故選：B。【點評】根據加速度隨時間變化規律的圖像找出對應的加速度大小和方向，結合物體的初狀態狀態分析物體的運動情況。11．【分析】AB.對書受力分析，由平衡條件、最大靜摩擦力的計算公式分別列式，即可分析判斷；C.書在斜面上勻速滑動時，對斜面支架、書的整體受力分析，由平衡條件、牛頓第三定律，即可分析判斷；D.當θ增大到使書在斜面上加速滑動時，斜面支架與書整體的加速度斜向右下方，則其水平分量水平向右，據此分析判斷?！窘獯稹拷猓篈B.如圖，對書受力分析：由平衡條件可得：mgsinθ＝f，mgcosθ＝N，則書受到的最大靜摩擦力為：fm＝μN＝μmgcosθ；由平衡條件可知，書所受支持力和重力的合力與f等大、反向，當θ略微減小時，f減小，則書所受支持力和重力的合力減小；故AB錯誤；C.書在斜面上勻速滑動時，對斜面支架、書的整體受力分析，如圖：由平衡條件可得：N'＝（m+M）g，則由牛頓第三定律可知，當θ增大到使書在斜面上勻速滑動時，支架對桌面的壓力等于（M+m）g，故C錯誤；D.當θ增大到使書在斜面上加速滑動時，斜面支架與書整體的加速度斜向右下方，則其水平分量水平向右，則桌面對支架的摩擦力水平向右，故D正確；故選：D。【點評】本題主要考查共點力的平衡問題，解答本題時需注意：選準研究對象、做好受力分析、根據共點力的平衡條件確定力與力的關系。12．【分析】根據超重與失重的特點分析ABC，結合位移—時間公式分析D?！窘獯稹拷猓篈．由圖像可知“下蹲”過程中，力傳感器上的示數先小于重力，后大于重力，“站起”過程中，力傳感器上的示數先大于重力，后小于重力，則0～8s時間段內，人完成了一次“下蹲”和兩次“站起”的動作，故A錯誤；B．F＝200N的時刻，人處于失重狀態，并非下蹲至最低點，故B錯誤；C．當加速度為0時，速度最大，F＝700N的時刻，人的加速度不為0，速度不是最大，故C錯誤；D．由圖可知b圖的峰值較小，則可知無論“下蹲”和“站起”，平均加速度都較小，根據x＝可知，時間較長，故D正確；故選：D?！军c評】本題關鍵掌握超重與失重的實質，傳感器的示數隨時間變化的圖像的物理意義。13．【分析】1、對貨物進行受力分析，貨物受重力和車平面的支持力。2、將重力沿垂直車平面和平行車平面方向分解，根據牛頓第二定律分別分析兩個方向的受力情況。結合加速度的變化以及擋板對貨物的作用力等條件，判斷貨物的運動狀態和受力變化?！窘獯稹拷猓篈.當老虎車的加速度為gsinα時，沿車平面方向，根據牛頓第二定律mgsinα＝ma，此時貨物剛好由重力沿車平面方向的分力提供加速度，垂直車平面方向，N＝mgcosα，支持力不為0，故A錯誤。B.當擋板對貨物作用力為0時，貨物只受重力和車平面的支持力，沿車平面方向mgtanα＝ma，可得加速度a＝gtanα，故B錯誤。C.由B選項可知當加速大于gtanα時，貨物會沿車平面向上滑，故C正確。D.當老虎車突然剎車，若加速度足夠大時，貨物會離開車平面，故D錯誤。故選：C。【點評】本題以老虎車搬運貨物為情境，考查牛頓第二定律的應用以及物體的受力分析。貨物在傾斜的車平面上隨車子一起水平向右加速運動，不考慮貨物與車平面及擋板之間的摩擦，需要分析在不同條件下貨物的受力和運動情況，判斷各個選項的正確性。14．【分析】對A、B受力分析，圖乙所示情況為A靜止，B下滑，根據平衡條件，結合最大靜摩擦力的知識點解答；圖丙所示情況為AB相對靜止一起下滑，應用整體法與隔離法，根據牛頓第二定律，以及相對運動的臨界條件解答?！窘獯稹拷猓涸O兩薄木板A、B質量均為m，重球對B的壓力為N，AB之間的彈力為NAB，AB之間的摩擦力為fAB，墻面對A的支持力為NA，墻面對A的摩擦力為fA，對A、B的受力分析如圖1所示，易知：N＝NAB＝NA。AB、圖乙所示情況為A靜止，B下滑。墻面對A的最大靜摩擦力為μ1NA，對A由平衡條件得：fA＝mg+fAB≤μ1NAfAB＝μ2NABB下滑需滿足：mg＞μ2NAB聯立可得：μ1＞2μ2，故AB錯誤；CD、圖丙所示情況為AB相對靜止一起下滑，設下滑的加速度大小為a。對整體由牛頓第二定律得：2mg﹣μ1NA＝2ma對B由牛頓第二定律得：mg﹣fAB＝ma還需滿足：fAB≤μ2NAB聯立解得：μ1≤2μ2，故C錯誤，D正確。故選：D。【點評】本題考查了牛頓第二定律應用的相對運動與相對靜止的臨界問題，考查了受力分析與摩擦力的問題。相對運動與相對靜止的臨界條件是摩擦力達到最大靜摩擦力。二、本部分共6題，共58分。15．【分析】（1）根據力的矢量性進行分析解答；（2）根據力的等效替代的關系進行分析解答；（3）根據作出的合力是平行四邊形對角線，一個力作用必須與AO共線的特點進行分析解答。【解答】解：（1）記錄兩個彈簧測力計的拉力F1、F2的大小和方向；（2）只用一個彈簧測力計拉繩套，使結點與位置O重合，記錄彈簧測力計的拉力F；（3）根據平行四邊形定則作出的合力F′是平行四邊形對角線，只用一個彈簧秤時拉力F一定與AO在同一條直線上，故B正確，ACD錯誤。故選：B。故答案為：（1）大小，方向；（2）與位置O重合；（3）B。【點評】考查力的平行四邊形定則實驗，熟練掌握等效替代的物理思想，會根據題意進行準確分析解答。16．【分析】（1）①根據驗證牛頓第二定律的實驗要求和注意事項進行分析解答；②根據逐差法求解加速度公式代入數據求解；（2）①根據槽碼的質量遠小于滑塊連同上面固定的擋光片的總質量時，才能近似認為槽碼受到的重力等于滑塊受到的拉力的要求進行分析解答；②根據加速度的定義式列式求解?！窘獯稹拷猓海?）①A.在平衡阻力時，需要把木板的一側墊高，不能將牽引槽碼用細線通過定滑輪系在小車上，故A錯誤；B.實驗時，先接通打點計時器電源，待打點計時器工作穩定后再釋放小車，故B正確；C.調節滑輪，使細線與木板平行，故C正確；D.為了讓細繩對小車的拉力近似等于槽碼的重力，需要小車質量應遠遠大于槽碼的質量，故D正確。故選：BCD。②根據逐差法求解加速度公式，有a＝，代入數據解得a＝0.51m/s2；（2）①在探究加速度與力的關系的實驗中，當槽碼的質量遠小于滑塊連同上面固定的擋光片的總質量時，才能近似認為槽碼受到的重力等于滑塊受到的拉力，故D不合適，故D正確，ABC錯誤。故選：D。②當滑塊通過G1、G2光電門時，光束被遮擋的時間為Δt1Δt2，對應的速度分別為，，根據加速度的定義式a＝，而Δt＝++t，解得a＝。故答案為：（1）①BCD；②0.51；（2）①D；②a＝。【點評】考查牛頓第二定律實驗要求和注意事項，注意運用光電門和打點計時器兩種方法計算速度和加速度，會根據題意進行準確分析解答。17．【分析】（1）根據位移—時間公式計算；（2）根據牛頓第二定律結合速度—時間公式計算；（3）根據速度—時間公式解答。【解答】解：（1）根據位移—時間關系有L＝t解得vB＝20m/s（2）根據速度—時間公式有vB＝at根據牛頓第二定律有mgsin37°﹣μmgcos37°＝ma解得μ＝0.25（3）在BC段的加速度為a'＝μg根據速度—時間公式有＝2a'l解得l＝80m答：（1）滑到B點時的速度為20m/s；（2）與滑雪道間的動摩擦因數為0.25；（3）在BC段上滑行的距離為80m?！军c評】本題關鍵是要多次運用牛頓第二定律與運動學公式，注意關鍵結點的速度。18．【分析】（1）工作人員處于靜止狀態，合力為零，根據平衡條件求球面對工作人員作用力的大小F和作用力的方向；（2）根據平衡條件求出球面對工作人員的支持力和摩擦力，再根據牛頓第三定律得到工作人員對球面壓力的大小FN和摩擦力的大小Ff；（3）根據上題F、FN及Ff的表達式，再分析F、FN及Ff的變化情況。【解答】解：（1）根據平衡條件可知，球面對工作人員作用力的大小為F＝mg﹣T＝mg﹣mg＝mgF的方向豎直向上。（2）球面對工作人員的支持力和摩擦力分別為FN′＝Fcosθ＝mgcosθFf′＝Fsinθ＝mgsinθ根據牛頓第三定律，工作人員對球面壓力的大小FN＝FN′＝mgcosθ，摩擦力的大小Ff＝Ff′＝mgsinθ（3）他靜止在B處時，氫氣球對工作人員的拉力T不變，由F＝mg﹣T知，F不變。他靜止在B處時，θ增大，由FN＝Fcosθ知，FN減小。由Ff＝Fsinθ知，Ff增大答：（1）球面對工作人員作用力的大小F為mg，方向豎直向上；（2）工作人員對球面壓力的大小FN和摩擦力的大小Ff分別為mgcosθ，mgsinθ；（3）他靜止在B處時，第（1）、（2）問中提到的F不變，FN減小，Ff增大?！军c評】本題以工作人員維護“中國天眼”的情境為背景，考查受力分析，意在考查考生的分析綜合能力，根據平衡條件進行解答。19．【分析】（1）根據牛頓第二定律求得此情況下的加速度大小，由運動學公式求解需要在跑道上滑行至起飛所需的時間。（2）由運動學公式求得戰斗機加速到最高飛行速度所需時間和位移大小，以及此時間內飛行物的位移大小，二者的位移之差即為所求。（3）戰斗機減速過程做勻減速直線運動，由運動學公式求得加速度大小。根據牛頓第二定律求解戰斗機在這次飛行全過程中所投出的載重和燃油損耗的總質量?！窘獯稹拷猓海?）該戰斗機滿載質量為M＝3.5×104kg，最大推力為F＝2.1×105N，根據牛頓第二定律可得此情況下的加速度為：a1＝，解得：a1＝6m/s2起飛時