…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版高三物理下冊階段測試試卷303考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、下列敘述正確的是（）A.起電的實質是改變原來物質結構，產生新電荷B.元電荷是指帶電量為1.6×10-19C的電子或質子C.庫侖測定了電子所帶電量的值，為了紀念他，所以電量單位是庫倫D.在任何情況下，只要系統與外界沒有電荷交換，電荷的代數和就不變2、一個帶電粒子，沿垂直于磁場的方向射入一勻強磁場，粒子的一段徑跡如圖所示，徑跡上的每一小段可近似看成圓弧．由于帶電粒子使沿途的空氣電離，粒子的能量逐漸減小（帶電量不變）．從圖中可以確定（）A.粒子從a到b，帶正電B.粒子從b到a，帶正電C.粒子從a到b，帶負電D.粒子從b到a，帶負電3、第九屆全國少數民族傳統體育運動會于2011年9月10日在貴州省貴陽市舉辦．民族運動會上有一個騎射項目，運動員騎在奔馳的馬背上，彎弓放箭射擊側向的固定目標．假設運動員騎馬奔馳的速度為v1，運動員靜止時射出的弓箭速度為v2．跑道離固定目標的最近距離為d．要想在最短的時間內射中目標，下列說法正確的是（）A.運動員放箭處離目標的距離為B.運動員放箭處離目標的距離為C.箭射到靶的最短時間為D.箭射到靶的最短時間為4、關于天然放射現象，以下敘述正確的是（）A.若使某放射性物質的溫度升高，其半衰期將減小B.β衰變所釋放的電子是原子核外的電子電離形成的C.在α、β、γ這三種射線中，γ射線的穿透能力最強，α射線的電離能力最強D.鈾核（）衰變為鉛核（Pb）的過程中，要經過8次α衰變和10次β衰變5、．如圖所示，有一半圓形玻璃磚，Ⅰ、Ⅱ兩束不同頻率的單色光從玻璃磚底邊平行射入，a、b為入射點（均在玻璃磚底邊圓心O的左側），兩束光進入玻璃磚后一起射到點，垂直底邊，下列說法正確的是（）A.從點射出的一定是一束復色光B.若兩束光為紅光和藍光，則從a點入射的是藍光C.若增大兩束光的入射角，則Ⅱ光將先發生全反射D.若將Ⅰ光的入射點a左移一點，則兩束平行光的出射光線也一定平行6、在物理學理論建立的過程中，有許多偉大的科學家做出了貢獻．關于科學家和他們的貢獻，下列說法正確的是（）A.英國科學家玻意爾發現了氣體的壓強與溫度的關系，稱為玻意耳定律B.法國科學家查理直接發現了在任何情況下理想氣體的壓強與熱力學溫度成正比C.伽利略發現了單擺的周期公式D.英國植物學家布朗在觀察花粉運動時發現了分子無規則運動評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)7、原、副線圈匝數比n1：n2=5：1的一臺理想變壓器，接在100V的交流電源上，副線圈接有10Ω的負載電阻，則副線圈的輸出電壓為____V；通過負載電阻的電流為____A．8、電荷的周圍存在著電場，電場的基本性質是對放入其中的電荷____，電荷間的相互作用是通過____發生的．9、（2016?閔行區二模）如圖甲所示，某同學在水平面上用水平力拉一質量為1kg的物塊，使物塊由靜止開始運動．該同學測得不同時刻物塊的速度v和拉力F，并繪出v-圖象（圖乙），其中線段AB與v軸平行，所用時間為2s，線段BC的延長線過原點，所用時間為4s，v2為物塊能達到的最大速度，此后物塊的速度和拉力保持不變．不計空氣阻力，則2s末（B點）拉力的功率為____W，這6s內物塊的位移為____m．10、一輛載滿乘客的客機由于某種原因緊急著陸，著陸時的加速度大小為6m/s2，著陸前的速度為60m/s，問飛機著陸后12s內滑行的距離為多大____？11、文登天沐溫泉利用地熱水供房間洗浴用水，請計算質量為100Kg的地熱水，溫度從70℃降低到50℃，放出的熱量是____J．這是通過____方式改變了水的內能．12、在甲、乙、丙三種固體薄片上涂上石蠟，用燒熱的針接觸其上一點，石蠟熔化的范圍如圖中（1）、（2）、（3）所示，而甲、乙、丙三種固體在熔化過程中溫度隨加熱時間變化的關系如圖（4）所示，由此可判斷出甲、乙、丙分別為____、____、____．（選填“單晶體”；“多晶體”、“非晶體”）

13、（1）在“探究小車速度隨時間變化規律“的實驗中，下列說法正確的是____

A．電火花計時器正常工作時；其打點的周期取決于交流電壓的高低。

B．電火花計時器應接在10V以下的交流電源上才能正常工作。

C．打點計時器連續工作時間很短；應注意打點之后要立即關閉電源。

D．開始實驗時；應先接通電源，后釋放小車。

（2）某同學在實驗中，由打點計時器得到表示小車運動過程的一條清晰紙帶如圖1所示，紙帶上兩相鄰計數點的時間間隔為T=0.10s，其中S1=7.05cm、S2=7.68cm、S3=8.33cm、S4=8.95cm、S5=9.61cm、S6=10.26cm，則D點處瞬時速度大小是____m/s，計算小車運動加速度的表達式為____，加速度大小是____m/s2（計算結果保留兩位有效數字）．

（3）另一同學利用氣墊導軌測定滑塊的加速度，滑塊上安裝了寬度為3.0cm的遮光條，如圖2所示，滑塊在牽引力作用下先后勻加速通過兩個光電門，配套的數字毫秒計記錄了遮光條通過第一個光電門的時間為△t1=0.30s，通過第二個光電門的時間為△t2=0.10s，遮光條從開始遮住第一個光電門到開始遮住第二個光電門的時間為△t=4.0s．試估算：滑塊經過第一個光電門時的速度大小v1=____m/s；在滑動過程中，滑塊的加速度大小a=____m/s2．14、（2005?浦東新區二模）如圖所示為“研究有固定轉動軸物體的平衡條件”實驗，力矩盤上各同心圓的間距相等．在A、B兩點分別用細線懸掛若干鉤碼，C點掛上彈簧秤后力矩盤平衡．已知每個鉤碼所受的重力均為1N，此時彈簧秤示數為____N，B點細線上懸掛的鉤碼個數為____個．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)15、x-t圖象描述了物體的位移隨時間的變化規律．____．（判斷對錯）16、10個分子的動能和分子勢能的總和就是這10個分子的內能．____．（判斷對錯）17、描述物體的運動時，只能選擇靜止的物體作為參考系．____．（判斷對錯）18、一定質量的理想氣體內能的大小只與溫度有關____（判斷對錯）19、在磁場中，粒子的比荷之比與軌道半徑之比成反比____（判斷對錯）20、沒有施力物體的力有可能存在．____（判斷對錯）21、根據公式v=ωr可知，若角速度增大一倍，則線速度也增大一倍．____．22、幾個不同阻值的電阻并聯后，其總電阻等于各電阻之和．____．（判斷對錯）23、因為汽車剎車時的速度越大滑的越遠，所以速度大的物體慣性大．____（判斷對錯）評卷人得分四、計算題(共3題，共18分)24、如圖所示，上端固定有彈射裝置的小車靜止在粗糙水平地面上，小車和彈射裝置的總質量M=0.95kg，彈射裝置中放有兩個質量均為m=50g的小球，彈射裝置把小球一個一個地向左水平彈射出，每個小球被彈出時相對地面的速度v0=10m/s，每次彈射都在小車靜止的情況下進行，已知小車運動時受到的阻力為小車對地面壓力的0.2倍，忽略小球的彈射時間，重力加速度g取10m/s2，求小車向右運動的最大距離．25、【題文】某研究性學習小組為了制作一種傳感器；需要選用一電器元件。圖為該電器元件的伏安特性曲線，有同學對其提出質疑，先需進一步驗證該伏安特性曲線，實驗室備有下列器材：

。器材（代號）

規格。

電流表（A1）

電流表（A2）

電壓表（V1）

電壓表（V2）

滑動變阻器（R1）

滑動變阻器（R2）

直流電源（E）

開關（S）

導線若干。

量程0~50mA，內阻約為50

量程0~200mA，內阻約為10

量程0~3V，內阻約為10k

量程0~15V，內阻約為25k

阻值范圍0~15允許最大電流1A

阻值范圍0~1k允許最大電流100mA

輸出電壓6V；內阻不計。

①為提高實驗結果的準確程度，電流表應選用____；電壓表應選用____；滑動變阻器應選用____。（以上均填器材代號）

②為達到上述目的；請在虛線框內畫出正確的實驗電路原理圖，并標明所用器材的代號。

③若發現實驗測得的伏安特性曲線與圖中曲線基本吻合；請說明該伏安特性曲線與小電珠的伏安特性曲線有何異同點？

相同點________；

不同點________。26、【題文】如圖所示，質量為m，阻值為R的導體棒ab垂直放在光滑足夠長的U形導軌的底端，U形導軌的頂端連接一個阻值為R的電阻，導軌平面與水平面成角，整個裝置處在與導軌平面垂直的勻強磁場中．現給導體棒沿導軌向上的初速度在導體棒上升到最高點的過程中電阻上產生了的熱量，返回過程中，導體棒在到達底端前已經做勻速運動，速度大小為．導軌電阻不計；重力加速度為g．求：

(1)導體棒從開始運動到返回底端的過程中；回路中產生的電熱；

(2)導體棒上升的最大高度．

(3)導體棒在底端開始運動時的加速度大小；評卷人得分五、畫圖題(共2題，共14分)27、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經7s時的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）28、在圖示中，物體A處于靜止狀態，請畫出各圖中A物體所受的彈力．評卷人得分六、證明題(共3題，共15分)29、如圖所示，一列平面波朝著兩種介質的界面傳播，A1A2是它在介質I中的一個波面，C1和C2位于兩種介質的界面上，B1B2是這列平面波進入介質II后的一個波面；A1C1和A2C2是它的兩條波線，入射角為θ1，折射角為θ2，波在I、Ⅱ介質中的傳播速度分別為v1和v2．

（1）試根據惠更斯原理證明：；

（2）若已知θ1=53°（sin53°=0.8），A1A2的長度為0.6m，介質I和介質II中的波速之比為v1：v2=4：3，則：A1C1B1與A2C2B2的長度相差多少？30、宇航員駕駛一飛船在靠近某行星表面附近的圓形軌道上運行，已知飛船運行的周期為T，行星的平均密度為ρ．試證明ρT2=k（萬有引力恒量G為已知，k是恒量）．31、如圖所示，細繩系一小球（如圖甲所示）或軌道內側的小球（如圖乙所示）在豎直面內做圓周運動，在最高點時的臨界狀態為只受重力作用，則有mg=m，故小球能通過最高點的臨界速度v=．

試證明小球在最高點時：

（1）v=；拉力或壓力為零；

（2）v＞；小球受向下的拉力或壓力作用；

（3）v＜；小球不能到達最高點．

即輕繩模型的臨界速度為v臨=．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】電荷是守恒的，不會產生和消失，元電荷是最小的電荷量，電子的電量由密立根測量．【解析】【解答】解：A；起電的實質是電荷的轉移；則A錯誤。

B；元電荷是最小的電荷量；不是粒子，則B錯誤。

C；電子的電量由密立根測定；則C錯誤。

D；電何守恒；則D正確。

故選：D2、B【分析】【分析】根據粒子在磁場中運動的半徑公式r=來分析粒子的運動的方向，在根據左手定則來分析電荷的性質．【解析】【解答】解：由于帶電粒子使沿途的空氣電離，粒子的能量逐漸減小，速度逐漸減小，根據粒子在磁場中運動的半徑公式r=可知；粒子的半徑逐漸的減小；

所以粒子的運動方向是從b到a；再根據左手定則可知，粒子帶正電，所以B正確．

故選：B．3、C【分析】【分析】運動員放出的箭既參與了沿馬運行方向上的勻速直線運動，又參與了垂直于馬運行方向上的勻速直線運動，當放出的箭垂直于馬運行方向發射，此時運行時間最短，根據t=求出最短時間，根據分運動和合運動具有等時性，求出箭在馬運行方向上的距離，根據運動的合成，求出運動員放箭處離目標的距離．【解析】【解答】解：A、最短時間為t=，則箭在沿馬運行方向上的位移為x=v1t=，所以放箭處距離目標的距離為s=．故A錯誤；B也錯誤．

C、當放出的箭垂直于馬運行方向發射，此時運行時間最短，所以最短時間t=．故C正確；D錯誤．

故選：C．4、C【分析】【分析】正確解答本題需要掌握：正確理解半衰期的含義；β衰變的實質以及α、β、γ這三種射線特點；根據質量數和電荷數守恒正確書寫衰變方程．【解析】【解答】解：A；半衰期由元素本身決定；與元素所處物理、化學環境無關，故A錯誤；

B；β衰變的實質是原子核的一個中子變為質子同時釋放一個電子；故B錯誤；

C；根據α、β、γ三種射線性質可知；γ射線的穿透能力最強，α射線的電離能力最強，故C正確；

D、23892U的質子數為92，中子數為146，20682Pb的質子數為82；中子數為124，因而鉛核比鈾核少10個質子，22個中子，注意到一次α衰變質量數減少4，故α衰變的次數為x=238-206=8次，再結合核電荷數的變化情況和衰變規律來判定β衰變的次數y應滿足2x-y+82=92，y=2x-10=6次，故D錯誤．

故選C．5、A【分析】試題分析：根據折射定律可以知道，兩束光線射出時的折射角是相同的，沿同一方向射出，所以是復色光，A正確；兩束光在空氣中射入玻璃，空氣中的入射角相同，玻璃中a的折射角大于b的折射角，有折射定律的b光線的折射率大于a光線的折射率，B錯誤；若增大兩束光的入射角，兩束光線都不會發生全反射，C錯誤；若將Ⅰ光的入射點a左移一點，兩束光線不會交于一點，故射出時不平行，D錯誤。考點：光的折射和全反射【解析】【答案】A6、B【分析】【分析】根據物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可．【解析】【解答】解：A；在溫度不變的情況下；氣體的壓強和體積成反比的關系，稱為玻意耳定律，故A錯誤；

B；法國科學家查理直接發現了在任何情況下理想氣體的壓強與熱力學溫度成正比；故B正確；

C；惠更斯發現了單擺的周期公式；故C錯誤；

D；英國植物學家布朗在觀察花粉運動時發現了發現布朗運動；布朗運動的是指懸浮在液體中的顆粒所做的無規則運動的運動，故D錯誤；

故選：B．二、填空題(共8題，共16分)7、202【分析】【分析】原副線圈的電壓比等于匝數之比，電流比等于匝數之反比，原線圈的電壓決定副線圈的電壓，副線圈的電流決定原線圈的電流，變壓器的輸入功率等于輸出功率．【解析】【解答】解：根據電壓與匝數成正比知副線圈電壓U==20V，通過負載的電流I==2A．

故答案為：20，28、產生力的作用電場【分析】【分析】帶電體周圍存在著一種特殊物質，這種物質叫電場，其基本性質是對放入電荷有電場力的作用，而電荷間的相互作用就是通過電場發生的．【解析】【解答】解：帶電體周圍就存在著一種特殊形態的物質；這種物質叫電場．基本性質是對放入電荷有電場力的作用，而電荷不接觸也能發生作用，是電場發生的．

故答案為：產生力的作用；電場．9、7.6815.5【分析】【分析】當速度取最大值時，牽引力等于阻力，求出阻力大小，線段AB與v軸平行，說明AB階段牽引力不變，物體做勻加速運動，根據運動學基本公式可以求出加速度，再根據牛頓第二定律可以求牽引力，拉力的功率P=Fv．根據勻加速直線運動基本公式及動能定理即可求解6s內的位移．【解析】【解答】解：C點速度最大；此時牽引力等于阻力，則：f=F=2N

AB階段牽引力不變，物體做勻加速運動，則：a=

根據牛頓第二定律得：a=

解得：F=3.2N

所以2s末（B點）拉力的功率為：P=Fv=7.68W

因為BC為直線，且沿長線過原的，即動力F恒功率輸出，PB=PC；

當牽引力等于阻力時，速度最大，則：m/s

前2s的位移：=2.4m

從B到C的過程中運用動能定理得：Pt2-fs2=-

解得：s2=13.1m

所以6s內的位移為s=s1+s2=15.5m

故答案為：7.68，15.510、300m【分析】【分析】先求出飛機著陸后經過多長時間停止，因為飛機停止后不再與運動，然后根據勻變速運動的位移時間公式x=v0t+at2，求出飛機在12內滑行的距離．【解析】【解答】解：飛機著陸后到停止所需的時間t0==s=10s＜12s．

所以飛機在12內的位移等于10s內的位移．

則位移x=v0t0+at02=60×10-×6×100m=300m．

故本題答案為：300m．11、8.4×106熱傳遞【分析】【解答】水放出的熱量：Q放=cm△t

=4.2×103J/（Kg?℃）×100Kg×（70﹣50）℃

=8.4×106J；

利用地熱水供房間洗浴用水；是通過熱傳遞的方式改變了水的內能．

故答案為：8.4×106；熱傳遞．

【分析】本題中知道水的質量、水的比熱容、水的初溫和末溫，利用放熱公式Q放=cm△t求水放出的熱量；

改變物體內能的方法：一是做功，二是熱傳遞，熱傳遞過程屬于內能的轉移過程．12、多晶體非晶體單晶體【分析】【解答】單晶體是各向異性的；熔化在晶體表面的石蠟是橢圓形．非晶體和多晶體是各向同性，則熔化在表面的石蠟是圓形，因此丙為單晶體，甲；乙可能是多晶體與非晶體；

根據溫度隨加熱時間變化的關系；可知，甲；丙為晶體，乙是非晶體．

故答案為：多晶體；非晶體，單晶體。

【分析】單晶體是各向異性的，熔化在晶體表面的石蠟是橢圓形．非晶體和多晶體是各向同性，則熔化在表面的石蠟是圓形，這與水在蠟的表面呈圓形是同樣的道理．13、CD0.86a=0.640.10.05【分析】【分析】（1）利用該實驗的操作步驟和電火花計時器的工作原理和注意事項分析求解；如打點計時器的使用交流電源，打點周期有交流電的頻率決定．

（2）在勻變速直線運動中，根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出D點的瞬時速度，通過連續相等時間內的位移之差是一恒量即△x=aT2可求出加速度的大小．

（3）先根據平均速度公式求出滑塊通過第一個光電門和第二個光電門的平均速度，由于遮光板寬度很小，過光電門的時間很短，所以我們可以把滑塊通過光電門的平均速度近似看成是滑塊的瞬時速度，再根據公式a=求出加速度．【解析】【解答】解：（1）A；電火花打點計時器使用50赫茲的交流電；打點周期固定且為0.02s，與其它物理量無關，由交流電的頻率決定，故A錯誤；

B；電火花打點計時器使用220V交流電；故B錯誤；

C；電火花打點計時器使用220V交流電；并且在使用時只能連續工作很短時間，打點之后要立即關閉電源，故C正確；

D；實驗操作中；先接通電源，后釋放小車，這樣可以提高紙帶利用率，在紙帶上盡量多的打點，故D正確．

故選：CD．

（2）利用勻變速直線運動的推論得：

vD===0.86m/s．

由于相鄰的計數點間的位移之差不等；故采用逐差法求解加速度．

根據勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小；

得：x4-x1=3a1T2

x5-x2=3a2T2

x6-x3=3a3T2

為了更加準確的求解加速度；我們對三個加速度取平均值：

得：a=（a1+a2+a3）

小車運動的加速度計算表達式為a=

代入數據得a=0.64m/s2．

（3）由于遮光板寬度很小；過光電門的時間很短，可以利用滑塊經過第一個光電門的平均速度代替其瞬時速度，因此：

v1==0.1m/s

同理通過第二個光電門的速度為：

v2===0.3m/s

根據加速度的定義式a=可得：

a===0.05m/s2；

故答案為：（1）CD；（2）0.86，；0.64；

（3）0.1，0.05．14、2.03【分析】【分析】找出A、B、C三處細線拉力的力臂，根據力矩平衡求解B點細線上懸掛的鉤碼個數．【解析】【解答】解：彈簧秤示數為F=2.0N．設力矩盤上各同心圓的間距為r；

根據力矩平衡得F?3r+FA?2r=FB?4r，FA=3N

解得FB=3N則B點細線上懸掛的鉤碼個數為3個．

故答案為：2.0，3；三、判斷題(共9題，共18分)15、√【分析】【分析】位移-時間圖象中的曲線反映了物體的位移隨時間變化的規律．由此分析即可．【解析】【解答】解：根據x-t圖象的意義可知；x-t圖象描述了物體的位移隨時間的變化規律，所以該說法是正確的．

故答案為：√16、×【分析】【分析】從微觀上說，系統內能是構成系統的所有分子無規則運動動能、分子間相互作用勢能的總和．【解析】【解答】解：物體的內能是構成物體的所有分子的無規則熱運動的動能和分子勢能的代數和；具有統計意義，對單個或幾個分子無意義；

故答案為：×17、×【分析】【分析】參考系，是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：參考系的選取是任意的；任何物體均可以作為參考系；參考系不一定必須是靜止不動的；如研究炸彈的運動時，可以將運動的飛機作為參考系．所以以上的說法是錯誤的．

故答案為：×18、√【分析】【分析】一定質量的理想氣體的內能只與溫度有關，溫度越高，內能越大．【解析】【解答】解：物態的內能與物體的物質的量；溫度、體積以及物態有關．對一定質量的理想氣體；物質的量一定，物態一定，而氣體分子之間的作用力可以忽略不計，所以一定質量的理想氣體內能的大小只與溫度有關．

故答案為：√19、√【分析】【分析】粒子在磁場中，由洛倫茲力提供向心力，故在磁場中做勻速圓周運動，寫出牛頓第二定律的方程，導出粒子的半徑公式即可做出判定．【解析】【解答】解：粒子在磁場中，由洛倫茲力提供向心力，故在磁場中做勻速圓周運動；由洛倫茲力提供向心力，有qvB=m，解得r=；粒子的比荷之比與軌道半徑之比成反比．

故答案為：√20、×【分析】【分析】從力的概念，力作用的相互性，一個對另一個物體施加力的作用有兩種形式：一是物體直接接觸作用，二是物體之間的間接作用，分析即可．【解析】【解答】解：力是物體對物體的作用；力不能脫離物體而存在；因此有力必然涉及兩個物體，一個是施力物體，另一個是受力物體，施力物體對受力物體施力的同時也受到受力物體對它的作用力，也就是說，物體間力的作用是相互的，沒有施力物體的力有不可能存在．

故答案為：×21、×【分析】【分析】當半徑不變時，角速度增大一倍，線速度也增大一倍．【解析】【解答】解：根據公式v=ωr可知，當半徑r不變時；角速度增大一倍，則線速度也增大一倍，故此說法錯誤．

故答案為：×22、×【分析】【分析】根據并聯電阻的總電阻的倒數等于個分電阻的讀數之和進行判定即可，【解析】【解答】解：因為并聯電阻的總電阻的倒數等于個分電阻的倒數之和；所以題干則的說法是錯誤的．

故答案為：×23、×【分析】【分析】慣性是物體的固有屬性，一切物體在任何情況下都有慣性，慣性大小由物體的質量來量度．根據這些知識來解答．【解析】【解答】解：質量是物體慣性大小的唯一量度；與物體的速度無關．故該說法是錯誤的．

故答案為：×四、計算題(共3題，共18分)24、略

【分析】【分析】根據動量守恒分別求出彈射出第一個球和第二球后小車的速度，結合動能定理分別求出兩次向右滑行的距離，從而得出向右滑行的最大距離．【解析】【解答】解：小球和小車組成的系統在水平方向上動量守恒；規定小球彈射的速度方向為正方向，根據動量守恒定律得；

0=mv0-（M+m）v1；

代入數據解得v1=0.5m/s；

根據動能定理得，；

代入數據解得x1=0.0625m．

彈射第二個小球的過程中；系統水平方向上動量守恒，規定小球彈射的速度方向為正方向，根據動量守恒定律得；

0=mv0-Mv2；

代入數據解得v2≈0.526m/s；

根據動能定理得，；

代入數據解得x2=0.0657m；

則x=x1+x2=0.0625+0.0657m=0.1282m．

答：小車向右運動的最大距離為0.1282m．25、略

【分析】【解析】①圖像中電流0～0．14A，電流表選A2；電源電壓6V，但圖像只要求電壓在0～3V之間調整，為了測量準確電壓表選V1；由于繪制圖像的需要，要求電壓從0～3V之間調整，所以滑動變阻器只能采用分壓式接法，為了能很好調節電壓，滑動變阻器應選用阻值較小的R1。

②該元件約幾十Ω，電壓表的分流作用可以忽略，所以采用電流表外接法；實驗數據的采集要求從零開始，所以滑動變阻器采用分壓式接法。

③從圖像的形狀和斜率變化趨勢上去找相同點和不同點，突出都是“非線性”，圖像上某點與原點連線的斜率是電阻的倒數。【解析】【答案】（2）①A2V1R1

②如圖。

③相同點：通過該元件的電流與電壓的變化關系和通過小電珠的電流與電壓的變化關系都是非線性關系，該元件的電阻隨電壓的增大而減小，而笑電珠的電阻值隨電壓的升高而增大。26、略

【分析】【解析】

試題分析：（1）根據能量守恒定律，得①

（2）設上升的最大高度為h；由動能定理。

②

電阻R上產生的熱量為導體棒與電阻的阻值相等，則整個回路上升過程中產生的熱量為2③

（3）在底端；設棒上電流為I，加速度為a，由牛頓第二定律，則：

④

由歐姆定律，得⑤

⑥

∵棒到達底端前已經做勻速運動。

⑦

以上方程聯立可得

考點：此題為綜合性題目，考查法拉第電磁感應定律及能量守恒定律、牛頓第二定律、動能定理等知識點。同時考查學生綜合運用知識的能力。【解析】【答案】．（1）（2）（3）五、畫圖題(共2題，共14分)27、略

【分析】【解析】試題分析：由圖讀出波長，由波速公式求出周期．根據簡諧運動在一個周期內通過的路程，求出位移．采用波形平移的方法畫