…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版高三物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、一個質量為m的小球用長為L的細線懸掛于O點．小球在水平力F的作用下，從平衡位置P緩慢移到Q點，細線偏離豎直方向的角度為θ，如圖所示．則力F做的功為（）A.FLsinθB.FLcosθC.mgL（1-cosθ）D.FLtanθ2、如圖所示，兩相同輕質硬桿OO1、OO2可繞其兩端垂直紙面的水平軸O、O1、O2轉動，在O點懸掛一重物M，將兩相同木塊m緊壓在豎直擋板上，此時整個系統保持靜止．Ff表示木塊與擋板間摩擦力的大小，FN表示木塊與擋板間正壓力的大小．若擋板間的距離稍許增大后，系統仍靜止且O1、O2始終等高，下列說法正確的是A.Ff變小B.Ff不變C.FN變大D.FN變小3、下列說法正確的是()A.液晶是晶體B.液晶是液體C.液晶是固體D.液晶既不是固體也不是液體4、關于宇宙，下列說法中正確的是（）A.銀河系是一種旋渦星系，太陽處在其中的一個旋臂上B.恒星的壽命取決于亮度C.太陽能夠發光、放熱，主要是因為太陽內部不斷發生化學反應D.地球是宇宙中唯一有衛星的星球5、兩點電荷形成電場的電場線分布如圖所示.

若圖中AB

兩點處的場強大小分別為EAEB

電勢分別為婁脮A婁脮B

則(

)

A.EA<EB婁脮A>婁脮B

B.EA<EB婁脮A<婁脮B

C.EA>EB婁脮A>婁脮B

D.EA>EB婁脮A<婁脮B

6、下面關于結合能和平均結合能的說法中，正確的有（）A.核子結合成原子核吸收的能量或原子核拆解成核子放出的能量稱為結合能B.平均結合能越大的原子核越穩定，因此它的結合能也一定越大C.重核與中等質量原子核相比較，重核的結合能和平均結合能都大D.中等質量原子核的結合能和平均結合能均比輕核的要大評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)7、下列說法正確的是（）A.空氣相對濕度越大時，空氣中水蒸氣壓強越接近飽和汽壓，水蒸發越慢B.分子間同時存在著引力和斥力，當分子間距增加時，分子間的引力增大，斥力減小C.液晶具有液體的流動性，同時具有晶體的各向異性特征E.液體表面張力的方向與液面垂直并指向液體內部E.液體表面張力的方向與液面垂直并指向液體內部8、高空滑索是一種勇敢者的運動項目．如果一個人用輕繩通過輕質滑環懸吊在足夠長的傾斜鋼索上運動，在下滑過程中可能會出現如圖乙輕繩和鋼索始終垂直及如圖丙輕繩始終保持豎直的兩種情形．不計空氣阻力，則下列說法正確的是（）A.圖乙的情形中，人可能在勻速下滑B.圖乙的情形中，輕繩對人的作用力小于人的重力C.圖丙的情形中，鋼索對輕環可能無摩擦力D.圖丙的情形中，若輕環突然被卡而停止，則在此瞬間輕繩對人的拉力一定大于人的重力9、在電磁學發展過程中，下列說法正確的是（）A.法拉第發現了電磁感應現象B.奧斯特發現了電流磁效應C.左手定則又叫安培定則D.右手定則又叫安培定則10、某大學研制出了正六棱柱“隱形衣”.

有同學將正六棱柱放進裝滿水的透明魚缸；向著棱的方向看，可以看到魚缸另一側大學的校徽；用一支鉛筆穿過正六棱柱中心軸線的孔洞，再向棱方向觀察，鉛筆插進孔洞的那段消失不見了(

如圖甲所示，圖乙為光路說明圖)

關于此實驗說法正確的是(

)

A.隱形的原理是光發生了全反射B.光由水進入該介質，折射角大于入射角C.隱形的原理是光被玻璃吸收了D.光在該介質中的傳播的速度大于水中速度11、一個質量為2kg的小球，讓其從傾角為30°的光滑斜面頂端由靜止開始下滑，若斜面的高度為1.25m，g取10m/s2，則（）A.小球沿斜面下滑過程中重力的功率為25WB.小球沿斜面下滑過程中重力的功率為50WC.小球下滑到斜面底端時重力的功率為25WD.小球下滑到斜面底端時重力的功率為50W12、某帶電粒子僅在電場力作用下，自O點自靜止開始沿一條電場線運動，先后經過電場線上的a、b兩點，如圖所示．則（）A.在O點時粒子的電勢能一定最大B.a點電勢可能低于b點電勢C.粒子在a點的也勢能可能小于b點的電勢能D.粒子在a點的動能可能大于b點的動能13、關于做曲線運動的物體，下列說法中正確的是（）A.速度一定變化B.動能一定變化C.加速度不一定變化D.合外力一定變化評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、一質點在平衡位置O附近做簡諧運動，從它經過平衡位置起開始計時，經0.13s質點第一次通過M點，再經0.1s第二次通過M點，則質點振動周期的可能為____．15、從微觀角度看，氣體壓強的大小跟兩個因素有關：一個是氣體分子____，另一個是氣體分子的____．16、將18N豎直向下的力分解為兩個力，其中一個分力沿水平方向，大小為24N，另一個分力大小應是____N．17、（2009?徐匯區模擬）光滑平行金屬導軌長L=2m，兩導軌間距d=0.5m，軌道平面與水平面的夾角為θ=30°，導軌上接一阻值為R=0.5Ω的電阻，其余電阻不計，軌道所在空間有垂直于軌道平面的勻強磁場，磁感應強度B=1T，有一質量為m、不計電阻的金屬棒ab，放在導軌的最上端，如圖所示，當棒ab從最上端由靜止開始自由下滑，到達底端脫離軌道時，電阻R上產生的熱量為Q=1J．則當棒的速度為v=2m/s時，它的加速度為____m/s2，棒下滑的最大速度為____m/s．18、（2013?湖北模擬）（1）下列說法不正確的是____．

A．布朗運動是懸浮在液體中固體分子的運動。

B．熱機可以把內能全部轉化為機械能。

C．知道某物質的摩爾質量和密度可求出阿伏加德羅常數。

D．內能不同的物體；它們分子熱運動的平均動能可能相同。

E．物體吸收了熱量；其內能不一定增加。

（2）如圖，一水銀氣壓計中混進了空氣，因而在27℃，外界大氣壓為758毫米汞柱時，這個水銀氣壓計的讀數為738毫米汞柱，此時管中水銀面距管頂80毫米，當溫度降至-3℃時，這個氣壓計的讀數為743毫米汞柱，求此時的實際大氣壓值為多少毫米汞柱？19、彈簧振子以O點為平衡位置在B、C兩點之間做簡諧運動，B、C相距20cm．某時刻振子處于B點，經過0.5s，振子首次到達C點，則該振動的周期和頻率分別為______、______；振子在5s內通過的路程及5s末的位移大小分別為______、______．20、小球作直線運動時的頻閃照片如圖所示，已知頻閃周期T=0.1s

小球相鄰位置間距分別為OA爐=6.51cmAB爐=5.59cmBC=4.70cmCD=3.80cmDE=2.89cmEF=2.00cm

．

小球在位置A

時的速度大小vA=

______m/s

．

小球運動的加速度大小a=

______m/s2

．21、質量為20g的子彈，以200m/s的速度水平射入厚度是10cm的固定木板，射穿后速度是100m/s，則子彈在穿過木塊的過程中損失的動能為____J，子彈在穿過木塊的過程中，受到的平均阻力F為____N．（不計重力的影響）22、（2010秋?松桃縣校級期末）如圖所示，一個質點沿兩個半徑為R的半圓從A經過B到C的過程中，它的路程為____；位移大小為____，方向是____．評卷人得分四、識圖作答題(共3題，共27分)23、正常的水稻體細胞染色體數為2n=24。現有一種三體水稻，細胞中7號染色體的同源染色體有三條，即染色體數為2n+1=25。A、a是7號染色體上一對等位基因，A為抗病基因，a為非抗病基因。已知染色體數異常的配子中，雄配子不能參與受精作用，請回答：（1）染色體結構變異或數目變異最簡便的檢測方法是_________________________。（2）若減數分裂過程沒有發生基因突變和染色體交叉互換，且產生的配子均有正常活性，三體水稻AAa產生的配子類型及比例為__________。（3）某同學取該三體的幼嫩花藥觀察減數分裂過程，若某次級精母細胞形成配子AA，該次級精母細胞中染色體數為___________。（4）現用非抗病水稻（aa）和該三體抗病水稻（AAa）雜交，已測得正交實驗的F1抗病水稻：非抗病=2：1。請預測反交實驗的F1中，非抗病水稻所占比例為______________，抗病水稻中三體所占比例為___________________________。24、在兩個相同的密閉、透明玻璃室內各放置一盆形態、長勢相似的甲、乙兩種植物幼苗，在水分、光照和溫度等都恒定且適宜的條件下，用紅外線測量儀定時測量玻璃室內的CO2含量，結果如下表。回答下列問題：。記錄時間（min）051015202530植物甲（mg/L）1501138358505050植物乙（mg/L）1501107550301818（1）放置植物甲的玻璃室內CO2含量逐漸減小直到相對穩定，說明______________。（2）前25min內，植物乙的細胞呼吸速率_________（填“增大”、“減小”或“基本不變”），原因是__________________。（3）若將兩種植物幼苗置于同一個密閉、透明玻璃室內，一段時間后觀察發現植物乙的長勢較好，據表推測原因是____________________。25、某校課外興趣小組同學以未成熟香蕉（綠色）和成熟香蕉（黃色）為實驗材料，進行了相關探究實驗（如圖）。請回答下列問題：（1）過程①中加入無水乙醇的作用是________。紙層析法分離兩種果皮中的色素后，兩個濾紙條上共有的色素帶的顏色最可能是________。（2）通過過程②獲得的果肉提取液用斐林試劑檢測，與未成熟香蕉相比，成熟香蕉果肉提取液中磚紅色沉淀更多，說明其中還原糖含量較高，分析其原因________。（3）過程③如需提取果肉細胞中的DNA，是提取出了果肉細胞中________DNA，經過溶解、研磨，再進行充分地攪拌和研磨進行分離。該提取方法主要實驗思路是將DNA和另一種有機物________分離開。（4）生產實踐中，過程④通常將未成熟香蕉在一定濃度的________溶液中浸泡1min后取出催熟。研究表明，香蕉成熟過程中必須經過一個呼吸速率急劇上升，達到高峰后又急劇下降的階段。因此，為保證香蕉的品質，催熟時應注意________。評卷人得分五、作圖題(共4題，共28分)26、一物體由靜止開始運動，其加速度隨時間變化如圖所示，請根據該圖畫出物體運動的速度-時間圖象（不必寫出計算過程）．27、畫出放在水平地面上的質量為3.0×106kg的木箱受重力的圖示．（g取10N/kg）28、【題文】示波管原理如圖所示，如果加在之間的電壓如圖a所示（0～t1，Y正、負），而在電極之間所加的電壓按圖b所示（0～t1，正、X負）的規律變化，請在圖c中畫出熒光屏上應該看到的圖形。

。29、【題文】（12分）如下圖所示為某同學測繪額定電壓為2.5V的小電珠的I－U圖線的實驗電路圖。

（1）要求測量誤差盡可能小的情況下，測量電路應選擇電流表的____法（填內接或外接），測量電路應選擇滑動變阻器的____式（填限流或分壓）。

（2）在下圖右邊空白處畫出電路圖并連接實物圖。（8分）參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【分析】小球從平衡位置P點緩慢移動到Q點，對小球受力分析，受重力、拉力F和繩子的拉力T，根據平衡條件求解出拉力的一般表達式，得出拉力為變力；再根據動能定理列式求解．【解析】【解答】解：對小球受力分析；受到重力；拉力F和繩子的拉力T，如圖。

根據共點力平衡條件；有。

F=mgtanα；故F隨著α的增大而不斷變大，故F是變力；

對小球運動過程運用動能定理；得到。

-mgL（1-cosα）+W=0

故拉力做的功等于mgL（1-cosθ）

故選：C．2、B|C【分析】試題分析：將重物重力Mg按效果分解如圖所示，應有即再對其中一個物體m受力分析如圖所示，受到的摩擦力聯立解得即木塊與擋板間摩擦力大小與兩板間距離無關，所以B正確，A錯誤；由圖可得由于擋板距離增大隨之增大，故增大，所以C正確D錯誤．考點：考查了共點力的動態平衡問題【解析】【答案】BC3、D【分析】【分析】液晶像液體一樣可以流動；又具有某些晶體結構特征的一類物質．液晶是介于液態與結晶態之間的一種物質狀態．所以液晶既不是固體也不是液體，既不是液態也不是結晶態，所以D對；

【點評】根據液晶的概念進行選擇，液晶較為生疏的一種物質狀態．高中階段只需要記住其定義和基本特性即可4、A【分析】【解答】A；銀河系的中心有一個突起的核；稱為核球，另外還有銀盤和銀暈，銀盤一個非常引人注目的結構是有旋渦狀的旋臂，因此銀河系屬于旋渦星系，太陽處在其中的一個旋臂上．故A正確．

B；恒星的壽命和它的質量有關；質量越大的恒星壽命越短．這是因為質量越大壓力就越大，這種情況下恒星內部的核反應就更加劇．故B錯誤．

C；在太陽內部；氫原子核在超高溫作用下發生核聚變，釋放巨大的核能，故太陽能發光、放熱，故C錯誤．

D；宇宙中有衛星的星球很多；比如木星就有許多衛星．故D錯誤．

故選：A．

【分析】宇宙中有衛星的星球很多；比如太陽系中的木星就有許多衛星．

恒星的壽命和它的質量有關；質量越大的恒星壽命越短．

核聚變是較輕的原子核結合成較重的原子核的一種核反應．太陽內部為核聚變．

銀河系的中心有一個突起的核球，半徑有一萬多光年，里面的物質非常密集，充滿了濃厚的星際介質和星云．銀河系還有一個扁平的盤，稱為銀盤．硬盤中恒星很密集，還有各種星際介質和星云及星團．銀盤的直徑有10多萬光年，厚度只有幾千光年．我們看到的銀河，就是銀盤中遙遠的恒星密集在一起形成的．銀盤一個非常引人注目的結構是有旋渦狀的旋臂，因此銀河系屬于旋渦星系．5、C【分析】解：由電場線的分布情況可知，A

處電場線比B

處電場線密，則A

點的場強大于B

點的場強，即EA>EB

．

畫出過B

點的等勢線與A

所在的電場線交于C

點；

則有A

點的電勢高低C

點的電勢，所以A

點的電勢高低B

點的電勢，即婁脮A>婁脮B

．

故選C

根據電場線的疏密判斷場強的大小；電場線越密，場強越大.

畫出過B

點的等勢線，根據順著電場線電勢降低判斷電勢的高低．

本題的技巧是畫出等勢線.

對于電場線的物理意義：電場線疏密表示場強的大小，電場線的方向反映電勢的高低要牢固掌握，熟練應用．【解析】C

6、D【分析】【分析】根據愛因斯坦質能方程，分析將原子核拆散成核子所吸收的能量與核子結合成原子核所放出的能量關系．核力與萬有引力性質不同．核力只存在于相鄰的核子之間．比結合能越大，原子核越穩定．【解析】【解答】解：A；將原子核拆散成核子與核子結合成原子核兩個過程質量的變化相等；將原子核拆散成核子所吸收的能量與核子結合成原子核所放出的能量叫結合能．故A錯誤．

B；比結合能越大；原子核越穩定．原子核的結合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量，則原子核越大，它的結合能越高．故B錯誤．

C；重核與中等質量原子核相比較；重核的結合能大，而平均結合能比較小．故C錯誤．

D；中等質量原子核的結合能和平均結合能均比輕核的要大．故D正確．

故選：D二、多選題(共7題，共14分)7、ACD【分析】【分析】空氣相對濕度越大時，空氣中水蒸氣壓強越接近飽和汽壓，水蒸發越慢；分子間同時存在著引力和斥力，都隨距離的增大而減小，隨距離的減小而增大；液晶具有液體的流動性，同時具有晶體的各向異性特征；液體表面存在張力是分子力的表現，表面張力產生在液體表面層，它的方向平行于液體表面，而非與液面垂直．【解析】【解答】解：A；空氣相對濕度越大時；空氣中水蒸氣壓強越接近飽和汽壓，水蒸發越慢，故A正確；

B；分子間同時存在著引力和斥力；當分子間距增加時，分子間的引力減小，斥力減小，故B錯誤；

C；液晶具有液體的流動性；同時具有晶體的各向異性特征，故C正確；

D；液體中懸浮微粒的無規則運動稱為布朗運動；故D正確；

E；由于液體表面層分子間距離大于液體內部分子間距離；分子間表現為引力，液體表面存在張力，它的方向平行于液體表面，而非與液面垂直．故E錯誤．

故選：ACD8、BD【分析】【分析】不管是圖甲還是圖乙，人均做直線運動；若是勻速直線運動，合力為零；若是變速直線運動，合力與速度共線；受力分析后運用平行四邊形定則作圖分析．【解析】【解答】解：A；B、圖甲中；對人受力分析，受重力和拉力，由于兩個力不共線，故合力一定不為零；做直線運動，故合力與速度共線，做勻加速直線運動；

拉力T=mgsin60°=；故A錯誤，B正確．

C；D、圖乙的情形中；人受重力和拉力，若合力不為零，合力與速度不共線，不可能做直線運動，故合力一定為零，人做勻速直線運動，故T=mg；

環做勻速運動；合力為零，受細線的拉力；支持力和摩擦力，三力平衡，如圖所示：

圖乙的情形中，若輕環突然被卡而停止，人將繞環轉動，人受的重力和拉力的合力提供向心力，有：

T-mg=m；故T＞mg；

故C錯誤；D正確；

故選：BD．9、ABD【分析】【分析】根據物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可．【解析】【解答】解：A；法拉第發現了電磁感應現象；故A正確；

B；奧斯特發現了電流磁效應；故B正確；

C；右手螺旋定則又叫安培定則；故C錯誤，D正確；

故選：ABD．10、BD【分析】解：A

從圖以可以看出；沒有發生全反射，只是光的折射，故A錯誤；

B；從圖乙可以看出；光由水進入該介質，折射角大于入射角，故B正確；

C；隱形的原理不是光被玻璃吸收了；只是發生折射，故C錯誤；

D、當光由水中斜射向該介質時，折射光線遠離法線偏折，說明水的折射率大于該介質的折射率，根據v=cn

光在該介質中的傳播的速度大于水中速度，故D正確；

故選：BD

題目中已經給出了光路圖，從光路圖判斷水和該介質的折射率大小情況，根據n=cv

比較光速的大小關系．

本題給出的情境較為新穎，關鍵是結合光的折射定律進行分析，當光線從光密介質向光疏介質傳播時，折射角大于入射角，同時記住公式v=cn

．【解析】BD

11、AD【分析】【分析】由機械能守恒定律可求得小球滑到底部時的速度，再由P=FV可求得平均功率及瞬時功率．【解析】【解答】解：由mgh=mv2可得：物體滑到底部時的速度v====5m/s；

則平均速度=m/s=2.5m/s；

則平均功率=mgcos60°=2×10×2.5×0.5=25W；

瞬時功率P=mgvcos60°=2×10×5×0.5=50W；

故選：AD．12、AB【分析】【分析】正電荷受到的電場力方向為場強方向，沿著電場力方向，電勢降低．負電荷受到的電場力的方向與電場線的方向相反．【解析】【解答】解：A、據題帶電粒子由O點靜止釋放，只在電場力作用下運動到b點，則知粒子所受的電場力方向從a到b；電場力做正功，所以電勢能減小．故A正確；

B、正電荷受到的電場力方向為場強方向，沿著電場力方向，電勢降低．負電荷受到的電場力的方向與電場線的方向相反，沿著電場力方向，電勢升高．故該題中不能判斷出ab兩點電勢的高低．故B正確；

C、D、粒子所受的電場力方向從a到b；電場力做正功，所以電勢能減小，動能增大．故C；D錯誤．

故選：AB13、AC【分析】【分析】曲線運動的速度方向沿著曲線上某點的切線方向，時刻改變，故一定是變速運動，加速度一定不為零，合力一定不為零；曲線運動的條件是合力與速度不共線．【解析】【解答】解：A；曲線運動的速度方向沿著曲線上某點的切線方向；時刻改變，故A正確；

B；曲線運動的速度方向時刻改變；速度大小不一定變化，如勻速圓周運動的動能不變，故B錯誤；

C；曲線運動的條件是合力與速度不共線；故加速度與速度不共線，但加速度不一定變化，如平拋運動的加速度為g，不變，故C正確；

D；曲線運動的條件是合力與速度不共線；但合力可以不變化，如平拋運動的合力不變，是重力，故D錯誤；

故選：AC．三、填空題(共9題，共18分)14、0.72s或0.24s【分析】【分析】振子開始運動的方向可能先向右，也可能向左，畫出振子的運動過程示意圖，確定振動周期，再求出振子第三次到達M點還需要經過的時間可能值．【解析】【解答】解：質點的振動周期共存在兩種可能性．設質點在AA′范圍內運動．

（1）如圖甲所示，由O→M→A歷時0.13s+0.05s=0.18s，則周期為：T1=4×0.18s=0.72s．

（2）如圖乙所示，由O→A′→M歷時t1=0.13s，由M→A→M歷時t2=0.1s，設由O→M或由M→O歷時為t，則0.13s-t=2t+0.1s，故t=0.01s，所以周期為：T=t1+t2+t=0.13+0.1+0.01=0.24s．

故答案為：0.72s或0.24s15、密集程度平均動能【分析】【分析】氣體壓強的產生：大量做無規則熱運動的分子對器壁頻繁、持續地碰撞產生了氣體的壓強．單個分子碰撞器壁的沖力是短暫的，但是大量分子頻繁地碰撞器壁，就對器壁產生持續、均勻的壓力，所以從分子動理論的觀點來看，氣體的壓強就是大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力．【解析】【解答】解：從微觀角度看；氣體壓強的大小跟兩個因素有關：一個是氣體分子密集程度，另一個是氣體分子的平均動能；

故答案為：密集程度、平均動能．16、30【分析】【分析】力的合成與分解都遵守平行四邊形定則，根據平行四邊形定則，做出圖形即可求得分力的大小．【解析】【解答】解：根據平行四邊形定則；已知一個分力沿水平方向，做出平行四邊形如圖所示；

由圖形可知另一個分力F2的大小為F2=．

故答案為：3017、34【分析】【分析】（1）這是斜面的受力分析；導體棒手續重力，支持力，安培力，做出受力圖，求合力可以的加速度．

（2）棒應該是在最低端到達最大速度，由能量守恒可以解得結果．【解析】【解答】解：

棒做加速度逐漸減小的變加速運動．

（1）棒受力如圖：

速度為v=2m/s時，安培力為：FA=BId═1N

運動方向的合外力為：F=mgsinθ-FA

所以此時的加速度為：a=

帶入數據解得：a=3m/s2

（2）棒到達底端時速度最大．

此過程能量的轉化為：重力勢能轉化為動能和電熱。

根據能量守恒定律有：

解得：vm=4m/s

答（1）3

（2）418、ABC【分析】【分析】根據氣體狀態方程=C和已知的變化量去計算其它的物理量，要注意研究過程中哪些量不變，哪些量變化．【解析】【解答】解：（1）A；布朗運動是懸浮在液體中固體小顆粒（如花粉）的運動；不是分子的運動，故A錯誤；

B；根據熱力學第二定律；不可能從單一熱源吸熱而將其全部轉化為機械能，故B錯誤；

C；摩爾質量除以密度等于摩爾體積；故D錯誤；

D；內能包括分子動能和分子勢能；內能不同的物體，它們分子熱運動的平均動能可能相同，即溫度可能相同，故D正確；

E；物體吸收熱量；可能會對外做功，根據熱力學第一定律公式△U=W+Q，故內能不一定增加，故E正確；

本題選擇錯誤的；故選ABC．

（2）分別寫出兩個狀態的狀態參量：

p1=758-738=20mmHg

V1=80Smm3（S是管的橫截面積）

T1=273+27=300K

p2=p-743mmHg

V2=（738+80）S-743S=75Smm3

T2=273+（-3）=270K

將數據代入理想氣體狀態方程：

解得：p=762.2mmHg

答：此時的實際大氣壓值為762.2毫米汞柱．19、略

【分析】解：設振幅為A；由題意：BC=2A=20cm

所以振幅為：A=10cm

振子從B到C所用時間t=0.5s，為周期T的一半，所以：T=1.0s，f===1Hz；

振子在1個周期內通過的路程為4A，故在t′=5s=5T內通過的路程：s=×4A=×4×10cm=200cm

5s內振子振動了5個周期；5s末振子仍處在B點，所以它偏離平衡位置的位移大小為10cm．

故答案為：1.0s；1.0Hz；200cm；10cm．

由題B、C是振子運動的兩個端點，從B點經過0.5s，振子首次到達C點，經過半個周期時間，求解周期；根據f=求解頻率；B；C間距離等于兩個振幅；求出振幅．振子在一個周期內通過的路程是四個振幅，根據時間與周期的關系，求出振子在5s內通過的路程和位移．

本題考查振幅、周期等描述振動的基本物理量．振子的路程往往根據時間與周期的關系研究．【解析】1.0s；1.0Hz；200cm；10cm20、略

【分析】解：A

點的瞬時速度等于OB

段的平均速度，則vA=xOB2T=(6.51+5.59)隆脕10鈭?20.2m/s=0.605m/s

．

根據鈻?x=aT2

得，運用逐差法得，a=xCF鈭?xOC9T2=[(3.80+2.89+2.00)鈭?(6.51+5.59+4.70)]隆脕10鈭?29隆脕0.01=0.9m/s2

．

故答案為：0.6050.9

根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出A

點的速度.

根據連續相等時間內的位移之差是一恒量；運用逐差法求出小球的加速度．

本題處理的方法與紙帶相同，會通過頻閃照片求解瞬時速度和加速度，關鍵是勻變速直線運動推論的運用．【解析】0.6050.9

21、3003000【分析】【分析】子彈在穿過木塊的過程中，阻力對子彈做負功，根據動能定理求解損失的動能和平均阻力．【解析】【解答】解：子彈在穿過木塊的過程中損失的動能為△Ek損==×2×10-2×（2002-1002）J=300J

對子彈；根據動能定理得：

-Fd=-△Ek損

則得：F=3000N

故答案為：300，300022、2πR4R向東【分析】【分析】位移為起點到終點的有向線段；而路程為質點經過軌跡的長度．【解析】【解答】解：由圖可知質點的位移為4R；由向東，即A指向C；

而質點經過的路程為2πR；

故答案為：2πR，4R，向東．四、識圖作答題(共3題，共27分)23、（1）顯微鏡鏡檢法

（2）AA：a：Aa：A=1：1：2：2

（3）13或26

（4）【分析】

【分析】本題考查染色體數目變異、減數分裂和基因的分離定律的有關知識，意在考查考生識圖能力和理解所學知識的要點，把握知識間的內在聯系的能力；能運用所學知識與觀點，通過比較、分析與綜合等方法對某些生物學問題進行解釋、推理，做出合理的判斷或得出正確的結論。【解答】（1）染色體結構變異或數目變異最簡便的檢測方法是顯微鏡鏡檢法。（2）若減數分裂過程沒有發生基因突變和染色體交叉互換，且產生的配子均有正常活性，三體AAa產生的配子種類及比例為AA：a：Aa：A=1：1：2：2。（3）在減數第一次分裂前期，同源染色體配對，若某次級精母細胞形成配子AA，則說明該細胞中的7號染色體有兩條，該次級精母細胞中的染色體數為13（減數第二次分裂前期、中期）或26（減數第二次分裂后期著絲點分裂染色體數目加倍）。（4）根據非抗病水稻（aa）和該三體抗病水稻（AAa）雜交，已測得正交實驗的F1抗病水稻：非抗病=2：1，則AAa做的父本。反交實驗AAa做母本，aa做父本，三體AAa產生的雌配子種類及比例為AA：a：Aa：A=1：1：2：2，aa產生的精子為a，二者雜交，后代基因型及比例為：AAa：Aaa：Aa：aa=1：2：2：1，抗病：非抗病=5：1，非抗病水稻所占比例為抗病水稻中三體所占比例為

【解析】（1）顯微鏡鏡檢法（2）AA：a：Aa：A=1：1：2：2（3）13或26（4）24、（1）0~20min內甲種植物光合速率大于呼吸速率，20~30min光合速率與呼吸速率基本相等

（2）增大隨植物光合作用的進行，玻璃室內的CO2含量下降、O2含量上升，故植物乙的有氧呼吸速率逐漸增大（只答“CO2含量下降、O2含量上升”得1分）

（3）與甲相比，植物乙能利用更低濃度的CO2合成有機物（只答“植物乙耐受低濃度的CO2”得1分）【分析】【分析】本題考查光合作用和呼吸作用的關系及兩者的影響因素，意在考查考生的識圖能力和理解所學知識要點，把握知識間內在聯系，形成知識網絡結構的能力；能運用所學知識，準確判斷問題的能力。【解答】（1）光合作用吸收CO2，呼吸作用釋放CO2。0~20min內玻璃室內CO2含量逐漸減小，說明甲種植物光合速率大于呼吸速率；20~30min玻璃室內CO2含量相對穩定，說明光合速率與呼吸速率基本相等。（2）隨植物光合作用的進行，玻璃室內的CO2含量下降、O2含量上升，故植物乙的有氧呼吸速率逐漸增大。（3）若將兩種植物幼苗置于同一個密閉、透明玻璃室內，因為兩植物的光合作用，玻璃罩內CO2濃度會急速降低，一段時間后觀察發現植物乙的長勢較好，推測原因是植物乙能利用更低濃度的CO2合成有機物。【解析】（1）0~20min內甲種植物光合速