…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，三只完全相同的燈泡a、b、c分別與電阻A、電感、電容C單聯；再將三者并聯，接在220V，50Hz的交變電壓兩端，三只燈泡亮度相同，若將交變電壓改為220V，25Hz，則。

A.三只燈泡亮度不變B.三只燈泡都將變亮C.a亮度不變，b變亮，c變暗D.a亮度不變，b變暗，c變亮2、將完全相同的兩個線圈和燈泡分別串聯接到直流電源（內阻不計）和交流電源上；如圖甲；乙所示，已知直流電源的電壓與交流電壓的有效值相等。則下列判斷正確的是（）

A.圖乙中燈泡更亮些B.圖甲和圖乙中燈泡最終會一樣亮C.減小交流電頻率，圖乙中燈泡會變亮D.圖甲中閉合S瞬間，通過燈泡的電流立即達到最大值3、如圖為日常生活中常見的電子打火灶點火裝置原理圖。將1.5V直流電壓通過轉換器轉換為正弦交變電壓再將其加在匝數比的理想變壓器的原線圈上；副線圈兩端就可獲得高壓引發電火花點燃燃氣。下列說法正確的是（）

A.原線圈兩端所接交流電壓表的讀數為6VB.放電針之間電壓最高可達12000VC.放電針之間交流電壓頻率100HzD.放電針每隔0.02s點火一次4、正方形線框ABCD由四根相同的導體棒連接而成，空間中存在垂直線框平面的勻強磁場，端點A、B通過導線與電源相連，電流方向如圖所示，已知導體棒AB受到的安培力大小為F，CD和DA邊受到的安培力之和為（）

A.大小為F，方向在ABCD平面內垂直AC斜向上B.大小為F，方向在ABCD平面內垂直AC斜向下C.大小為F，方向在ABCD平面內垂直AC斜向上D.大小為氣F，方向在ABCD平面內垂直AC斜向下5、如圖所示，一帶電液滴在相互垂直的勻強電場和勻強磁場中剛好做勻速圓周運動，其軌道半徑為R．已知電場的電場強度為E，方向豎直向下；磁場的磁感應強度為B，方向垂直紙面向里，不計空氣阻力，設重力加速度為g；則()

A.液滴帶正電B.液滴的比荷為C.液滴順時針運動D.液滴運動的速度大小6、如圖所示，用同一個回旋加速器分別加速靜止的氕核氘核與氦核加速電壓大小相等，磁場的磁感應強度大小相等，不考慮粒子在電場中的運動時間以及粒子質量的變化．則下列說法正確的是（）

A.加速氘核后再對氦核進行加速，需要重新調整加速電壓周期B.離開加速器時的速度最大的是氦核C.離開加速器時的動能最小的是氕核D.三種原子核在回旋加速器中運動時間相同7、如圖所示，虛線邊界MN右側充滿垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B，紙面內有一個邊長為L，粗細均勻的正方形導線框abcd，cd邊與MN平行，導線框在外力的作用下，先后以v和2v的速度垂直MN兩次勻速進入磁場；運動過程中導線框平面始終與磁場垂直，則（）

A.兩次進入磁場的過程中，導線框中的電流均為逆時針方向B.導線框以速度v進入磁場時，c、d兩點的電壓為BLvC.導線框先后兩次進入磁場的過程中，產生的熱量之比為1：2D.導線框先后兩次進入磁場的過程中，外力做功的功率之比為1：28、如圖（甲）所示，理想變壓器原副線圈匝數比原線圈接有交流電流表副線圈電路接有交流電壓表V、交流電流表滑動變阻器R等；所有電表都是理想電表，二極管D正向電阻為零，反向電阻無窮大，燈泡L的阻值恒定。原線圈接入的交流電壓的變化規律如圖（乙）所示，則下列說法正確的是（）

A.由圖乙可知交流發電機轉子的角速度為B.交流電壓表V的讀數為C.燈泡L兩端電壓的有效值為D.當滑動變阻器的觸頭P向上滑動時，電流表示數減小，電壓表V示數減小9、圖甲所示電路中，理想變壓器原、副線圈的匝數比為10:1，R0是定值電阻，R是滑動變阻器；電容器C的耐壓值為50V。變壓器原線圈輸入的電壓如圖乙所示，所有電表均為理想電表。下列說法正確的是。

A.副線圈兩端電壓的頻率為10HzB.電流表的示數表示的是電流的瞬時值C.電容器C會被擊穿D.滑片P向下移動時，電流表A1、A2的示數均增大評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、某手持式考試金屬探測器如圖所示；它能檢查出考生違規攜帶的電子通訊儲存設備。工作時，探測環中的發射線圈通以正弦式電流，附近的被測金屬物中感應出電流，感應電流的磁場反過來影響探測器線圈中的電流，使探測器發出警報。則（）

A.被測金屬物中產生的是恒定電流B.被測金屬物中產生的是交變電流C.違規攜帶的手機只有發出通訊信號時才會被探測到D.探測器與被測金屬物相對靜止時也能發出警報11、如圖所示，在xoy坐標平面內的y軸右側加垂直紙面向里且范圍足夠大的勻強磁場，磁感應強度為B，垂直于x軸放置足夠大的熒光屏MN，光屏可沿x軸移動，在坐標原點O處放置一個粒子源，能向xoy坐標平面范圍內各個方向均勻發射質量為m、電荷量為q的帶正電粒子，粒子初速度大小均為v0；不計粒子重力及粒子間相互作用，且粒子打到光屏上的粒子能全部被吸收。則下列說法正確的是（）

A.要使所有粒子都不能打到光屏上時，則光屏離O點的距離至少為B.要使所有粒子都不能打到光屏上時，則光屏離O點的距離至少C.當有一半粒子能打到熒光屏上時，光屏離O點的距離為D.當有一半粒子能打到熒光屏上時，所有發射的粒子在磁場中運動的最短時間與最長時間之比為1：312、如圖甲，一帶電物塊無初速度地放在傳送帶底端，皮帶輪以恒定大小的速率沿順時針方向傳動，該裝置處于垂直紙面向里的勻強磁場中，物塊由底端E運動至皮帶輪頂端F的過程中，其v-t圖像如圖乙所示；物塊全程運動的時間為4.5s，運動過程中物塊所帶電荷不變。關于帶電物塊及運動過程的說法正確的是（）

A.該物塊帶負電B.傳送帶的傳動速度大小一定不小于1m/sC.若已知傳送帶的長度，可求出該過程中物塊與傳送帶發生的相對位移D.在2~4.5s內，物塊與傳送帶仍可能有相對運動13、水平桌面上放一個閉合鋁環，在鋁環軸線上放一條形磁鐵，如圖所示，當條形磁鐵沿軸線豎直向下迅速運動時，下列說法正確的是（）

A.鋁環有收縮的趨勢B.鋁環有擴張的趨勢C.鋁環對桌面的壓力增大D.鋁環對桌面的壓力減小14、如圖所示；勻強磁場垂直于軟導線回路平面，要使軟導線回路變為圓形，下列方法可行的是（）

A.使磁場逐漸增強，方向向外B.使磁場逐漸減弱，方向向外C.使磁場逐漸減弱，方向向里D.使磁場逐漸增強，方向向里15、如圖所示，兩間距為的光滑導軌平行放置，左側是半徑為的圓弧，底端與右側水平部分相切，右側水平部分存在豎直向上、磁感應強度大小為的勻強磁場。質量為的導體棒垂直靜置在導軌上，與相距為現將質量為的導體棒從圓弧導軌頂端由靜止釋放。已知兩導體棒長度均為電阻均為運動過程中始終與導軌垂直且接觸良好，兩導體棒始終未發生碰撞，水平導軌足夠長，不計空氣阻力，重力加速度大小為下列說法正確的是（）

A.棒最終的速度大小為B.棒最終的速度大小為C.棒最終產生的熱量為D.兩棒最終的距離為16、虛線上方存在垂直紙面向外的勻強磁場，PQ下方存在豎直向上的勻強磁場，兩處磁場磁感應強度大小均為足夠長的等間距金屬導軌豎直放置，導軌電阻不計。兩根金屬棒水平地靠在金屬導軌上，其中金屬棒ab、cd質量均為m，長均為L，電阻均為R，與導軌之間的動摩擦因數均為同時由靜止釋放兩棒，cd棒進入下方區域立即做加速度大小為a的勻加速運動。已知運動過程中棒與導軌接觸良好，重力加速度為g；求：（）

A.ab、cd在上方區域運動時，做加速度減小的加速運動B.cd棒靜止釋放的位置距離PQ的距離為C.cd棒進入下方區域運動時，不受安培力D.ab、cd在下方區域運動時，兩者的距離會越來越大17、如圖所示，用一根導線做成一個半徑為r的圓環，其單位長度的電阻為r0；將圓環的右半部分置于變化的勻強磁場中，設磁場方向垂直紙面向里為正，磁感應強度隨時間做周期性變化關系如圖乙所示，則（）

A.在t=π時刻，圓環中有順時針方向的感應電流B.在0~時間內圓環受到的安培力大小、方向均不變C.在~π時間內通過圓環橫截面的電荷量為D.圓環在一個周期內的發熱量為18、如圖所示為遠距離輸電示意圖，發電機的輸出電壓和輸電線的電阻、理想變壓器匝數均不變，且下列表述正確的是（）

A.B.若用戶總電阻增大，C.用戶的功率增大時，輸電線消耗功率增加D.用戶的功率增大時，發電機的輸出功率減小評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)19、如圖所示，一線圈從左側進入磁場，線圈匝數是10匝。在此過程中，線圈中的磁通量將____（選填“增大”或“減小”）。若上述過程所經歷的時間為0.2s，線圈中產生的感應電動勢為8V，則線圈中的磁通量變化了_____Wb。

20、電磁波具有能量。

電磁場的轉換就是_________能量與_________能量的轉換，電磁波的發射過程是_________能量的過程，傳播過程是能量傳播的過程。21、伸開右手，使拇指與其余四個手指_________，并且都與手掌在同一個平面內；讓磁感線從掌心進入，并使_________指向導線運動的方向，這時_________所指的方向就是感應電流的方向。22、如圖所示，將邊長為L、總電阻為R的正方形閉合線圈，從磁感強度為B的勻強磁場中以速度v勻速拉出（磁場方向垂直線圈平面）

(1)所用拉力F=___________。

(2)拉力F做的功W=___________。

(3)線圈放出的熱量Q=___________。23、自感系數與線圈的______、______、______，以及是否有______等因素有關．24、如圖甲所示，匝數n=100，邊長l=0.1m的正方形線框置于勻強磁場中，從圖示位置開始計時，讓線框繞垂直磁場方向的軸勻速轉動，通過線框的磁通量隨時間變化的圖像如圖乙所示。在t1=0.02s和t2=0.04s時，線框中感應電流的方向_______（填“相同”或“相反”）；勻強磁場的磁感應強度為_______T；線框中感應電動勢的有效值為_______V；線框中感應電動勢的瞬時值表達式為_______。

25、雷達是利用電磁波遇到障礙物要發生_____，以此來測定物體位置的無線電設備，其利用的是波長_____的微波。評卷人得分四、作圖題(共4題，共16分)26、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

27、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

28、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

29、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環時，圓環向右偏離，試在圖中標出圓環中的電流方向___________．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

根據電感的特性：通低頻、阻高頻，當電源的頻率變低時，電感對電流的感抗減小，b燈變亮；根據電容器的特性：通高頻、阻低頻，當電源的頻率變低時，電容器對電流的容抗增大，c燈變暗。而電阻的亮度與頻率無關，a燈亮度不變。

A.三只燈泡亮度不變與分析不符；故A錯誤。

B.三只燈泡都將變亮與分析不符；故B錯誤。

C.a亮度不變，b變亮，c變暗與分析相符；故C正確。

D.a亮度不變，b變暗，c變亮與分析不符，故D錯誤。2、C【分析】【詳解】

AB．根據電感線圈對電流的阻礙作用可知；電感線圈對交流電的阻礙作用更大，所以接直流的電路中的燈泡更亮一些，即圖甲中燈泡更亮，故AB錯誤；

C．當交流的頻率減小時；線圈的阻礙作用減小，所以圖乙中的燈泡變亮，故C正確；

D．圖甲中；當閉合S瞬間，由于線圈對電流的增大有阻礙作用，所以通過燈泡的電流不能立即達到最大值，故D錯誤。

故選C。3、B【分析】【詳解】

A．正弦交流電有效值和最大值之間的關系為

電壓表顯示的是有效值，所以原線圈兩端所接交流電壓表的讀數為

A錯誤；

B．根據變壓器原副線圈電壓關系

計算出副線圈兩端電壓的最大值為12000V；B正確；

C．正弦交流電的角速度為所以交流電的頻率為50Hz，C錯誤；

D．一個周期內電壓可兩次達到最高電壓12000V；故每間隔0.01s點火一次，D錯誤。

故選B。4、D【分析】【詳解】

邊與邊并聯，電阻比為1：3，電流比為3：1，根據安培力公式

可知邊和邊安培力為夾角為根據力的合成原理，可知安培力之和為

根據左手定則可知合力方向垂直斜向下，故選D。5、C【分析】【詳解】

液滴在重力場、勻強電場和勻強磁場組成的復合場中做勻速圓周運動，可知，液滴受到的重力和電場力是一對平衡力，重力豎直向下，所以電場力豎直向上，與電場方向相反，故可知液滴帶負電，故A錯誤；由mg＝qE解得故B錯誤；磁場方向垂直紙面向里，洛倫茲力的方向始終指向圓心，由左手定則可判斷液滴的運動方向為順時針，故C正確；液滴在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動的半徑為聯立各式得故D錯誤．6、D【分析】【詳解】

A．加速電壓周期等于粒子在磁場中的運動周期，則有

由于氘核和氦核的比荷相等，可知加速氘核后再對氦核進行加速；不需要重新調整加速電壓周期，故A錯誤；

BC．當粒子在磁場中的軌道半徑等于D型盒半徑時，粒子的速度最大，動能最大，則有

解得最大速度為

由于氕核的比荷在三種粒子中最大，則離開加速器時的速度最大的是氕核粒子的最大動能為

由于三種粒子中，氘核的最小，則離開加速器時的動能最小的是氘核故BC錯誤；

D．粒子在電場加速的次數為

粒子在回旋加速器中運動時間為

可知粒子在回旋加速器中運動時間與粒子的電荷量和質量均無關；則三種原子核在回旋加速器中運動時間相同，故D正確。

故選D。7、C【分析】【詳解】

A．根據右手定則可知；線框兩次進入磁場的過程中，導線框中的電流均為順時針方向，故A錯誤；

B．導線框以速度v進入磁場時電動勢為

c、d兩點的電壓為路端電壓

故B錯誤；

C．導線框進入磁場的過程中焦耳熱

可知焦耳熱與速度成正比；因此導線框先后兩次進入磁場的過程中，產生的熱量之比為1：2，故C正確；

D．線框勻速進入磁場，所以安培力等于外力F，因此外力做功的功率

可知外力功率與速度平方成正比；因此導線框先后兩次進入磁場的過程中，外力做功的功率之比為1：4，故D錯誤。

故選C。8、C【分析】【詳解】

A．根據圖像可知周期T=0.02s，則角速度

故A錯誤；

BC．原線圈電壓的有效值為

根據理想變壓器的電壓規律求解副線圈的電壓，即交流電壓表的示數為

因為小燈泡和二極管相連，二極管具有單向導電性，根據有效值的定義

解得燈泡兩端電壓

故B錯誤；C正確；

D．當滑動變阻器的觸頭P向上滑動時，副線圈接入的總電阻增大，副線圈兩端電壓不變，所以電流表示數減小，根據單相理想變壓器的電流規律

可知電流表的示數也減小；故D錯誤。

故選C。9、D【分析】【詳解】

A．根據圖乙知交流電周期為0．01s；所以頻率為100Hz，變壓器不改變交流電的頻率，副線圈兩端電壓的頻率為100Hz，故A錯誤；

B．電流表的示數表示的是交流電的有效值；故B錯誤；

C．根據變壓器兩端電壓與匝數成正比可知；副線圈兩端電壓最大值為40V，小于電容器的擊穿電壓50V，故電容器不會擊穿，故C錯誤；

D．匝數比不變，副線圈兩端電壓不變，滑片P向下移動時，副線圈回路電阻變小，根據歐姆定律可知，回路電流I2變大，根據只有一個副線圈的變壓器電流與匝數成反比可知，原線圈電流也變大，故電流表A1、A2的示數均增大；故D正確。

故選：D。二、多選題(共9題，共18分)10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．探測環中的發射線圈通以正弦式電流；被測金屬物中產生的是交變電流，故A錯誤，B正確；

C．違規攜帶的物品只要是金屬就會被探測到；故C錯誤。

D．因為探測環中的發射線圈通以正弦式電流；被測金屬物中的磁通量也是變化的，所以探測器與被測金屬物相對靜止時也能發出警報，故D正確；

故選BD。11、B:C:D【分析】【詳解】

AB．設粒子在磁場中做圓周運動半徑為則有

解得

如圖所示

所有粒子剛好打不到光屏應滿足

解得

故A錯誤；B正確；

C．一半粒子能打到熒光屏上，是從點射向軸下方的粒子，射向軸上方粒子打不到熒光屏上，如圖所示

根據幾何關系可知光屏離點的距離為

故C正確；

D．當有一半粒子能打到熒光屏上時，粒子圓周運動的周期

由于粒子初速度大小都相同，根據速度公式可知弧長越長，粒子在磁場中運動的時間最長，弧長越短，粒子在磁場中運動的時間最短；所以從點射向軸正方的粒子在磁場中運動的時間最長，最長時間

如圖所示，從熒光屏MN與軸交點射出的粒子在磁場中運動的時間最短，最短時間

解得所有發射的粒子在磁場中運動的最短時間與最長時間之比為

故D正確；

故選BCD。12、B:D【分析】【詳解】

A．由題圖乙可知，物塊先做加速度減小的加速運動再做勻速運動，物塊的最大速度是對物塊進行受力分析可知，開始時物塊受到重力、支持力和摩擦力的作用，設動摩擦因數為沿斜面的方向有

物塊運動后，又受到洛倫茲力的作用，加速度逐漸減小，可知一定是逐漸減小，即洛倫茲力的方向與相同；物塊沿傳送帶向上運動，由左手定則可知，物塊帶正電，A錯誤；

BCD．由

可知，只要傳送帶的速度大于等于則物塊達到最大速度后受力平衡，與傳送帶的速度無關，故傳送帶的速度可能等于也可能大于物塊最終可能相對于傳送帶靜止，也可能相對于傳送帶運動，此外，由以上的分析可知，傳送帶的速度不能確定，所以不能求出該過程中物塊與傳送帶發生的相對位移，BD正確，C錯誤。

故選BD。13、A:C【分析】【分析】

【詳解】

根據楞次定律可知：當條形磁鐵沿軸線豎直向下迅速移動時；閉合導體環內的磁通量增大，因此線圈做出的反應是面積有收縮的趨勢，同時將遠離磁鐵，故增大了和桌面的擠壓程度，從而使導體環對桌面壓力增大，選項AC正確，BD錯誤。

故選AC。14、B:C【分析】【分析】

【詳解】

軟導線回路變為圓形；線圈平面面積增大，根據楞次定律，線圈面積增大是回路中的感應電流要阻礙線圈平面磁通量的減小，因此說明穿過線圈的磁感應強度在減小，方向可能向外也可能向里。

故選BC。15、B:C:D【分析】【詳解】

AB．由動能定理

解得棒到位置時的速度

最后的速度相等，根據動量守恒定律得

解得

故B正確；A錯誤；

C．根據能量守恒定律得電路中產生的總熱量

棒最終產生的熱量為

故C正確；

D．設棒的相對位移為對棒由動量定理得

又

解得

兩棒最終的距離為

故D正確。

故選BCD。16、B:D【分析】【詳解】

A．根據整體法分析可知，ab、cd在上方區域運動時；磁通量不變沒有感應電流沒有安培力，做加速度為重力加速度的加速運動，加速度不變，A錯誤；

B．由題意可知，cd棒進入下方區域立即做加速度大小為a的勻加速運動，則有

又

根據電磁感應定律可得

由于cd在上方區域運動時做自由落體運動

故聯立解得

B正確；

C．根據左手定則可知，cd棒進入下方區域運動時；受到垂直于紙面向外的安培力，C錯誤；

D．由于cd在下方區域做勻加速直線運動，因此由

可知其受到的安培力恒定，即感應電流橫店，ab棒切割磁場的速度恒定，即cd和ab沒有進入PQ區域時兩者速度相同，cd進入PQ區域做勻加速運動，ab此時勻速運動，都進入PQ區域以后繼續都做加速度為g的勻加速，此時因此兩者的距離

兩者的距離會越來越大；D正確。

故選BD。17、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．在t=π時刻；圓環中磁通量為零，但正在增加，故磁通量的變化率不為零，故有感應電動勢，根據楞次定律，感應電流的磁場向內，故感應電流是順時針方向，故A正確；

B．在0~時間內，磁通量均勻變化，故感應電動勢是恒定的，感應電流大小和方向不變，根據F=BIL

B在變化；所以安培力是變化的，故B錯誤；

C．根據

可得在~π時間內，通過圓環橫截面的電荷量為

故C錯誤；

D．在一個周期內，磁通量的變化率的大小是固定的，故感應電流的大小是固定的，電流大小為

故一個周期內產生的焦耳熱為

故D正確。

故選AD。18、A:C【分析】【詳解】

AB．根據變壓器原理可得

又由于已知

聯立可得

與用戶用電情況沒有關系；故A正確，B錯誤；

CD．當用戶的功率增大時；用電器增多，總電阻減小。降壓變壓器的輸出電流增大，則輸電線上的電流增大，可知輸電線上的消耗功率增加，發電機的輸出功率等于輸電線消耗功率與用戶的功率之和，因此，發電機的輸出功率增加，故C正確，D錯誤。

故選AC。三、填空題(共7題，共14分)19、略

【分析】【詳解】

[1]勻強磁場中，當線圈與磁場垂直時，磁通量

線圈從左側進入磁場面積變大；故磁通量增大；

[2]根據法拉第電磁感應定律

故有【解析】增大0.1620、略

【解析】①.電場②.磁場③.輻射21、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】垂直拇指四指22、略

【分析】【詳解】

拉出的過程中，產生的感應電動勢為

根據閉合電路的歐姆定律得，電流為

所以安培力為

線圈勻速運動