…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版選修3物理上冊階段測試試卷160考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、關于電源和電流，下列說法____的是（）A.電流是標量，規定正電荷定向運動的方向為電流的方向B.電動勢在數值上等于非靜電力將1C正電荷在電源內從負極搬運到正極時所做的功C.電源是將其它形式的能轉化為電能的裝置D.干電池與蓄電池的電動勢是相同的2、下列說法中正確的是A.外界對物體做功，物體的內能一定增加B.物體的溫度升高，物體內所有分子的動能都增大C.在分子相互靠近的過程中，分子勢能一定增大D.在分子相互遠離的過程中，分子引力和斥力都減小3、如圖所示，為一交流電的電流隨時間而變化的圖象，此交流電流的有效值是

A.B.C.D.5A4、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地．一帶電油滴位于容器中的P點且恰好處于平衡狀態．現將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離。

A.帶電油滴將沿豎直方向向上運動B.P點的電勢將降低C.帶電油滴的電勢能將減小D.若電容器的電容減小，則極板帶電量將增大5、如圖所示；一支溫度計的玻璃泡外包著紗布，紗布的下端浸在水中．紗布中的水在蒸發時帶走熱量，使溫度計示數低于周圍空氣溫度．當空氣溫度不變，若一段時間后發現該溫度計示數減小，則_____．

A.空氣的相對濕度減小B.空氣中水蒸汽的壓強增大C.空氣中水的飽和氣壓減小D.空氣中水的飽和氣壓增大6、如圖所示；螺線管的導線的兩端與兩平行金屬板相接，一個帶負電的小球用絲線懸掛在兩金屬板間，并處于靜止狀態，若條形磁鐵突然插入線圈時，小球的運動情況是（）

A.向左擺動B.向右擺動C.保持靜止D.無法判定評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、如圖，平行金屬板中帶電質點P原處于靜止狀態，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，選地面的電勢為零，當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，下列說法正確的是（）

A.電壓表讀數減小B.小球的電勢能減小C.電源的效率變高D.若電壓表、電流表的示數變化量分別為和則8、一定質量的理想氣體發生狀態變化，其體積V隨熱力學溫度T變化的圖像如圖所示，氣體經歷了A→B→C→D→A的循環過程；下列分析正確的是（）

A.A→B的過程中外界對氣體做功B.B→C過程氣體壓強不變C.C狀態的單位體積氣體分子數一定比D狀態的小E.A狀態的氣體分子在單位時間內撞擊容器壁上單位面積的平均次數一定比C狀態的小E.A狀態的氣體分子在單位時間內撞擊容器壁上單位面積的平均次數一定比C狀態的小9、如圖，為一定質量的理想氣體經過“卡諾循環”，即從狀態A依次經過狀態B、C和D后再回到狀態A，其中與為等溫過程，與為絕熱過程（氣體與外界無熱量交換）。下列說法正確的是（）

A.過程氣體從外界吸熱B.過程氣體內能增加C.過程氣體從外界吸熱D.過程氣體內能增加10、如圖所示，一定質量的理想氣體，由狀態A沿直線AB過程變化到狀態B，再由B沿直線BC過程變化到狀態C，然后由C沿直線CA過程變化到狀態A；在此循環過程中，下列說法正確的是（）

A.在AB過程中，氣體分子的平均速率不變B.在AB過程中，氣體對外做的功大于氣體吸收的熱量C.在BC過程中，氣體的內能減小D.經過ABCA一個循環過程，氣體對外做的功等于從外界吸收的熱量11、一定質量的理想氣體從狀態經過狀態變化到狀態其圖像如圖所示；則下列說法正確的有（）

A.的過程中，氣體對外界做功B.的過程中，氣體氣溫不變C.的過程中，氣體壓強不變D.的過程中，氣體內能增加12、如圖所示，一細束白光從左側照射到三棱鏡上后，在三棱鏡的右側的光屏上的Ｍ、N兩點間形成一條彩色光帶；則下列說法正確的是（）

A.Ｍ處是紫色，N處是紅色B.玻璃對Ｍ處光的臨界角大于N處光的臨界角C.在真空中Ｍ處光的波長大于N處光的波長D.在三棱鏡中Ｍ處光的傳播速率小于N處光的傳播速率13、如圖(a)所示，半徑為r的帶缺口剛性金屬圓環固定在水平面內，缺口兩端引出兩根導線，與電阻R構成閉合回路．若圓環內加一垂直于紙面變化的磁場，變化規律如圖(b)所示．規定磁場方向垂直紙面向里為正；不計金屬圓環的電阻．以下說法正確的是

A.0～1s內，流過電阻R的電流方向為b→R→aB.2～3s內，穿過金屬圓環的磁通量在減小C.t＝2s時，流過電阻R的電流方向發生改變D.t＝2s時，Uab＝πr2B014、如圖所示，施加水平外力把矩形線圈從勻強磁場中勻速拉出，如果兩次拉出的速度大小之比為12，則拉出磁場的過程中()

A.兩次線圈所受外力大小之比F1F2=12B.兩次線圈發熱之比Q1Q2=14C.兩次線圈所受外力功率之比P1P2=14D.兩次線圈中通過導線截面的電量之比q1q2=1115、如圖所示，是一演示波的衍射的裝置，S為在水面上振動的波源，M、N是水面上的兩塊擋板，其中N板可以移動，兩板中有一狹縫，此時測得圖中A處水沒有振動，為了使A處的水也能發生振動；下列措施可行的是（）

A.使波源的振動頻率增大B.使波源的振動頻率減小C.移動N板使狹縫的間距增大D.移動N板使狹縫的間距減小評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、基本邏輯電路——門電路中所謂“門”，就是一種開關，在一定條件下它允許信號通過；如果條件不滿足，信號就被阻擋在“門”外。如圖所示的電路是用來說明“______”邏輯關系的電路。（選填“與”、“非’’或者“或”）17、裝在容器中的氣體，體積為4升，壓強為2.0×105Pa，溫度是300k，先讓氣體等容變化，壓強增大為原來的2倍，然后讓氣體等溫變化，壓強又降低到原來數值，則氣體在末狀態時的體積為______，溫度為___________18、如圖所示，圖線Ⅰ為一電源的路端電壓隨電流變化的圖線，圖線Ⅱ為一導體兩端電壓和導體中電流的關系圖線，那么電源電動勢為_______V，電源內阻為______Ω，導體電阻為_________Ω

19、兩塊大小；形狀完全相同的金屬板平行放置；構成一平行板電容器，與它相連接的電路如圖所示，閉合開關S，電源即給電容器充電。

（1）若保持S閉合，減小兩板間的距離，則兩極板間的電場強度_______；

（2）若斷開S，減小兩板間的距離，則極板上的電量_______，兩極板間的電場強度_______。（填：“變大”、“不變”或“變小”）20、如圖所示的電路中，電源電動勢E=6V，內電阻r=1Ω，M為一小電動機，其內部線圈的導線電阻RM=2Ω．R為一只保護電阻，R=3Ω．電動機正常運轉時，電壓表（可當作理想電表）的示數為1.5V，則電源的輸出功率為_____W，電動機的輸出功率為_____W．

21、一物體沿x軸做簡諧運動，振幅12cm，周期2s．當t=0時，位移為6cm，且向x軸正方向運動；

（1）物體做簡諧運動的表達式（用正弦函數表示）為_________________；

（2）t=10.5s時物體的位置為________cm22、閱讀短文并回答下列問題:光的全反射。

一束激光從某種玻璃中射向空氣(如圖7所示)；保持入射點不動，改變入射角(每次增加0.2°)，當入射角增大到引41.8°時，折射光線消失，只存在入射光線與反射光線，這種現象叫做光的全反射，發生這種現象時的入射角叫做這種物質的臨界角。當入射角大于臨界角時，只發生反射，不發生折射。

(1)上述玻璃的臨界角是_____.

(2)折射光線消失后反射光線的亮度會增強；其原因是折射光消失后，入射光幾乎全部變為______.

(3)當光從空氣射向玻璃；__________(選填“會”或“不會”)發生光的全反射現象。

(4)一個三棱鏡由上述玻璃構成，讓一束光垂直于玻璃三棱鏡的一個面射入(如圖8所示)，請在圖中完成這束入射光的光路圖_______。23、據統計，人在運動過程中，腳底在接觸地面瞬間受到的沖擊力是人體所受重力的數倍．為探究這個問題，實驗小組同學利用落錘沖擊的方式進行了實驗，即通過一定質量的重物從某一高度自由下落沖擊地面來模擬人體落地時的情況．重物與地面的形變很小，可忽略不計，不考慮空氣阻力的影響取重力加速度g＝10m/s2下表為一次實驗過程中的相關數據．

。重物（包括傳感器）的質量m/kg

8.5

重物下落高度H/cm

45

重物反彈高度h/cm

20

最大沖擊力Fm/N

850

重物與地面接觸時間t/s

0.1

（1）請你選擇所需數據；通過計算回答下列問題。

a．重物受到地面的最大沖擊力時的加速度大小a＝_____

b．在重物與地面接觸過程中；重物受到地面施加的平均作用力是_____倍重物所受的重力．

（2）如果人從某一確定高度由靜止豎直跳下，為減小腳底在與地面接觸過程中受到的沖擊力，可采取一些具體措施，請你提供一種可行的方法并說明理由．_____．評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共6分)27、以下表格中所列數據是測量小燈泡U?I關系的實驗數據：。U(V)0.00.20.51.01.52.02.53.0I(A)0.0000.0500.1000.1500.1800.1950.2050.215

①分析表格內實驗數據并結合電表內阻（電壓表約為3kΩ，電流表約為0.125Ω）可知，應選用的實驗電路圖是圖_______（填“A”；“B”、“C”、“D”）；

②根據你所選的電路圖完成實物圖中的連線______．

③把表格中第4組數據所對應的點用記號“+”標在答題紙對應的U－I圖中，并用平滑曲線作出完整的U－I圖線______．

④現將兩個這樣的小燈泡并聯后再與一個5的定值電阻R串聯，接在內阻為1、電動勢為3V的電源兩端，如圖所示．則圖中電流表的讀數為_______A（保留兩位有效數字），此時每盞小燈泡的電功率為_______W（保留兩位有效數字）28、硅光電池是將一種將光能轉化為電能的器件，某同學根據圖甲所示電路，用一定強度的光照射硅光電池，測量硅光電池的電動勢E和內阻r；實驗室可提供的器材如下：

A．硅光電池E：電動勢約為3V；內阻約為100Ω；

B．電流表：量程為0.1mA；內阻為500Ω；

C．電流表：量程為10mA；內阻為18Ω；

D．定值電阻：內阻為29.5kΩ；

E．定值電阻：內阻為9Ω；

F．滑動變阻器：最大阻值為200Ω；允許最大電流為1A；

G．開關一個；導線若干．

（1）根據器材規格和實驗要求，為使實驗結果盡可能準確，電流表A1應選用________，電阻R1應選用__________．（填寫器材前的字母）

（2）調節滑動變阻器，分別讀出電流表A1的示數I1和電流表A2的示數I2，并作出圖像如圖乙所示，則該電池的電動勢為______V、內阻為__________Ω．（結果均保留三位有效數字）．29、(1)①用多用電表探測圖甲所示黑箱發現：用直流電壓擋測量，E、G兩點間和F、G兩點間均有電壓，E、F兩點間無電壓；用歐姆測量，黑表筆（與電表內部電源的正極相連）接E點，紅表筆（表電表內部電源的負極相連）接F點，阻值很小，但反接阻值很大．那么，該黑箱內元件的接法可能是圖乙中____．

②在物理興趣小組活動中；一同學利用下列器材設計并完成了“探究導體阻值與長度的關系”的實驗。

電壓表V1量程3V內阻約為900

電壓表V2量程10V內阻約為3K

電壓表A量程60mA內阻約為5

電源E1電動勢1.5V內阻約為0.2

電源E2電動勢4.5V內阻約為0.4

滑動變阻器（最大阻值為10）粗細均勻的同種電阻絲；開關；導線和刻度尺。

其主要實驗步驟如下：

A．____；按示意圖連接電路。

B．用伏安法測定電阻絲的阻值R

C．用刻度尺沒出電阻絲的長度L

D．依次減小電阻絲的長度，____；重復步驟B；C

E．處理數據，根據下列測量結果，找出電阻絲值與長度的關系。L(m)0.99560.80490.59810.40210.1958R()104.885.365.246.627.1

為使實驗盡可能準確；請你對上述步驟中畫線處加以改進．

（I）________________________________

（II）________________________________

(2)有4條用打點計時器（所用交流電頻率為50Hz）打出的紙帶A、B、C、D，其中一條是做“驗證機械能守恒定律”實驗時打出的,為找出該紙帶，某同學在每條紙帶上取了點跡清晰的、連續的4個點，用刻度尺測出相鄰兩個點間距離依次為S1、S2、S3．請你根據下列S1、S2、S3的測量結果確定該紙帶為_________．（已知當地的重力加速度為9.791m/s2）

A．61.0mm65.8mm70.7mmB．41.2mm45.1mm53.0mm

C．49.6mm53.5mm57.3mmD．60.5mm61.0mm60.6mm參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】電流是標量，規定正電荷的定向移動方向為電流的方向，A正確；電動勢在數值上等于非靜電力將1C正電荷在電源內從負極搬運到正極時所做的功，B正確；電源是將其他形式的能轉為化電能的裝置，C正確；干電池與蓄電池的電動勢不同，干電池為1.5V；蓄電池為2V；D錯誤．2、D【分析】【詳解】

試題分析：改變內能的方式有做功和熱傳遞；外界對物體做功，物體的內能不一定增加，A錯誤；物體的溫度升高，物體分子的平均動能增大，不一定每個都增大，B錯誤；在平衡位置以內，在分子相互靠近的過程中，分子勢能一定增大，C錯誤；在分子相互遠離的過程中，分子引力和斥力都減小，D正確；故選D．

考點：物體的內能；分子力。

【名師點睛】掌握改變內能的兩種方式，溫度是分子平均動能的標志，分子力做功與分子勢能的變化關系．3、D【分析】【詳解】

設交流電電流的有效值為周期為T，電阻為R，則解得：故選D．

【點睛】

根據有效值的定義求解．取一個周期時間，將交流與直流分別通過相同的電阻，若產生的熱量相同，直流的電流值，即為此交流的有效值．4、B【分析】【詳解】

A、將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據得知板間場強減小，油滴所受的電場力減小，則油滴將向下運動．故A錯誤．B、場強E減小，而P點與下極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點與下極板間電勢差將減小，而P點的電勢高于下極板的電勢，則知P點的電勢將降低．故B正確．C、由帶電油滴原來處于平衡狀態可知，油滴帶負電，P點的電勢降低，則油滴的電勢能將增加．故C錯誤．D、根據Q=UC；由于電勢差不變，電容器的電容減小，故帶電量減小，故D錯誤；故選B．

【點睛】本題運用分析板間場強的變化，判斷油滴如何運動．運用推論：正電荷在電勢高處電勢能大，而負電荷在電勢高處電勢能小，來判斷電勢能的變化．5、A【分析】【詳解】

溫度計示數減小說明蒸發加快；空氣中水蒸氣的壓強減小，選項B錯誤；因空氣的飽和氣壓只與溫度有關，空氣溫度不變，所以飽和氣壓不變，選項C；D錯誤；根據相對濕度的定義，空氣的相對濕度減小，選項A正確．

點睛：本題考查濕度溫度計的原理、分子速率分布的特點和熱力學第一定律，解題的關鍵是要理解熱力學的基本概念、弄清熱力學第一定律各物理量的含義，注意氣體等壓變化過程中（C→A）應用計算外界對氣體做的功．6、A【分析】條形磁鐵S極突然插入線圈時，螺線管磁場向左增加，楞次定律得左板為正極，右側負極，帶負電的通草球受向左電場力，將向左偏．A正確．故本題選A．二、多選題(共9題，共18分)7、A:D【分析】【詳解】

A項：由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯后與R3并聯后，再由R1串連接在電源兩端；電容器與R3并聯；當滑片向b移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時R1兩端的電壓也增大；所以并聯部分的電壓減小；故A正確；

B項：由A項分析可知并聯部分的電壓減小，即平行金屬板兩端電壓減小，根據平行金屬板間的場強減小，小球將向下運動，由于下板接地即下板電勢為0，由帶電質點P原處于靜止狀態可知，小球帶負電，根據負電荷在電勢低的地方電勢能大，所以小球的電勢能增大，故B錯誤；

C項：電源的效率：由A分析可知；路端電壓減小，所以電源的效率變低，故C錯誤；

D項：將R1和電源等效為一個新的電源，新電源的內阻為r+R1，電壓表測的為新電源的路端電壓，如果電流表測的也為總電流，則由A分析可知由于總電流增大，并聯部分的電壓減小，所以R3中的電流減小，則IA增大，所以所以故D正確．

點晴：解決本題關鍵理解電路動態分析的步驟：先判斷可變電阻的變化情況，根據變化情況由閉合電路歐姆定律確定總電流的變化情況，再確定路端電壓的變化情況，最后根據電路的連接特點綜合部分電路歐姆定律進行處理．8、A:D:E【分析】【詳解】

A．由題圖可知，從A到B；氣體做等溫變化，溫度不變，體積減小，外界對氣體做功，A正確；

B．從B到C，氣體做等容變化，體積不變，溫度升高，由查理定律可得因由此可知即壓強變大，B錯誤；

C．C狀態下，氣體的溫度比D狀態下高，D狀態下，氣體體積比C狀態下大，氣體分子數不變，可知C狀態的單位體積氣體分子數一定比D狀態的大；C錯誤；

D．從D到A，氣體做等容變化，溫度降低，內能減小，由熱力學第一定律可知可得

可知氣體對外放出熱量；D正確；

E．在A和C狀態，由理想氣體狀態方程可知

因為

則有

因為

則有

因此可知，A狀態的氣體分子在單位時間內撞擊容器壁上單位面積的平均次數一定比C狀態的小；E正確。

故選ADE。9、A:D【分析】【詳解】

A．過程氣體溫度不變；內能不變，體積膨脹，氣體對外做功，根據熱力學第一定律知氣體從外界吸熱，A正確；

BD．的過程中，氣體對外界做功，則

且為絕熱過程，則

根據

知

即氣體內能減小，溫度降低，即的溫度高于溫度，氣體溫度降低，內能減少，過程內能增加；B錯誤，D正確；

C．過程氣體溫度不變，內能不變，體積減小，外界對氣體做功，根據

知

氣體對外放熱；C錯誤。

故選AD。10、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據理想氣體狀態方程

可知，T與PV成正比，氣體由狀態A沿直線變化到狀態B，由圖可知，PV先增大后減小，在溫度T先升高后降低；則分子平均動能先增大后減小，氣體分子的平均速率先增大后減小，故A錯誤；

B．根據理想氣體狀態方程得

得

所以由狀態A到狀態B，溫度不變，內能不增加，即

從A到B體積變大，氣體對外界做功，即

根據熱力學第一定律

可得

知在AB過程中；氣體對外做的功等于氣體吸收的熱量，故B錯誤；

C．根據理想氣體狀態方程得

得

可知在BC過程中；氣體溫度降低，則氣體的內能減小，故C正確；

D．經過ABCA一個循環，氣體溫度不變，內能不變，根據熱力學第一定律

知氣體對外做功等于從外界吸收的熱量；故D正確。

故選CD。11、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．的過程中，氣體溫度不變，體積減小，可知外界對氣體做功，A錯誤，B正確；

C．因為圖線中，段的圖線是過原點的傾斜直線，則的過程中，氣體壓強不變，C正確；

D．到的過程中，氣體溫度不變，內能不變，到的過程中，氣體溫度降低，內能減小，則的過程中，氣體內能減小，D錯誤。

故選BC。12、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．三棱鏡對不同色光的偏折程度不同，其中對紫光的偏折大于對紅光的偏折，即Ｍ處是紅色，N處是紫色。故A錯誤；

B．三棱鏡對M處的光偏折小；則其折射率小，根據臨界角公式。

可知，玻璃對Ｍ處光的臨界角大于N處光的臨界角。故B正確；

C．M處的光折射率小；則其頻率小，根據公式。

可知，在真空中處M光的波長大于N處光的波長。故C正確；

D．根據公式。

可知，在三棱鏡中Ｍ處光的傳播速率大于N處光的傳播速率。故D錯誤。

故選BC。13、A:D【分析】【詳解】

A．規定磁場方向垂直紙面向里為正，依據楞次定律，在0-1s內，穿過線圈向里的磁通量增大，則線圈中產生逆時針方向感應電流，那么流過電阻R的電流方向為故A正確；

B．由圖乙可知；在2-3s內，穿過金屬圓環的磁通量在增大，故B錯誤；

C．磁通量減小，由楞次定律可知，產生的電流方向為磁通量增大，且磁場方向相反，由楞次定律可知，產生的電流方向為故C錯誤；

D．當t=2s時，根據法拉第電磁感應定律因不計金屬圓環的電阻，因此故D正確．14、A:C:D【分析】【詳解】

將線圈勻速拉出時，因為速度之比為1：2，則拉力之比為1：2．故A正確．根據能量守恒知，拉力做功等于產生的焦耳熱，則因為速度之比為1：2，則產生的焦耳熱之比為1：2．故B錯誤．拉力的功率因為速度之比為1：2，所以拉力的功率之比為1：4．故C正確．通過導線的電荷量為：則q與線框移動速度無關，磁通量的變化量△Φ相同，所以通過導線橫截面的電荷量q1：q2=1：1．故D正確．15、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A處質點沒有振動，說明A點波沒有衍射過去，根據發生明顯衍射現象的條件知原因是MN間的縫太寬或波長太小，故要使A處質點振動，根據

可使波源的振動頻率減小，波長增大，或移動N板使狹縫的間距減小，故選BD。三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

圖中兩個開關串聯，只有都閉合時，燈L才能亮，所以該邏輯關系為“與”邏輯關系。【解析】與17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]氣體的狀態參量。

由等容變化；有。

得。

發生等溫變化；壓強又降低到原來的數值，由。

知。

【解析】8L600K18、略

【分析】【詳解】

[1]由圖線Ⅰ可知；當電流為零時，路端電壓等于電源電動勢，則可知電源的電動勢為6V；

[2]內阻為

[3]導體的電阻為【解析】62319、略

【分析】【詳解】

(1)[1]若保持S閉合，則兩板間的電勢差U不變；減小兩板間的距離，則根據

可知兩極板間的電場強度變大；

(2)[2]若斷開S；則極板上的電量保持不變；

[3]根據

可知

可知減小兩板間的距離d，兩極板間的電場強度不變。【解析】(1)變大；(2)不變；不變20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由歐姆定律可知，電路的電流為

電源的輸出功率為

[2]電動機的輸出功率為【解析】2.75，1.521、略

【分析】【詳解】

（1）振子的周期為T=2s，則角速度為：振幅A=12cm．故x=0.12sin（πt+φ0），當t=0時，位移為6cm，可得：或因為t=0時，速度方向沿x軸正方向，所以取則子簡諧運動的表達式為

（2）簡諧運動的表達式為．t=10.5s時，有：．【解析】22、略

【分析】【詳解】

（1）由題意可以知道；當入射角為41.8°時，折射光線消失了，所以玻璃的臨界角為41.8°；

（2）當入射光線從一種介質斜射入另一種介質時；會發生折射，同時也發生反射，所以反射光線要比入射光線暗一些，而當光從小于臨界角向臨界角靠近，當折射光線消失后，發生了全反射，光線全變為反射光線，所以反射光線亮度增強了。

（3）光只有從水或玻璃射向空氣時；才會發生全反射，所以光從空氣射向玻璃，入射角增大，折射光不可能完全消失；

（4）光線從空氣進入玻璃時；因是垂直照射，所以方向不變；當從玻璃中斜射入空氣時，其入射角為45°大于臨界角，故其發生全反射，其大致路徑如下圖：

【點睛】

本題主要考查了光的折射現象以及光的全反射現象的實驗，要讀數實驗的過程，并能總結出相應的結論加以運用。同時還考查了光的折射的光路圖，有一定綜合性。【解析】（1）41.8；（2）反射光；（3）不會；23、略

【分析】【詳解】

（1）a．重物受到最大沖擊力時加速度的大小為a，由牛頓第二定律解得：

b．重物在空中運動過程中，由動能定理有：

重物與地面接觸前瞬時的速度大小為：

重物離開地面瞬時的速度大小為：

重物與地面接觸過程，重物受到的平均作用力大小為F，設豎直向上為正方向，由動量定理有：（F﹣mg）t＝mv2﹣mv1

解得：F＝510N

重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的倍數為：

因此重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的6倍．

（2）人接觸地面后要同時下蹲以通過延長與地面接觸的時間來減小人受到地面的沖擊力．【解析】90m/s26人接觸地面后要同時下蹲以通過延長與地面接觸的時間來減小人受到地面的沖擊力四、作圖題(共3題，共24分)24、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】25、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX