…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年牛津譯林版選修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖，空間某區域存在勻強電場和勻強磁場，電場方向豎直向上（與紙面平行），磁場方向垂直于紙面向里。三個帶正電的微粒a、b、c電荷量相等，質量分別為已知在該區域內，a在紙面內做勻速圓周運動，b在紙面內向右做勻速直線運動；c在紙面內向左做勻速直線運動。下列選項正確的是（）

A.B.C.D.2、下列說法正確的是()A.當氫原子從激發態躍遷到基態時，要吸收能量B.由于每種原子都有自己的特征譜線，故可以根據原子光譜來鑒別物質C.大量原子從n＝3的激發態向低能級躍遷時，產生的光譜線有4種D.氫原子光譜線的頻率與氫原子能級的能量差無關3、一定質量的理想氣體，在溫度保持不變的條件下，若氣體體積減小，則（）A.氣體的內能增大B.外界一定對氣體做正功C.氣體的壓強可能不變D.氣體壓強與體積的乘積變小4、圖甲是小型交流發電機的示意圖，兩磁極N、S間的磁場可視為水平方向的勻強磁場，A為交流電流表，線圈繞垂直于磁場的水平軸OO′沿逆時針方向勻速轉動；從圖示位置開始計時，產生的交變電流隨時間變化的圖象如圖乙所示，以下判斷正確的是()

A.電流表的示數為20AB.交流電的頻率是100HzC.0.01s時線圈平面與磁場方向平行D.0.02s時線框平面與中性面重合5、圖為遠距離輸電示意圖，兩變壓器均為理想變壓器，升壓變壓器T的原、副線圈匝數分別為n1、n2。在T的原線圈兩端接入一電壓的交流電源，若輸送電功率為P，輸電線的總電阻為2r；不考慮其它因素的影響，則輸電線上損失的電功率為（）

A.B.C.4D.46、如圖所示；平行板電容器兩極板A，B間有一個帶電油滴P，正好靜止在兩極板正中間。現將兩極板稍拉開一些，其它條件不變（拉開時間忽略），則（）

A.油滴將向上加速B.油滴將向下加速C.電流計中電流由b流向aD.電流計中始終無電流流過7、下列關于波的說法中，正確的是（）A.次聲波比超聲波更容易發生明顯的衍射現象B.海嘯發生后尚未到達海岸邊，沿海漁民沒有反應，但狗顯得煩噪不安，這是因為次聲波傳播速度比超聲波大C.當聲源相對于觀察者勻速遠離時，觀察者聽到的聲音的音調可能變高，也可能變低D.發生多普勒效應的原因是因為聲源的頻率發生了變化8、某家用電器正常工作時的功率約為2千瓦，它可能是（）A.空調器B.電冰箱C.電視機D.電風扇評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、一定質量的理想氣體的圖像中的等溫變化圖線如圖所示，A、B是雙曲線上的兩點。下列說法正確的是（）

A.圖中△OAC和△OBD的面積一定相等B.氣體在狀態A的內能一定大于在狀態B的內能C.氣體從狀態A到狀態B的過程，一定向外界放出熱量D.氣體從狀態A到狀態B的過程，單位時間內對器壁單位面積上的碰撞次數減少10、下列論述正確的是（）A.氣體很容易充滿整個容器，這是分子間存在斥力的宏觀表現B.從單一熱源吸收熱量，可能使之完全變成功C.溫度高的物體分子的平均速度一定大E.一輛空載的卡車停于水平地面上，在緩慢裝沙過程中，若車胎不漏氣，胎內氣體溫度不變，不計分子間勢能，則胎內氣體向外界放熱E.一輛空載的卡車停于水平地面上，在緩慢裝沙過程中，若車胎不漏氣，胎內氣體溫度不變，不計分子間勢能，則胎內氣體向外界放熱11、關于熱機的效率，下列說法正確的是()A.有可能達80%B.有可能達100%C.有可能超過80%D.有可能超過100%12、如圖所示，兩根足夠長的光滑平行金屬導軌固定在同一水平面內，兩導軌間的距離為L．導軌上面橫放這兩根導體棒ab和cd，構成矩形回路，導體棒ab的質量為2m，導體棒cd的質量為m，電阻皆為R，回路中其余部分的電阻可不計．在整個導軌平面內都有豎直向上的勻強磁場，磁感應強度為B．開始時，棒cd靜止，給棒ab水平向右的初速度若兩導體棒在運動中始終不接觸，則。

A.在運動過程中回路產生的焦耳熱最多是B.兩金屬棒之間的距離先減小后增大C.當ab棒的速度變為初速度的時，cd棒的加速度是D.假如改成給棒ab水平向右的恒力F，則最終兩金屬棒都做勻速運動13、一個理想變壓器，開始時開關S接1，此時原、副線圈的匝數比為一個理想二極管和一個滑動變阻器串聯接在副線圈上，電流表和電壓表均為理想交流電表，此時滑動變阻器接入電路的阻值為10Ω，如下左圖所示．原線圈接入如下右圖所示的正弦式交流電．則下列判斷正確的是（）

A.電壓表的示數為4VB.滑動變阻器消耗的功率為0.8WC.若將開關S由1撥到2，同時滑動變阻器滑片向下滑動，電流表示數將變大D.若將二極管用導線短接，電流表示數加倍評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)14、如圖，一定質量的理想氣體先從狀態a沿直線變化到狀態b，該過程中氣體的溫度______（填“升高”或“降低”），氣體______（填“吸熱”或“放熱”）。

15、如圖所示，一定質量的理想氣體從狀態a依次經狀態b、c、d和e后回到狀態a，圖中ae、bc延長線過坐標原點O，則在a→b過程中氣體___________（填“放熱”或“吸熱”）；在這個循環過程中，氣體在狀態c的壓強___________狀態e的壓強（填“大于”或“小于”）。

16、兩塊非常長的光滑擋板圍成一個夾角為10°的三角形區域，一小球沿著角平分線方向的初速度入射，設球與擋板間的碰撞是彈性的，則球與擋板一共會發生___________次碰撞。

17、如圖所示電路中，R1=100Ω，滑動變阻器的總電阻R=100Ω，A、B兩端電壓恒定，且UAB=12V．當S斷開時，滑動變阻器R滑動頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由_______V變至_______V；當S閉合時，滑動變阻器R滑動頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由______V變至________V．

18、如圖所示是一個單擺做受迫振動時的共振曲線，表示振幅A與驅動力的頻率f的關系，則該單擺的擺長約為_____，若增大擺長，共振曲線的“峰”將_____（填“向右移動”、“向左移動”或“不移動”）（g＝9.8m/s2，π2≈9.86）

19、某同學用伏安法測量阻值Rx約為5Ω的電阻，用圖________測得的Rx的誤差較小，測量值________真實值（小于、大于、等于），造成誤差的原因是_____________________________________________

評卷人得分四、作圖題(共3題，共15分)20、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

21、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

22、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共28分)23、①小明同學用螺旋測微器測定某一金屬絲的直徑，測得的結果如下左圖所示，則該金屬絲的直徑d=_____mm．然后他又用游標尺上標有20等分刻度的游標卡尺測該金屬絲的長度L=_____cm．

②然后小明又用多用電表粗略測量某金屬電阻絲的電阻Rx約為5.0Ω；為了盡可能精確地測定該金屬絲的電阻，且測量時要求通過金屬絲的電流在0～0.5A之間變化.根據下列提供的實驗器材，解答如下問題：

A、量程0.1A，內阻r1=1Ω的電流表A1

B、量程0.6A，內阻約為0.5Ω的電流表A2

C、滑動變阻器R1全電阻1.0Ω；允許通過最大電流10A

D、滑動變阻器R2全電阻100Ω；允許通過最大電流0.1A

E、阻值為29Ω的定值電阻R3

F、阻值為599Ω的定值電阻R4

G、電動勢為6V的蓄電池E

H、電鍵S一個；導線若干。

（a）根據上述器材和實驗要求完成此實驗，請在虛線框內畫出測量該金屬絲電阻Rx的實驗原理圖（圖中元件用題干中相應的元件符號標注）．

()

（b）實驗中測得電表A1示數為I1，A2表示數為I2，其它所選的物理量題目中已給定，請寫出電阻絲的電阻表達式Rx=_____.24、在研究“用單擺測定重力加速度”的實驗中；

(1)下列措施中必要的或做法正確的是_____．選填下列措施前的序號

A.為了便于計時觀察；單擺的擺角越大越好。

B.擺線長應遠遠大于擺球直徑。

C.擺球應選擇密度較大的實心金屬小球。

D.將擺球和擺線平放在桌面上，拉直后用米尺測出擺球球心到擺線某點O間的長度作為擺長，然后將O點作為懸點。

(2)兩個同學分別在北京大學和浙江大學探究了“單擺周期T與擺長L關系”的規律．多次改變擺長，記錄多組擺長和周期數據，并繪制了圖像，如圖所示，從中可以判斷，浙江大學的實驗結果對應圖線是_____________填“A”或“B”．北京大學的同學求出圖線的斜率k，則用斜率k求重力加速度的表達式為___________．25、某同學設計實驗測定金屬的電阻率．用米尺測量金屬絲的長度，用螺旋測微器測量金屬絲的直徑時的刻度如圖所示。金屬絲的電阻大約為，在用伏安法對金屬絲的電阻進行進一步測定時，有如下供選擇的實驗器材：

直流電源：電動勢，內阻可不計；

電流表：量程為，內阻；

電流表：量程為，內阻；

電壓表：量程，內阻；

滑動變阻器：最大阻值；

滑動變阻器：最大值值

開關、導線等。

(1)從圖中讀出金屬絲的直徑__________

(2)在所給的可供選擇的器材中，應該選用的電流表是__________，應該選用的滑動變阻器是__________（填寫器材的字母代號）；

(3)用所選的器材，在下邊的方框中畫出實驗電路圖_____________；

(4)實驗測出電阻絲的電阻為，根據測量數據，計算電阻率的公式是__________。這種金屬材料的電阻率為__________（保留一位有效數字）。

26、某同學用如圖所示的實驗器材來探究產生感應電流的條件．

（1）圖中已經用導線將部分器材連接，請補充完成圖中實物間的連線________．

（2）若連接好實驗電路并檢查無誤后，閉合開關的瞬間，觀察到電流計指針發生偏轉，說明線圈______（填“A”或“B”）中有了感應電流．開關閉合后；他還進行了其他兩項操作嘗試，發現也產生了感應電流，請寫出兩項可能的操作：

①_________________________________；

②_________________________________．評卷人得分六、解答題(共2題，共18分)27、絕熱汽缸倒扣在水平地面上，缸內裝有一電熱絲，缸內有一光滑的絕熱活塞，封閉一定質量的理想氣體，活塞下吊著一重為G的重物，活塞重為活塞的橫截面積為S，開始汽缸內封閉氣柱的高為h，氣體的溫度為大氣壓強為．現給電熱絲加熱，活塞緩慢下降，當氣體吸收熱量Q時，活塞下降了h；求：

①氣體的溫度升高了多少？

②氣體的內能增加了多少？28、如圖所示，虛線MO與水平線PQ相交于O，二者夾角θ=30°，在MO左側存在電場強度為E、方向豎直向下的勻強電場，MO右側某個區域存在磁感應強度為B、垂直紙面向里的勻強磁場，O點處在磁場的邊界上．現有一群質量為m、電量為+q的帶電粒子在紙面內以不同的速度（0≤v≤）垂直于MO從O點射入磁場，所有粒子通過直線MO時，速度方向均平行于PQ向左．不計粒子的重力和粒子間的相互作用力；求：

（1）粒子在磁場中的運動時間．

（2）速度最大的粒子從O開始射入磁場至返回水平線POQ所用時間．

（3）磁場區域的最小面積．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【詳解】

帶正電的微粒a在紙面內做勻速圓周運動，必有

帶正電的微粒b向右做勻速直線運動，電場力豎直向上，左手定則判斷洛倫茲力豎直向上，重力豎直向下，平衡條件得

得

帶正電的微粒c向左做勻速直線運動，電場力豎直向上，左手定則判斷洛倫茲力豎直向下，重力豎直向下，平衡條件得

得

則有

故選B。2、B【分析】【詳解】

當氫原子從激發態躍遷到基態時，要輻射能量，故A錯誤；由于每種原子都有自己的特征譜線，故可以根據原子光譜來鑒別物質，故B正確；大量原子從n＝3的激發態向低能級躍遷時，產生的光譜線有種，故C錯誤；由能級公式hν=E2-E1可知，氫原子光譜線的頻率與氫原子能級的能量差有關，故D錯誤．所以B正確，ACD錯誤．3、B【分析】【詳解】

A．一定質量的理想氣體；當溫度保持不變時，氣體內能不變，A錯誤；

B．由于氣體體積減小；外界一定對氣體做了正功，B正確；

CD．在溫度保持不變時，根據玻意耳定律恒量

當體積減小時；壓強一定增大，CD錯誤。

故選B。4、C【分析】【詳解】

電流表的示數為有效值：故A錯誤；由圖知周期T=0.02s，根據故B錯誤；0.01s時線圈產生的感應電動勢最大，說明線框與磁場平行，磁通量為零，故C正確；由圖知0.02s時線框中感應電流最大，說明線框與磁場平行，磁通量為零，故D錯誤．5、C【分析】試題分析：加在原線圈上的電壓，根據電壓比與匝數比關系：所以：．根據輸電線上的電流輸電線上消耗的功率．故C正確；ABD錯誤．故選C。

考點：變壓器；遠距離輸電。

【名師點睛】此題是關于遠距離輸電問題；解決本題的關鍵注意電壓有效值的使用及變壓器的特點，輸入功率等于輸出功率，電壓比等于匝數比。6、B【分析】【詳解】

AB．將兩極板的距離拉開一些，由于電勢差不變，d變大，則根據

知；電場強度變小，電場力減小，油滴向下加速，故A錯誤，B正確；

CD．根據

得，d變大，則電容變小，U不變，根據Q=CU

知，電荷量減小，則電流計中的電流由a流向b；故CD錯誤。

故選B。7、A【分析】波長越長越容易發生衍射；次聲波的波長比超聲波的波長長，故次聲波比超聲波更容易發生明顯的衍射現象，故A正確．海嘯發生時，發出很強的次聲波，狗能接受到次聲波，但人無法接受次聲波，故B錯誤．根據多普勒效應，當聲源相對于觀察者勻速遠離時，觀察者聽到的聲音的音調變低，故C錯誤．產生多普勒效應的原因是觀察者和波源之間發生了相對運動，聲源的頻率沒有變化，是接受到的頻率發生了變化，故D錯誤；故選A．

點睛：本題要注意多普勒效應現象的特點、適用范圍，對于多普勒效應，要知道在波源與觀察者靠近時觀察者接收到的波的頻率變高，而在波源與觀察者遠離時接收頻率變低；即高亢表示遠離，低沉表示靠近．8、A【分析】在家用電器中空調器的功率約為2000W；電冰箱的功率約為200W；電視機的功率約為120W；電風扇的功率約為60W，故A正確，BCD錯誤。二、多選題(共5題，共10分)9、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．三角形面積為

由題意可知，圖線為等溫曲線，由理想氣體狀態方程

則

由于C是常數，溫度T保持不變，則pV相等，兩三角形的面積相等，即

故A正確；

B．從A到B氣體做等溫變化；溫度不變，故氣體的內能不變，故B錯誤；

C．氣體從A到B，體積增大，對外做功，由于內能不變，根據熱力學第一定律

可得氣體吸收熱量；且吸收的熱量等于氣體做的功，故C錯誤；

D．A到B的過程中；溫度不變，分子平均運動速率不變，但是體積變大，分子變稀疏，所以氣體分子單位時間內對器壁單位面積上的碰撞次數減少，故D正確；

故選AD。10、B:D:E【分析】【詳解】

A．氣體總是很容易充滿整個容器；這是分子熱運動的宏觀表現，故A錯誤；

B．從單一熱源吸收熱量；如果有外界參與產生了其他影響時，是可以使之完全變成功的，故選項B正確；

C．溫度高的物體分子平均動能一定大；但分子的平均速度不一定大，故C錯誤；

D．一定質量的理想氣體；如果在某個過程中溫度保持不變而吸收熱量，根據熱力學第一定律，氣體一定對外做功，體積增大；再根據理想氣體狀態方程，溫度不變，體積增大，則在該過程中氣體的壓強一定減小，故D正確；

E．胎內氣體質量一定；溫度不變；則內能不變。在緩慢裝沙過程中，外界對氣體做功，故氣體應向外界放熱，故E正確。

故選BDE。11、A:C【分析】【分析】

【詳解】

熱機在工作時；廢氣會帶走一部分熱量；燃料不可能完全燃燒、克服部件之間的摩擦會消耗能量等，所以熱機的效率不可能達到100%，即總是小于1，故AC正確、BD錯誤．故選AC．

【點睛】

此題關鍵是掌握熱力學第二定律，知道熱機的效率是指用來做有用功的能量與燃料完全燃燒產生的能量之比．由于不可避免地產生熱量的損耗，所以熱機的效率不可能達到100%．12、A:C【分析】【詳解】

從初始至兩棒達到速度相同的過程中，兩棒總動量守恒，有根據能量守恒，整個過程中產生的總熱量故A正確；兩棒速度達到相同后，回路面積保持不變，磁通量不變化，不產生感應電流，兩棒以相同的速度作勻速運動，故B錯誤；設ab棒的速度變為初速度的時，cd棒的速度為v1，則由動量守恒可知：此時回路中的感應電動勢和感應電流分別為此時cd棒所受的安培力所以cd棒的加速度為故C正確；開始時，金屬棒ab在恒力F作用下做加速運動，回路中產生感應電流，金屬棒cd在安培力作用下也將做加速運動，但此時ab的加速度肯定大于cd的加速度，因此速度差將增大．根據法拉第電磁感應定律，感應電流將增大，同時兩桿所受安培力增大，導致cd的加速度增大，ab的加速度減小．但只要ab的加速度大，兩棒的速度差就會繼續增大，所以當兩棒的加速度相等時，速度差最大．此后，兩棒都做加速度相等的勻加速直線運動，故D錯誤．所以AC正確，BD錯誤．13、B:D【分析】【詳解】

A．根據交流電圖像可知，原線圈中交流電壓的有效值為

根據

可知副線圈兩端的電壓為

二極管具有單向導電性，根據電流的熱效應有

解得

即電壓表讀數為A錯誤；

B．滑動變阻器消耗的功率為

B正確；

C．將開關S由1撥到2，同時滑動變阻器滑片向下滑動，根據電壓與匝數成正比，副線圈電壓變小，滑動變阻器電阻變大，輸出功率變小，輸入功率變小，根據

電流表示數將變小；C錯誤；

D．若將二極管用導線短接，半波整流前后，有效值之比為故輸出功率加倍；輸入功率不加倍，電流表示數也不加倍，D錯誤。

故選B。三、填空題(共6題，共12分)14、略

【分析】【詳解】

[1][2]由圖像可知，氣體先從狀態a沿直線變化到狀態b，pV值變大，根據

可知，溫度T升高，氣體內能變大，即?U>0

氣體體積變大，對外做功，即W<0

根據熱力學第一定律可知?U=W+Q

可知Q>0

即氣體吸熱。【解析】升高吸熱15、略

【分析】【詳解】

[1]在a→b過程中，理想氣體等溫變化，內能保持不變，氣體體積變大對外做功，由熱力學第一定律可得，a→b過程中從外界吸收熱量；

[2]根據理想氣體狀態方程可知

整理得

根據V-T圖像斜率的大小可知氣體在狀態c的壓強小于狀態e的壓強。【解析】吸熱小于16、略

【分析】【分析】

【詳解】

如圖所示。

小球第一次碰撞后與角的另一邊的夾角為15°；如下圖所示；

第二次碰后與角的另一邊夾角為25°；可得每一次碰撞后下一次碰與角的一邊的夾角為增加10°，碰撞第8次和第9次，如下圖所示。

可得第9次后與角的邊的夾角為85°；第10次碰后如下圖所示。

可得碰后與角的邊的夾角為75°；每碰撞一次，角度減少10°，當碰撞16次后，如下圖所示。

小碰撞第17次后，路徑沿水平向右，不會再發生碰撞，所以則球與擋板一共會發生17次碰撞。【解析】1717、略

【分析】【分析】

當電鍵S斷開時；滑動變阻器滑片P滑到最上端時，電壓表的示數最大，等于12V，當滑片滑到最下端時，電壓表示數最小，由歐姆定律求出；

當電鍵S閉合時；電壓表示數最大值不變，滑片滑到最下端時，電壓表示數為零；

【詳解】

當電鍵S斷開時，當滑動變阻器滑片P滑到最上端時，電壓表的示數最大，等于12V，滑片滑到最下端時，變阻器與電阻串聯，電壓表示數最小，最小值為即滑動頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由變至

當電鍵S閉合時，滑片P滑到最上端時，電壓表的示數最大，等于12V；

滑片滑到最下端時，電阻R1被短路，電壓表示數為零，即滑動頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由變至．

【點睛】

本題考查對變阻器兩種接法的理解：S斷開時變阻器為限流器，S閉合時，變阻器為分壓器．運用歐姆定律求解電壓范圍．【解析】12612018、略

【分析】【詳解】

由共振曲線可知：當驅動力頻率f=0.5Hz時產生共振現象，則單擺的固有頻率為：f=0.5Hz．由單擺的周期公式有：得：．

由單擺的頻率公式為：得知，當擺長增大時，單擺的固有周期增大，頻率減小，產生共振的驅動力頻率也減小，共振曲線的“峰”向左移動．【解析】1向左移動19、略

【分析】【分析】

由題意可知考查電流表內接；外接對測量電路的影響；根據電路結構特點分析可得．

【詳解】

[1]為了減小實驗誤差，電流表內接、外接的選擇原則：大電阻采用內接法，小電阻采用外接法，Rx約為5Ω；屬于小電阻，故采用電流表外接法，選擇乙電路圖．

[2]因測的電流值大于真實值，由可知計算得到的電阻值小于真實值．

[3]電流表測得電流值大于通過Rx電流值；原因是電壓表的分流作用．

【點睛】

電流表內接法，測得是電流表和待測電阻串聯以后的電阻，測量值大于真實值，當待測電阻較大時選擇內接法．電流表外接法，測得是電壓表和待測電阻并聯以后的電阻，測量值小于真實值，當待測電阻較小時選擇外接法．【解析】乙小于電壓表的分流作用四、作圖題(共3題，共15分)20、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】21、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共28分)23、略

【分析】【分析】

由于沒有電壓表；可以根據題進行改裝，根據通過待測電阻的最大電流選擇電流表，在保證安全的前提下，為方便實驗操作，應選最大阻值較小的滑動變阻器；為準確測量電阻阻值，應測多組實驗數據，滑動變阻器可以采用分壓接法，根據待測電阻與電表內阻間的關系確定電流表的接法，作出實驗電路圖．

【詳解】

（1）螺旋測微器的讀數為游標卡尺讀數為

（2）因為要求電流在0~0.5A范圍內變化，所以電流表選擇由于沒有電壓表，所以需要用電流表改裝，電源電動勢為6V，通過阻值為59Ω的定值電阻和表頭串聯改裝電壓表；滑動變阻器選擇允許通過最大電流為10A的原理圖如圖所示。

②根據歐姆定律和串并聯電路特點得電阻的電壓為電阻絲的電阻表達式【解析】d=3.206(3.205~3.207)5.01524、略

【分析】【詳解】

第一空.單擺在擺角很小的情況下才做簡諧運動；單擺的擺角不能太大，一般不超過5°，否則單擺將不做簡諧運動．故A錯誤．

BC.減小空氣阻力的影響；擺球的直徑應遠小于擺線的長度，選擇密度較大的實心金屬小球作為擺球．故BC正確．

D.擺長等于擺線的長