…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示；在陰極射線管正上方平行放一通有強電流的長直導線，則陰極射線將（）

A.向紙內偏轉B.向紙外偏轉C.向下偏轉D.向上偏轉2、如圖甲所示，固定在水平面上電阻不計的金屬導軌，間距d=0.5m。導軌右端連接一阻值為4Ω的小燈泡L，在CDEF矩形區域內有豎直向上的勻強磁場，磁感應強度B隨時間t變化如圖乙所示，aC長為2m。在t=0時，電阻為1Ω的金屬棒ab在水平恒力F=0.6N作用下，由靜止開始沿導軌向右運動。金屬棒從CD運動到EF過程中；小燈泡的亮度始終沒有發生變化。則：（）

A.金屬桿產生的感應電動勢始終為2.4VB.金屬桿在t時刻的加速度大小為C.金屬桿的質量為0.15kgD.從a到F，水平恒力對金屬桿做的功為15.6J3、電磁炮是利用電磁發射技術制成的一種先進的動能殺傷武器。如圖所示為某款電磁炮的軌道，該軌道長寬若發射質量為的炮彈，從軌道左端以初速度為零開始加速，當回路中的電流恒為時，最大速度可達假設軌道間磁場為勻強磁場，不計空氣及摩擦阻力。下列說法正確的是（）

A.磁場方向豎直向下B.磁場方向為水平向右C.電磁炮的加速度大小為D.磁感應強度的大小為4、質量和電荷量都相等的帶電粒子和以不同的速率經小孔垂直進入勻強磁場；它們運行的半圓軌跡如圖中兩虛線所示，則下列判斷正確的是（）

A.帶正電，帶負電B.的速率大于的速率C.洛倫磁力對做正功、對做負功D.在磁場中的運行時間大于在磁場中的運行時間5、如圖所示，邊長為L的單匝正方形線圈ABCD在外力作用下以速度v向右勻速進入磁感應強度為B的勻強磁場中，第二次又在外力作用下以速度2v勻速進入同一勻強磁場；下列說法正確的是（）

A.第一次進入磁場的過程中，CD兩端電勢差為BLvB.兩次進入過程中線圈產生的感應電流之比I1：I2=1：2C.兩次進入過程中線圈產生的熱量之比Q1：Q2=1：4D.兩次進入過程中通過線圈截面的電荷量之比q1：q2=1：26、一只氖管的起輝電壓與交變電壓的有效值相等，若將此交變電流接到氖管的兩極，在一個周期內，氖管的發光時間為（）A.0.02sB.0.015sC.0.01sD.0.005s7、如圖，變壓器的輸入端接入的交流電，開關接1，當滑動變阻器接入電路的阻值為時，此時電壓表的讀數為變壓器為理想變壓器；二極管正向電阻不計，所有電表均為理想電表，下列說法正確的是（）

A.若只將滑動變阻器的滑片向下滑動，則電流表示數減小，電壓表示數增大B.若只將從1撥到2，電流表示數變大C.接1時，原、副線圈中接入電路的匝數之比為11：1D.內滑動變阻器產生的熱量為8、如圖所示，理想變壓器與電阻R、交流電壓表V、交流電流表A按圖甲所示方式連接，已知變壓器的原副線圈的匝數比為n1∶n2=10∶1，電阻R=10Ω，圖乙是R兩端電壓U隨時間變化的圖像，Um=V。則下列說法中正確的是（）

A.通過R的電流IR隨時間t變化的規律是B.變壓器的輸入功率為10WC.電壓表V的讀數為D.電流表A的讀數為評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖所示，水平放置的光滑平行金屬導軌，左端通過開關S與內阻不計、電動勢為E的電源相連，右端與半徑為L＝20cm的光滑圓弧導軌相接．導軌寬度為20cm，電阻不計。導軌所在空間有豎直方向的勻強磁場，磁感應強度B＝0.5T。一根導體棒ab垂直導軌放置，質量m＝60g、電阻R＝1Ω，用兩根長也為20cm的絕緣細線懸掛，導體棒恰好與導軌接觸．當閉合開關S后，導體棒沿圓弧擺動，擺動過程中導體棒始終與導軌接觸良好且細線處于張緊狀態。導體棒ab速度最大時，細線與豎直方向的夾角θ＝53°(sin53°＝0.8，cos53°＝0.6，g＝10m/s2)；忽略導體棒切割磁感線時產生的感應電動勢。則()

A.磁場方向一定豎直向上B.電源的電動勢E＝8VC.導體棒在擺動過程中所受安培力F＝8ND.導體棒擺動過程中的最大動能為0.08J10、如圖所示，匝數為N，內阻為r的矩形線圈abcd在勻強磁場中繞垂直于磁場的bc邊以角速度ω勻速轉動，其線圈中感應電動勢的峰值為Em，閉合回路中兩只完全相同的燈泡均能正常發光，此時它們的電阻均為R．則（）

A.從圖中位置開始計時，感應電動勢瞬時表達式為e=EmsinωtB.穿過線圈的最大磁通量為C.從圖中位置開始計時，四分之一周期內通過燈泡A1的電量為D.增大角速度ω時，燈泡A1變暗，A2變亮11、如圖所示，直導線通入垂直紙面向里的電流，在下列勻強磁場中，直導線能靜止在光滑斜面上的是（）A.B.C.D.12、如圖所示，絕緣水平面上有兩根足夠長的光滑平行金屬導軌和兩導軌間距離為金屬導軌左側接有兩個定值電阻和金屬桿垂直導軌放置，質量為接入電路的電阻為整個裝置處于磁感應強度大小為方向豎直向下的勻強磁場中，金屬導軌電阻忽略不計。現給金屬桿水平向右的初速度使金屬桿向右運動，金屬桿向右運動過程中始終與金屬導軌垂直且接觸良好。則下列說法正確的是（）

A.桿速度由v0減到的過程，通過電阻的電量為B.桿速度減為時，桿加速度大小為C.桿從開始運動到靜止，通過的路程為D.桿做勻減速直線運動直到靜止13、如圖所示，在同一豎直平面內固定兩根水平放置的長直導線，導線中通有同方向的穩恒電流矩形線框與導線在同一豎直平面內，且一邊與導線平行。現將線框以初速度從位置Ⅰ豎直上拋，經過兩水平導線的中線（圖中虛線，導線框的中線與虛線重合在位置Ⅱ）上升到最高點Ⅲ后又落回拋出點，設落回拋出點的速度大小為不計空氣阻力，已知重力加速度為則下列說法中正確的是（）

A.在上升過程中矩形線框的電流方向先沿著逆時針方向然后變為順時針方向B.矩形線框在位置Ⅱ時磁通量為零，感應電流也為零C.矩形線框在上升和下落的過程通過線框的電荷量相等D.矩形線框在上升和下落的全過程所用的時間14、如圖甲所示，質量m=3.0×10-3kg的形金屬細框豎直放置在兩水銀槽中，形框的水平細桿CD長l=0.20m，處于磁感應強度大小為B1=1.0T、方向水平向右的勻強磁場中。有一匝數n=300匝、面積S=0.01m2的線圈通過開關K與兩水銀槽相連。線圈處于與線圈平面垂直、沿豎直方向的勻強磁場中，其磁感應強度B2隨時間t變化的關系如圖乙所示。t=0.22s時閉合開關K，瞬間細框跳起（細框跳起瞬間安培力遠大于重力），跳起的最大高度h=0.20m。不計空氣阻力，重力加速度g取10m/s2；下列說法正確的是（）

A.0~0.10s內線圈中的感應電動勢大小為3VB.開關K閉合瞬間，CD中的電流方向由C到DC.磁感應強度B2的方向豎直向下D.開關K閉合瞬間，通過細桿CD的電荷量為0.03C15、如圖甲所示，線圈abcd處于勻強磁場中，已知線圈面積為S，線圈的匝數為N，線圈的總電阻為r，勻強磁場的磁感應強度為B，外電路負載電阻阻值為R，線圈以角速度ω繞ab邊勻速轉動；電表是理想電表，則（）

A.圖甲中電壓表的示數為B.圖甲從圖示位置開始轉過過程中通過R的電荷量為C.圖甲中圖示位置感應電流為零D.若只有ab邊右側有勻強磁場，如圖乙所示，電壓表的示數為16、如圖甲所示為一臺小型發電機的構造示意圖，其線圈逆時針轉動，產生的電動勢隨時間變化的正弦規律圖象如圖乙所示。發電機線圈內阻為接燈泡的電阻為則（）

A.電壓表的示數為B.發電機的輸出功率為C.時刻，穿過線圈的磁通量最大D.時刻，穿過線圈的磁通量變化率最大17、如圖所示為某水電站遠距離輸電的原理圖。升壓變壓器的原副線圈匝數比為k，輸電線的總電阻為R，升壓變壓器和降壓變壓器均為理想變壓器，發電廠輸出的電壓恒為U，若由于用戶端負載變化，使發電廠輸出功率增加了下列說法正確的是（）

A.電壓表的示數不變，電壓表的示數增大B.電流表的示數均增大C.輸電線上損失的電壓增加了D.輸電線上損失的功率增加了評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)18、2019年6月，工信部正式向中國移動、中國電信、中國聯通和中國廣電4家公司發放5G正式商用牌照，這標志著我國正式進入了5G商用元年。據悉此次中國電信和中國聯通獲得3500MHz頻段試驗頻率使用許可。該頻段的波長約_________毫米，由電磁波譜可知，按照電磁波的頻率由低到高排列順序，可分為無線電波、微波、_________、可見光、紫外線、X射線、γ射線等。19、從發電站輸出的功率為某一定值P，輸電線的總電阻為R保持不變，分別用110V和11kV兩種電壓輸電。忽略變壓器損失的電能，則這兩種情況下輸電線上由電阻造成的電壓損失之比為_____。20、在電子技術中，從某一裝置輸出的交變電流常常既有高頻成分又有低頻成分。要把低頻成分輸送到下一級裝置，可用如圖所示電路，其中電容C叫______，通過它的是______（選填“高頻”或“低頻”），它的電容一般較______（選填“大”或“小”），對高頻容抗較______（選填“大”或“小”）。21、如圖所示，在某一輸電線路的起始端和終點端各接入一個理想變壓器，原、副線圈的匝數比分別為n1∶n2=100∶1和n3∶n4=1∶50，圖中a、b表示電流表或電壓表，已知電壓表的示數為22V，電流表的示數為1A，每根輸電線的電阻為1Ω，則____（選填“a”或“b”）為電流表，輸電線上損失的電功率為______，線路輸送的電功率為___________。

22、變壓器是由閉合鐵芯和繞在鐵芯上的兩個線圈組成的；如圖所示為可拆式變壓器的構造。

（1）其工作原理是：___________；

（2）實驗中考慮到變壓器“三損”，實驗結論將有：___________（選填“>”“＜”或“=”）。23、運動電荷在磁場中受到的力稱為______，這個力的方向與電荷運動方向______，和磁感應強度方向______，這個力的方向可以由______來判斷，安培力可稱作這個力的______表現。24、（1）如圖所示，金屬棒ab置于水平放置的U形光滑導軌上，在ef右側存在有界勻強磁場B，磁場方向垂直導軌平面向下。在ef左側的無磁場區域cdef內有一半徑很小的金屬圓環L，圓環與導軌在同一平面內。當金屬棒ab在水平恒力F作用下從磁場左邊界ef處由靜止開始向右運動后，圓環L有________（填“收縮”或“擴張”）趨勢，圓環內產生的感應電流________（填“變大”；“變小”或“不變”）。

（2）如圖，金屬環A用輕線懸掛，與長直螺線管共軸，并位于其左側。若變阻器滑片P向左移動，則金屬環A將向________（填“左”或“右”）運動，并有________（填“收縮”或“擴張”）趨勢。

25、可見光：可見光的波長在________nm之間。評卷人得分四、作圖題(共4題，共28分)26、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

27、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

28、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

29、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環時，圓環向右偏離，試在圖中標出圓環中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共2題，共12分)30、某同學利用熱敏電阻的阻值隨溫度變化的特性；制作了一個簡易的汽車低油位報警裝置。

（1）該同學首先利用多用電表歐姆“×100”擋粗測該熱敏電阻在常溫下的阻值，示數如圖甲所示，則此時熱敏電阻的阻值為______kΩ。

（2）該同學為了進一步探究該熱敏電阻阻值隨溫度變化的關系，設計了如圖乙所示的實驗電路，定值電阻則在閉合開關前，滑動變阻器的滑片P應置于最______（選填“左”或“右”）端；在某次測量中，若毫安表的示數為2.25mA，的示數為1.50mA，兩電表可視為理想電表，則熱敏電阻的阻值為______kΩ。

（3）經過多次測量，該同學得到熱敏電阻阻值隨溫度的變化關系圖像如圖丙所示，可知該熱敏電阻的阻值隨溫度升高變化得越來越______（選填“快”或“慢”）。

（4）該同學利用此熱敏電阻設計的汽車低油位報警裝置如圖丁所示，其中電源電動勢E＝6.0V，定值電阻R＝1.8kΩ，長為l＝50cm的熱敏電阻下端緊靠在油箱底部，不計報警器和電源的內阻。已知流過報警器的電流時報警器開始報警，若測得報警器報警時油液（熱敏電阻）的溫度為30℃，油液外熱敏電阻的溫度為70℃，由此可知油液的警戒液面到油箱底部的距離約為______cm。31、某學習小組在探究變壓器原；副線圈電壓和匝數關系的實驗中；采用了可拆式變壓器，鐵芯B安裝在鐵芯A上形成閉合鐵芯，將原、副線圈套在鐵芯A的兩臂上，如圖所示：

（1）下列說法正確的是______

A．為保證實驗安全；原線圈應接低壓直流電源。

B．變壓器中鐵芯是整塊硅鋼。

C．保持原線圈電壓及匝數不變；可改變副線圈的匝數，研究副線圈的匝數對輸出電壓的影響。

D．變壓器正常工作后；電能由原線圈通過鐵芯導電輸送到副線圈。

（2）實驗過程中，變壓器的原、副線圈選擇不同的匝數，利用多用電表測量相應電壓，記錄如下，由數據可知一定是______線圈的匝數（填“原”或“副”）

根據表格中的數據，在實驗誤差允許的范圍內，可得出原副線圈兩端電壓與匝數的關系：______。匝匝

（3）學習小組觀察實驗室中一降壓變壓器的兩個線圈的導線，發現導線粗細不同，結合以上實驗結論，應將較細的線圈作為______線圈。（填“原”或“副”）評卷人得分六、解答題(共1題，共7分)32、如圖，一水平面內固定有兩根平行的長直金屬導軌，導軌間距為兩根相同的導體棒置于導軌上并與導軌垂直，長度均為棒與導軌間的動摩擦因數為（最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）；整個裝置處于勻強磁場中，磁感應強度大小為方向豎直向下。從時開始，對棒施加一外力，使棒從靜止開始向右做勻加速運動，直到時刻撤去外力，此時棒中的感應電流為已知棒在時刻開始運動，運動過程中兩棒均與導軌接觸良好。兩棒的質量均為電阻均為導軌的電阻不計。重力加速度大小為

(1)求撤去外力時棒的速度大小；

(2)撤去外力后，棒在時刻靜止，求此時棒的速度大小。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

導線中的電流在陰極射線管處產生的磁場方向為垂直紙面向外；則根據左手定則，陰極射線將向下偏轉。

故選C。2、D【分析】【詳解】

AB．由圖像可得

得

則有

可得

故AB錯誤；

C．金屬棒從CD運動到EF過程中，安培力可得

又因為小燈泡的亮度始終沒有發生變化，故

得

有

得

故C錯誤；

D．金屬棒運動的位移為

故水平恒力對金屬桿做的功為

故D正確；

故選D。3、D【分析】【詳解】

AB.回路中電流方向如題圖所示；則根據安培定則可知，磁場方向應豎直向上，AB錯誤；

CD.由題意可知，最大速度加速距離由速度和位移關系可知

解得

由牛頓第二定律可得

解得C錯誤，D正確；

故選D。4、B【分析】【詳解】

A．根據左手定則，可知，M帶負電，N帶正電；A錯誤；

B．粒子在磁場中運動，洛倫茲力提供向心力，

解得

同一磁場，M和N兩粒子的電荷量相同，故軌道半徑大小r和速度v成正比，因的半徑大于的半徑，故的速率大于的速率；故B正確；

C．洛倫茲力每時每刻與速度垂直；不做功，C錯誤；

D．粒子在磁場中運動的周期T

同一磁場，M和N兩粒子的電荷量相同；故兩粒子在磁場中運動的周期相同，它們均運動了半個周期，故它們運動的時間相同，D錯誤。

故選B。5、B【分析】【詳解】

A．第一次進入磁場過程中，感應電動勢大小為

導體棒作為電源切割磁感線，所以兩端電壓為路端電壓，根據閉合電路歐姆定律可知

故A錯誤；

B．第二次進入磁場過程中，感應電動勢大小

根據閉合電路歐姆定律

可知

故B正確；

C．根據焦耳定律

可知

故C錯誤；

D．通過線框的電荷量

兩次通過磁場的相同；所以兩次進入過程中通過線圈截面的電荷量相同，故D錯誤。

故選B。6、C【分析】【詳解】

根據交流電的瞬時電壓表達式知，氖管的起輝電壓為

當交變電壓的瞬時值大于等于時氖管發光，在時間內，由

可得在時間內，不發光的時間為

又由于

故氖管的發光時間

故選C。7、C【分析】【詳解】

A．若只將滑動變阻器的滑片向下滑動，負載電阻增大，則副線圈電流減小，原線圈電流減小；即電流表示數減小，電壓表示數由輸入電壓和匝數比決定，故電壓表示數保持不變，A錯誤；

B．若只將從1撥到2，原線圈匝數增大，可知副線圈輸出電壓減小，滑動變阻器兩端電壓減小，故滑動變阻器消耗功率減小，根據變壓器輸入功率等于輸出功率可得

可知，原線圈輸入電壓不變，滑動變阻器消耗功率減小，則原線圈電流減小；即電流表示數減小，B錯誤；

C．開關接1時，設此時副線圈的輸出電壓為由于二極管的單向導電性，使得加在滑動變阻器上的電壓只剩下一半波形，由電流熱效應可得

解得

由題意可知

可得原、副線圈中接入電路的匝數之比為

C正確；

D．內滑動變阻器產生的熱量為

D錯誤；

故選C。8、B【分析】【詳解】

A．U隨時間變化規律是

所以

故A錯誤；

B．通過電阻R電流的有效值為

變壓器的輸入功率等于R消耗的功率，即

故B正確；

C．電壓表V的讀數為R兩端電壓的有效值，即

故C錯誤；

D．根據理想變壓器變流規律可得電流表A的讀數，即原線圈電流的有效值為

故D錯誤。

故選B。二、多選題(共9題，共18分)9、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．當開關S閉合時；導體棒向右擺動，說明其所受安培力水平向右，由左手定則可知，磁場方向豎直向下，故A錯誤；

BC．設電路中電流為I，電源的電動勢為E，有

導體棒速度最大時，細線與豎直方向的夾角則

得

安培力

故B正確；C錯誤；

D．根據動能定理得

解得

故D正確。

故選BD。10、A:B【分析】【詳解】

AB．圖中位置，線圈處于中性面位置，磁通量最大，感應電動勢為零，閉合電路中感應電動勢的瞬時表達式e=Emsinωt，而Em=NBSω，則穿過線圈的最大磁通量Φ=BS=故AB正確。

C．從圖中位置開始計時，四分之一周期內，磁通量變化量△Φ=BS，則通過干路的電荷量本題中總電阻無法確定，故通過燈泡A1的電量無法確定；故C錯誤。

D．根據電動勢最大值公式Em=NBSω，增大線圈轉動角速度ω時，頻率變大，感應電動勢的峰值Em變大，同時由于電感線圈對交流電有阻礙作用，交流電的頻率越大，阻礙作用越大，而電容器對交流的阻礙，交流電頻率越大，阻礙越小，故燈泡A1變亮，但由于感應電動勢的變大，故燈泡A2明亮程度未知；故D錯誤。

故選AB。11、A:C【分析】【詳解】

A．由左手定則；安培力的方向沿斜面向上，導線的合力能等于零，直導線能靜止在光滑斜面上，A正確；

B．由左手定則；安培力的方向沿斜面向下，導線的合力不能等于零，直導線不能靜止在光滑斜面上，B錯誤；

C．由左手定則；安培力的方向豎直向上，當安培力等于重力時，直導線能靜止在光滑斜面上，C正確；

D．由左手定則；安培力的方向垂直于斜面向上，導線的合力不能等于零，直導線不能靜止在光滑斜面上，D錯誤。

故選AC。12、A:C【分析】【詳解】

A．根據題意可知，桿速度由v0減到的過程，由動量定理有

則有

即

解得

由并聯分流原理可知，通過電阻的電量為

故A正確；

B．根據題意，桿速度減為時，感應電動勢為

和并聯后的電阻為

由閉合回路歐姆定律有

棒受到的安培力為

則桿加速度大小為

故B錯誤；

C．．根據A分析可知，桿從開始運動到靜止，由動量守恒定律有

由和可得

解得

故C正確；

D．根據題意，由右手定則和左手定則可知，棒受的安培力與運動方向相反，棒做減速運動，感應電動勢減小，安培力減小，加速度減小，則棒做加速度減小的減速運動；故D錯誤。

故選AC。13、C:D【分析】【詳解】

A．根據直導線的安培定則；磁場的疊加，在虛線的下面，磁場的方向垂直直面向外，在虛線的上面磁場的方向垂直紙面向里，從下往上磁通量先向外逐漸減小然后向里逐漸增加，根據楞次定律，電流方向一直是逆時針方向，A錯誤；

B．矩形線框在位置Ⅱ時磁通量為零；但是磁通量的變化率不為零，感應電流不為零，B錯誤；

C．兩根的電流相同，則從位置Ⅰ豎直上拋，經過兩水平導線的中線（圖中虛線，導線框的中線與虛線重合在位置Ⅱ）上升到最高點Ⅲ后又落回拋出點時上升和下降過程磁通量的變化量相同，根據

則有

矩形線框在上升和下落的過程通過線框的電荷量相等；C正確；

D．矩形線框在上升過程中，線框受到的安培力根據左手定則，安培力的方向向下，矩形線框在下降過程中，根據直導線的安培定則，磁場的疊加，在虛線的下面，磁場的方向垂直直面向外，在虛線的上面磁場的方向垂直紙面向里，磁通量逐漸減小然后逐漸增加，根據楞次定律，電流方向一直是瞬時針方向，線框受到的安培力根據左手定則，安培力的方向向上，上升過程，根據動量定理，選向下為正方向

整理得

下降過程

整理得

解得

矩形線框在上升和下落的全過程所用的時間

D正確。

故選CD。14、B:D【分析】【詳解】

A．由題圖乙所示圖像可知，0~0.10s內ΔΦ=ΔBS=(1-0）×0.01Wb=0.01Wb

0~0.10s內線圈中的感應電動勢大小E=n=300×V=30V

故A錯誤；

BC．由題可知細桿CD所受安培力方向豎直向上，由左手定則可知，電流方向為：C→D，由安培定則可知感應電流的磁場方向豎直向上，由圖示圖像可知，在0.2~0.25s內穿過線圈的磁通量減少，由楞次定律可知，磁感應強度B2方向豎直向上；故B正確，C錯誤；

D．對細框，由動量定理得B1Il×Δt=mv-0

細框豎直向上做豎直上拋運動v2=2gh

電荷量Q=IΔt

解得Q==0.03C

故D正確。

故選BD。15、B:C【分析】【詳解】

A．圖甲中感應電動勢有效值為

則圖甲中電壓表的示數為

故A錯誤；

B．圖甲從圖示位置開始轉過過程中通過R的電荷量為

故B正確；

C．圖甲中圖示位置線圈的磁通量最大；磁通量變化率為零，感應電動勢為零，感應電流為零，故C正確；

D．若只有ab邊右側有勻強磁場，設電動勢有效值為則有

解得

則電壓表的示數為

故D錯誤。

故選BC。16、B:C【分析】【詳解】

A．由題圖乙知，交流發電機電動勢的有效值為6V，則燈泡兩端電壓的有效值

A項錯誤；

B．燈泡消耗的功率

B項正確；

C．由題圖乙知，時刻；電動勢為零，此時穿過線圈的磁通量最大，C項正確；

D．時刻；電動勢為零，穿過線圈的磁通量最大，磁通量的變化率為零，D項錯誤。

故選BC。17、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．由于發電廠輸出電壓恒為U，根據理想變壓器的規律，對于升壓變壓器

故電壓表的示數不變，發電廠輸出功率增加了則發電廠輸出電流增加了

根據理想變壓器的規律，對于升壓變壓器

示數增加了

由于示數增加，示數也將增加，降壓變壓器的輸入電壓將減少

故示數也將減小；A錯誤，B正確；

C．根據歐姆定律，輸電線上損失的電壓增加了

C正確；

D．輸電線上損失的功率增加了

由于未知；故無法計算，D錯誤。

故選BC。三、填空題(共8題，共16分)18、略

【分析】【詳解】

[1]．該頻段的波長約

[2]．按照電磁波的頻率由低到高排列順序，可分為無線電波、微波、紅外線、可見光、紫外線、X射線、γ射線等。【解析】85.7紅外線19、略

【分析】【詳解】

[1]．輸電線路上電流

輸電線損失的電壓

故采取不同電壓損失的電壓之比為【解析】100:120、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]圖中電容C叫高頻旁路電容。

[2][3][4]電容器的容抗電路要把低頻成分輸送到下一級，C的作用是“通高頻、阻低頻”，所以通過它的是高頻，它的電容一般較小，對高頻容抗較小。【解析】高頻旁路電容高頻小小21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]電表b串聯在電路中，所以b為電流表；

[2]由

知，輸電線上的電流為50A，所以5000W

[3]由

知，輸電線起始端的電壓為2200V，則線路輸送的電功率P=UI=【解析】①.b②.5000W③.110kW22、略

【分析】【詳解】

（1）[1]變壓器有兩組線圈。初級線圈和次級線圈。次級線圈在初級線圈外邊。當初級線圈通上交流電時；變壓器鐵芯產生交變磁場，次級線圈就產生感應電動勢，即變壓器工作原理是采用電磁感應或者互感；

（2）[2]實驗中考慮到變壓器“三損”，即鐵芯損耗（不變損耗簡稱鐵損），銅損（可變損耗）和附加損耗。實驗結論將有【解析】電磁感應或互感大于23、略

【分析】【詳解】

[1][2][3][4][5]運動電荷在磁場中受到的力稱為洛倫茲力，方向垂直于電荷運動方向和磁感應強度方向形成的平面；洛倫茲力的方向由左手定則來判斷，安培力可稱作洛倫茲力的宏觀表現。【解析】洛倫茲力垂直垂直左手定則宏觀24、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]ab棒在恒力F作用下，速度增大，切割磁感線運動產生的電動勢E=Blv

增大，abdc中的感應電流增大，abdc內磁場增強，穿過圓環L的磁通量增大；所以圓環有收縮的趨勢。

[2]ab棒受到的安培力F′=

逐漸增大，由F-=ma

知，加速度a逐漸減小，故速度增大得越來越慢，因此通過圓環L中的磁通量的變化率逐漸變小；圓環內產生的感應電流逐漸變小。

（2）[3][4]變阻器滑片P向左移動，電阻變小，電流變大，據楞次定律，感應電流的磁場方向與原電流磁場方向相反，相互排斥，則金屬環A將向左運動，因磁通量增大，金屬環A有收縮趨勢。【解析】收縮變小左收縮25、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】400～760四、作圖題(共4題，共28分)26、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】27、略

【分析】【分析】

根據題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯后連入電路；根據安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】28、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。