…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀教版高二物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、兩根通電的長直導線平行放置，電流分別為I1和I2，電流的方向如右圖所示，在與導線垂直的平面上有a、b、c、d四點，其中a、b在導線橫截面連線的延長線上，c、d在導線橫截面連線的垂直平分線上．則導體中的電流在這四點產生的磁場的磁感應強度可能為零的是A.a點B.b點C.c點D.d點2、用不同頻率的紫外線分別照射鎢板和鋅板而產生光電效應，可得到光電子的最大初動能Ek隨入射光的頻率ν變化的Ek-ν圖。已知鎢的逸出功為3.28ev，鋅的逸出功為3.34ev，若將兩者的圖像分別用實線與虛線畫在同一Ek-ν圖上，則下列圖中正確的（）3、一個質點在三個共點力F1、F2、F3的作用下處于平衡狀態；如圖所示．則它們的大小關系是（）

A.F1＞F2＞F3B.F1＞F3＞F2C.F3＞F1＞F2D.F2＞F1＞F34、如圖所示，輕質彈簧豎直放置，下端固定.

小球從彈簧的正上方某一高度處由靜止下落，不計空氣阻力，則從小球接觸彈簧到彈簧被壓縮至最短的過程中()

?A.小球的動能一直減小B.小球的機械能守恒C.彈簧的彈性勢能先增加后減小D.小球的重力勢能一直減小5、如圖所示，ABC

三點都在勻強電場中，已知AC隆脥BC隆脧ABC=60鈭?BC=20cm

若把一個電量q=10鈭?5C

的正電荷從A

移到B

時，電場力不做功；從B

移到C

時，電場力做的功為1.73隆脕10鈭?3J

則該勻強電場的場強的大小和方向是()

A.1000V/m

垂直AB

斜向下B.1000V/m

垂直AB

斜向上C.865V/m

垂直AC

向左D.865V/m

垂直AC

向右6、一磁感應強度為B的勻強磁場，方向水平向右，一面積為S的矩形線圈abcd如圖所示放置，平面abcd與豎直方向成θ角，則穿過線圈平面的磁通量為（）A.0B.BSC.BScosθD.BSsinθ7、一個彈簧振子沿x

軸做簡諧運動，取平衡位置O

為x

軸坐標原點。從某時刻開始計時，經過四分之一的周期，振子具有沿x

軸正方句的最大加速度。能正確反映振子位移x

與時間；關系的圖像是()

A.B.C.D.評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)8、在光電效應實驗中，某金屬的截止頻率相應的波長為λ0，該金屬的逸出功為________．若用波長為λ(λ<λ0)的單色光做該實驗，則其遏止電壓為________．已知電子的電荷量、真空中的光速和普朗克常量分別為e、c和h。9、如圖是某正弦式交變電流的圖象，則此正弦式交變電流的頻率為____Hz，電流的有效值為____A．

10、人類認識原子結構和開發利用原子能經歷了十分曲折的過程．請按要求回答下列問題．

盧瑟福；玻爾、查德威克等科學家在原子結構或原子核的研究方面做出了卓越的貢獻．

請選擇其中的兩位；指出他們的主要成績．

①____．②____．11、傳感器是把非電學量(如速度、溫度、壓力等)的變化轉換成電學量的變化的一種元件，在自動控制中有著相當廣泛的應用．有一種測量人的體重的電子秤，其測量部分的原理圖如圖中的虛線框所示，它主要由壓力傳感器R(電阻值會隨所受壓力大小發生變化的可變電阻)、顯示體重大小的儀表A(實質是理想的電流表)組成．壓力傳感器表面能承受的最大壓強為1×107Pa，且已知壓力傳感器R的電阻與所受壓力的關系如下表所示．設踏板和壓桿的質量可以忽略不計，接通電源后，壓力傳感器兩端的電壓恒為4.8V，取g＝10m/s2.請回答：。壓力F/N0250500750100012501500電阻R/Ω300270240210180150120(1)該秤零起點(即踏板空載時)的刻度線應標在電流表刻度盤_______A處．(2)如果某人站在該秤踏板上，電流表刻度盤的示數為20mA，則這個人的體重是______kg.12、電磁波在真空中的傳播速度是____m/s．有一按正弦規律變化的交變電流u=200sin100πt（V），其電壓的最大值是____V，電壓的有效值是____V．13、(1)

在“探究單擺周期與擺長的關系”的實驗中，測量單擺的周期時，圖中________(

填“甲”“乙”或“丙”)

作為計時開始與終止的位置更好些．

(2)

如圖所示，在用可拆變壓器“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數的關系”的實驗中，下列說法正確的是________(

填字母)

．

A.用可拆變壓器，能方便地從不同接線柱上選取不同匝數的線圈B.測量原、副線圈的電壓，可用“測定電池的電動勢和內阻”實驗中的直流電壓表C.原線圈接08

接線柱，副線圈接04

接線柱、副線圈電壓大于原線圈電壓D.為便于探究，先保持原線圈匝數和電壓不變，改變副線圈的匝數，研究其對副線圈電壓的影響評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)14、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）15、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

16、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

17、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）18、處于靜電平衡狀態的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）19、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

20、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

21、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、畫圖題(共2題，共20分)22、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規律如圖所示.若規定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象23、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規律如圖所示.若規定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象評卷人得分五、簡答題(共2題，共6分)24、rm{(1)}甲醇質子交換膜燃料電池中將甲醇蒸氣轉化為氫氣的一種原理是rm{CH_{3}OH(g)}和rm{H_{2}O(g)}反應生成rm{CO_{2}}和rm{H_{2}}下圖是該過程中能量變化示意圖，若在反應體系中加入催化劑，反應速率增大，正反應活化能rm{a}的變化是________rm{(}填“增大”、“減小”或“不變”rm{)}反應熱rm{婁隴H}的變化是__________rm{(}填“增大”、“減小”或“不變”rm{)}請寫出反應進程rm{CH}的變化是________rm{a}填“增大”、“減小”或“不變”rm{(}反應熱rm{)}的變化是__________rm{婁隴H}填“增大”、“減小”或“不變”rm{(}請寫出反應進程rm{)}rm{CH}rm{{,!}_{3}}和rm{OH(g)}和rm{H}rm{OH(g)}rm{H}反應的熱化學方程式__________________。rm{{,!}_{2}}

rm{O(g)}反應的熱化學方程式__________________。以rm{O(g)}燃料電池為電源電解法制取二氧化氯rm{(2)}為一種黃綠色氣體，是國際上公認的高效、廣譜、快速、安全的殺菌消毒劑。rm{CH_{3}OH}燃料電池放電過程中，通入rm{ClO_{2}}的電極附近溶液的rm{(ClO_{2})}________rm{壟脵CH_{3}OH}填“增大”、“減小”或“不變”rm{O_{2}}負極反應式為___________。rm{pH}下圖中電解池用石墨作電極，在一定條件下電解飽和食鹽水制取rm{(}陽極產生rm{)}的反應式為___________。

rm{壟脷}電解一段時間，從陰極處收集到的氣體比陽極處收集到氣體多rm{ClO_{2}}時rm{ClO_{2}}標準狀況，忽略生成的氣體溶解rm{壟脹}停止電解，通過陽離子交換膜的陽離子為________rm{6.72L}rm{(}25、rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{W}為短周期元素且原子序數依次增大。rm{X}的一種氣態氫化物rm{m}可用來焊接或切割金屬，且該分子所有原子在一條直線上。rm{Y^{2-}}的rm{L}能層的原子軌道為全滿狀態。rm{Z}的單質用作鋁熱反應的引燃劑。rm{W}的質量數為rm{37}中子數為rm{20}與rm{X}形成的化合物是一種常見的有機溶劑rm{n}。rm{A}為第四周期元素，其基態原子含有rm{6}個未成對電子。請回答下列問題：rm{(1)X}在元素周期表中的位置是_____________。rm{(2)A^{3+}}的外圍電子排布式是______________。rm{(3)X}rm{Y}rm{Z}形成的晶胞結構示意圖如右，則它的化學式是_________。rm{(}用化學式表示rm{)}rm{(4)m}分子中，rm{X}的原子軌道雜化類型是_________，rm{n}的分子構型是_______________。rm{(5)}氣體rm{m}和含rm{A_{2}Y}的酸性溶液，可通過惰性電極連接構成高能原電池，該電池的正極反應式是_____________________________。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A|B【分析】【解析】試題分析：由安培定則確定兩電流在圖示各點所產生的磁場方向，若方向相反，磁感應強度可能為0，否則不可．【解析】

兩電流在ab點B的方向相反．因不知道兩電流的大小關系，所以該兩點的磁感應強度可能為零．故選：AB考點：磁感應強度．【解析】【答案】AB2、A【分析】【解析】【答案】A3、C【分析】解答：因為質點在三個共點力F1、F2、F3的作用下處于平衡狀態；所以將三力首尾相連組成一封閉三角形，如圖所示：

根據數學知識三角形中大角對大邊，即得出F3＞F1＞F2；

所以選項ABD錯誤；C正確．

故選C

分析：此題只要掌握共點力平衡的條件，并運用三力平衡三角形即可解決．4、D【分析】本題考查了動能、重力勢能、彈性勢能、牛頓第二定律及機械能守恒的條件。選項AA，由牛頓第二定律可以判定，小球先做加速度不斷減小的加速運動，后做加速度不斷增大的減速運動。由于小球先加速下落再減速下落，動能應先增大后減小，故選項AA錯誤；選項BB，從小球接觸彈簧到將彈簧壓縮至最短的過程中，小球減少的重力勢能最終轉化成了彈簧的彈性勢能，故整個過程中小球的機械能不守恒，故選項BB錯誤；選項CC，從小球接觸彈簧到彈簧被壓縮至最短的過程中，彈簧的彈性勢能始終增加，故選項CC錯誤；選項DD，從小球接觸彈簧到彈簧被壓縮至最短的過程中，小球的重力勢能始終在減小，減小的重力勢能轉化成了彈簧的彈性勢能，故選項DD正確。故選DD。解決本題的關鍵是要認真分析小球接觸彈簧到將彈簧壓縮至最短的過程中，小球的運動情況。【解析】D

5、B【分析】解：正電荷從A

移到B

電場力做功為零，則由電場力做功的特點可知，AB

兩點電勢相等，故AB應為等勢面；

因電場線與等勢面相互垂直；故過C

做AB

的垂線，一定是電場線；

因從B

到C

由W=Uq

可知，BC

兩點的電勢差：U=Wq=1.73隆脕10鈭?310鈭?5V=173V

即C

點電勢低于B

點的電勢；故電場線垂直于AB

斜向上；

BC

間沿電場線的距離：d=BCsin60=0.173m

由E=Ud

可知電場強度為：E=1730.173V/m=1000V/m

故選：B

．

由題意可知AB

兩點電勢相等；則可知AB

為等勢面，由電場線可等勢面的關系可知電場線；由電場力做功可求得BC

兩點的電勢差，則可確定電場線的方向，由U=Ed

可求得電場強度．

解決本題關鍵要掌握：電場線與等勢面相互垂直，而且電場線由是由高電勢指向低電勢；勻強電場中U=Ed

中的d

應為沿電場方向的有效距離．【解析】B

6、C【分析】解：矩形線圈abcd如圖所示放置，勻強磁場方向水平向右，平面abcd與豎直方向成θ角，將此時通過線圈的磁通量為Φ1=BScosθ．

故選：C．

圈在勻強磁場中；當線圈平面與磁場方向垂直時，穿過線圈的磁通量Φ=BS，B是磁感應強度，S是線圈的面積．當線圈平面與磁場方向平行時，穿過線圈的磁通量Φ=0，若既不垂直，也不平行，則可分解成垂直與平行，根據Φ=BSsinθ（θ是線圈平面與磁場方向的夾角）即可求解．

對于勻強磁場中磁通量的求解，可以根據一般的計算公式Φ=BSsinθ（θ是線圈平面與磁場方向的夾角）來分析線圈平面與磁場方向垂直、平行兩個特殊情況．注意夾角θ不是磁場與線圈平面的夾角，同時理解磁通量不是矢量，但注意分清正面還是反面通過線圈．【解析】【答案】C7、A【分析】回復力：F=鈭?kxF=-kx牛頓第二定律公式：a=F/ma=F/m；得到加速度的一般表達式后，再進行討論即可。A、回復力：F=鈭?kx

，加速度：a=Fm

故有a=鈭?kmx

經14

周期振子具有正方向的最大加速度；故結合上述公式得到：此時振子有負方向的最大位移，A

圖符合，故A正確；

B、經14

周期振子位移為零；故B錯誤；

C、經14

周期振子位移正向最大；故C錯誤；

D、經14

周期振子位移為零；故D錯誤。

故選A。本題關鍵是根據回復力公式和加速度公式得到加速度與位移關系式，然后逐項討論。【解析】A

二、填空題(共6題，共12分)8、略

【分析】試題分析：若金屬的截止頻率相應的波長為λ0，該金屬的逸出功為若用波長為λ(λ<λ0)的單色光做該實驗，則逸出光電子的最大初動能其遏止電壓滿足解得考點：此題考查光電效應方程。【解析】【答案】；9、505【分析】【解答】由圖可知，該交流電的電流最大值為A，周期為0.02s；

所以有有效值：I==5A；

頻率：f=1/0.02=50Hz．

故答案為：50；5

【分析】根據圖象可讀出該交流電的周期和最大值，然后根據頻率和周期，最大值與有效值的關系可直接求解．10、玻爾提出玻爾的原子模型查德威克發現中子【分析】【解答】盧瑟福提出了原子的核式結構模型（或其他成就）

玻爾把量子理論引入原子模型；并成功解釋了氫光譜（或其他成就）

查德威克發現了中子（或其他成就）．

故答案為：①玻爾提出玻爾的原子模型；②查德威克發現中子．

【分析】可根據物理學史上物理學家的貢獻作答即可．11、略

【分析】【解析】試題分析：知道壓力為0（或500N），通過表中信息可以得出電阻大小，利用歐姆定律可以求電流，利用好杠桿平衡條件．【解析】

（1）當踏板空載時，由表中數據知，R=300Ω，（2）當電流為20mA時，壓力傳感器的電阻為分析表中的數據可以看出，壓力隨電阻的變化是線性的，設此時的壓力為F2列比例關系有解得，F2=100N．設人的體重為G，根據杠桿的平衡條件得，F2?AO=G?BO解得，考點：歐姆定律的應用；杠桿的平衡條件；電流表的使用．【解析】【答案】(1)1.6×10－2(2)5012、3×108200200【分析】【解答】電磁波在真空中的傳播速度是3×108m/s；

由電壓瞬時表達式可知，該交流電的電壓最大值為Um=V；

所以有效值為：U==200V；

故答案為：3×108；200，200．

【分析】電磁波在真空中的傳播速度是3×108m/s；

根據表達式可知交流電的最大值，及正弦式交流電，然后進一步求解有效值等．13、（1）乙（2）AD【分析】【分析】(1)

在擺球經過最低點開始計時；產生的時間誤差較小；

(2)

可拆變壓器能方便選取不同匝數的線圈；變壓器只能改變交流電壓；因此實驗中用交流電壓表；原副線圈電壓與匝數成正比；探究副線圈電壓與匝數關系用控制變量法。

本題考查了單擺周期的實驗操作和變壓器實驗操作的注意事項，注意能從減小測量誤差的角度，理解并掌握實驗要求。【解答】(1)(1)應在擺球通過平衡位置開始計時：因為擺球經過平衡位置時速度最大，在相同的空間尺度產生的時間誤差相對較小，測量的周期較準確，故選乙(2)AD.(2)AD.變壓器的輸出電壓跟輸入電壓以及原副線圈匝數之比都有關，因此需要用可拆卸的變壓器研究，故AD正確；

B.變壓器只能對交變電流的電壓有作用，不能用直流電壓表，故B錯誤；

C.根據原、副線圈匝數之比等于輸入、輸出電壓之比可知，原線圈接0088副線圈接0044那么副線圈的電壓小于原線圈電壓，故C錯誤。

故選AD。

故答案為：(1)(1)乙(2)AD(2)AD

【解析】(1)

乙(2)AD

三、判斷題(共8題，共16分)14、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．15、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．16、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據W=qU判斷電場力做功的大小，根據電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．17、A【分析】【解答】解：根據電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．18、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．19、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．21、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據W=qU判斷電場力做功的大小，根據電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．四、畫圖題(共2題，共20分)22、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應定律，當磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應電動勢、感應電流恒定不變【解析】【答案】23、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應定律，當磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應電動勢、感應電流恒定不變【解析】【答案】五、簡答題(共2題，共6分)24、（1）減小不變CH3OH（g）+H2O（g）=CO2（g）+3H2（g）△H=+（a-b）kJ/mol

（2）①增大CH3OH-6e-+8OH-=CO32-+6H2O

②Cl--5e-+2H2O=4H++ClO2↑

③1【分析】【分析】本題主要是考查反應熱的計算、蓋斯定律應用及電化學原理的應用，注意原電池和電解池的原理分析和電極反應書寫，題目難度中等。【解答】rm{(1)}催化劑降低反應的活化能，加快反應速率，即rm{a}減小，但催化劑不能改變活化能，即反應熱rm{triangleH}不變，反應能量圖中生成物的總能量大于反應物的總能量，則為吸熱反應，由圖可知，rm{1mol}甲醇和rm{1mol}水蒸氣反應生成rm{CO_{2}}和氫氣吸收的熱量為rm{(a-b)kJ}反應熱化學方程式為：rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangleH=+(a-b)kJ/mol}故答案為：減小；不變；rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangleH=+(a-b)kJ/mol}

rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangle

H=+(a-b)kJ/mol}燃料電池放電過程中，通入rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangle

H=+(a-b)kJ/mol}的電極是正極，氧氣得到電子轉化為氫氧根，則附近溶液的rm{(2)壟脵CH_{3}OH}增大，電解質為rm{O_{2}}榮譽，則負極反應為rm{pH}，故答案為：增大；rm{KOH}

rm{CH_{3}OH-6e^{-}+8OH^{-}=CO_{3}^{2-}+6H_{2}O}電解池中陽極失去電子，則陽極氯離子放電，產生rm{CH_{3}OH-6e^{-}+8OH^{-}=CO_{3}^{2-}+6H_{2}O}的反應式為：rm{壟脷}故答案為：rm{ClO_{2}}

rm{Cl^{-}-5e^{-}+2H_{2}O=4H^{+}+ClO_{2}隆眉}電解一段時間，從陰極處收集到的氣體比陽極處收集到氣體多rm{Cl^{-}-5e^{-}+2H_{2}O=4H^{+}+ClO_{2}隆眉}時rm{壟脹}標準狀況，忽略生成的氣體溶解rm{6.72L}多出的氣體是氫氣，物質的量rm{=dfrac{6.72L}{22.4L/mol}=0.3mol}設陽極產生的氣體是rm{(}則根據電子得失守恒可知rm{)}解得rm{=dfrac{6.72L}{22.4L/mol}=0.3mol

}即轉移rm{xmol}電子，鈉離子通過陽離子交換膜，所以通過陽離子交換膜的陽離子為rm{5x=(0.3+x)隆脕2}故答案為：rm{x=0.2}

rm{1mol}【解析】rm{(1)}減小不變rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangleH=+(a-b)kJ/mol}rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangle

H=+(a-b)kJ/mol}增大rm{(2)壟脵}rm{CH_{3}OH-6e^{-}+8OH^{-}=CO_{3}^{2-}+6H_{2}O}rm{壟脷Cl^{-}-5e^{-}+2H_{2}O=4H^{+}+ClO_{2}隆眉}rm{壟脹1}25、rm{(1)}第二周期Ⅳrm{A}族

rm{(2)3d^{3}}

rm{(3)MgCO_{3}}

rm{(4)sp}雜化正四面體

rm{(5)Cr_{2}O_{7}^{2-}+14H^{+}+6e^{-}=2Cr^{3+}+7H_{2}O}【