物理

本試卷共6頁。全卷滿分100分,考試時間75分鐘。

注意事項：

1.答題前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在本試卷和答題卡上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應的答案標號涂黑，如有改動，用

橡皮擦干凈后，再選涂其他答案；回答非選擇題時，將答案寫在答題卡，上，寫在本試卷上無

效。

3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、選擇題:本題共6小題,每小題4分，共24分在每小題給出的四個選項中，只有

一項是符合題目要求的.

1.2024年10月30日4時27分，搭載神舟十九號載人飛船的長征二號F遙十九運

載火箭點火發射。11時，飛船與空間站組合體完成自主快速交會對接，兩個航天

員乘組完成中國航天史上第5次“太空會師”，如圖所示.飛船關閉發動機在“奔向”

空間站的過程中，用h表示飛船與地球表面的距離,a表示它的加速度.忽略空氣阻

力，下列圖像中能夠描述a隨h變化關系的是

ABCD

2.如圖(a)所示，藝術體操的帶操表演中,運動員手持細棒沿豎直方向上下抖動彩帶

的一端，彩帶隨之“波浪”翻卷，同時彩帶上的“波浪”向前傳播，把這樣的“波浪”近似

視為簡諧橫波圖(b)為一橫波在t=0時刻的波形圖，圖(c)為圖(b)中質點P的振動圖

像.則

C.t=1.0s時質點P的加速度最大D.lOs內質點P運動的路程為8m

3.如圖所示為一根粗細均勻的木筷，下端繞幾圈鐵絲，豎直浮在水杯中，將木筷

豎直向下按一段距離A,然后由靜止釋放并開始計時，經時間to木筷第一次上升到

最高點，之后在水中上下振動，在一段時間內木筷在豎直方向可近似看做簡諧運

動.若取豎直向上為正方向，則木筷的振動方程為

A.j=-Asin-tB.y=/sin——tC.y=-T4COS-tD.y=Acos——t

。’0’0‘0

4.2023年我國首套高溫超導電動懸浮全要素試驗系統完成首次懸浮運行，實現重

要技術突破.某次試驗中列車做勻加速直線運動,通過一段位移d所用的時間為伍

緊接著通過下一段位移2d所用時間為t2。則列車運動的加速度為

A.2d化一，2)B.213—2)2d(2。+/2)口2"G+/2)

/?i-j.

—‘2)巾2(。一,2)

5.天宮空間站在離地面高h處做勻速圓周運動，因運行空間存在稀薄空氣，會受到

空氣阻力作用，運行軌道范圍內稀薄空氣的密度為p,稀薄空氣看成是由彼此不發

生相互作用的顆粒組成的，所有的顆粒原來都靜止，它們與空間站在很短時間內發

生碰撞后都具有與空間站相同的速度，在與這些顆粒碰撞的前后，空間站的速度可

認為保持不變.已知空間站沿運行方向的橫截面積為S，地球半徑為R，地面附近

的重力加速度為g,則天宮空間站所受空氣阻力大小為

1

DpSgRcpSgR

餌-R+h\R+h)2

6.如圖所示,粗糙水平面與半徑為0.75m的豎直光滑圓弧軌道相切于A點,圓弧軌

道上端點C和圓心連線與水平面成37。角，質量為1kg的小物塊以8m/s的初速

度從P點右滑行,A、P兩點間的距離為1.5m,小物塊與水平面間的動摩擦因數為

0.5.已知重力加速度為10m/s2,sin37o=0.6,cos37o=0.8,則小物塊

A.從P點運動到A點所用的時間為0.1s

B.經過C點時對軌道的壓力大小為"N

3

C.運動到最高點時的速度大小為4m/s

D.運動到最高點時距地面的高度為2m

二、選擇題:本題共4小題，每小題5分，共20分.在每小題給出的四個選項中，有

多項符合題目要求，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分.

7.如圖所示,正方形ABCD四個頂點固定四個等量點電荷，其中A、B處電荷帶正

電,C、D處電荷帶負電,E、F、G、H分別為正方形四條邊的中點,0為正方形的

中心，下列說法正確的是

A.O點的電勢為0

B.0點的電場強度為0

C.電子在E點的電勢能小于在F點的電勢能

D.將電子從G點沿直線移動到H點,電場力做正功

8.如圖所示，電荷量為q的帶電小球A用長為/的絕緣細線懸掛于0點，帶有電荷

量為2q的小球B固定在0點正下方絕緣柱上，小球A平衡時與小球B位于同

一水平線上，此時懸線與豎直方向夾角。=30。.已知帶電小球A、B均可視為點電荷,

靜電力常量為k,重力加速度為g,則

B.小球A的質量為拽維

gl

C.細線拉力大小為半D.細線拉力大小為半

9.算盤是我國古老的計算工具，中心帶孔的相同算珠可在算盤的固定導桿上滑動,

使用前算珠需要歸零，如圖(a)所示，水平放置的算盤中有甲、乙兩顆算珠未在歸零

位置.現用手指將甲撥出，與靜止的乙碰撞，碰撞前后兩算珠的3圖像如圖（b）所示.

已知重力加速度g為10m/s2,下列說法正確的是

圖（a）圖(b)

A.算珠甲與導桿的動摩擦因數為0.1

B.算珠乙與導桿的動摩擦因數為0.01

C.開始兩算珠之間的距離為3.5X10-2m

D.碰后算珠甲運動的距離為2.0XIO"m

10.如圖所示，三個相同的小物塊A、B、C,質量均為m,小物塊C放置在水平地

面上，小物塊B和小物塊C在豎直方向上通過勁度系數為k的輕質彈簧相連，小物

塊A在小物塊B的正上方，開始時A、B、C均靜止現讓小物塊A從小物塊B

正上方自由下落,小物塊A、B碰后一起向下運動，當小物塊B向上運動到最高

點時，小物塊C恰好離開地面。已知彈簧的彈性勢能可表示為斗=:h2人為彈

簧的勁度系數,x為彈簧的形變量,重力加速度為g.則

A.小物塊A開始下落時距小物塊B的高度為半

k

B.小物塊A開始下落時距小物塊B的高度為崛

k

C.彈簧的最大彈性勢能為［（2+師）叫了

D.彈簧的最大彈性勢能為+

2k

三、非選擇題:本題共5小題，共56分.

11.(7分)某實驗小組用圖(a)所示電路觀察電容器的充、放電現象現提供如下實驗

器材:電源E(電動勢為3V,內阻不計)、電容器C、電阻箱R、毫安表?、單刀雙

擲開關S和導線若干.

(1)根據圖(a)電路在圖(b)中用筆畫線代替導線將實物電路連接完整.

圖(a)圖(b)

(2)量安表⑥的表頭為圖(c)中的(選填“甲”或"乙”).

(3)圖(d)是給電容器充電時作出的電流隨時間變化的i-t圖像，則電容器充電完畢

后的電荷量為C,電容器的電容為F(計算結果均保留2位有效數字).

12.(9分)某物理興趣小組用如圖所示的裝置做驗證機械能守恒定律的實驗，一細

繩跨過懸掛的光滑定滑輪，兩端分別系有小球A和B,初始時A、B處于靜止狀態,

先將細繩拉緊，然后同時釋放小球A、B.已知當地重力加速度為g.

/////////〃/〃〃

⑴測得小球A、B的質量分別為mi、m2,且mi<m2,若不計空氣阻力，則小球A加

速上升過程的加速度。=（用字母mi、m2和g表示）.

（2）實驗中測得小球A上升距離h所用時間為t，則該過程中A、B兩球組成的系

統重力勢能減少量AEpn，動能增加量AEku或AEku（用字母

mi、m2、g、h和t表示）.若實驗中滿足△Ep=^Ek,則驗證了A、B兩球組成的系

統機械能守恒.

⑶為提高實驗結果的準確程度,小組同學對此實驗提出建議，下列建議中確實對

提高準確程度有作用的是（填標號）.

A.細繩的質量要輕

B.在“細繩”的前提下,繩子越長越好

C.盡量保證物塊只沿豎直方向運動，不要搖晃

D.兩個物塊的質量之差要盡可能小

13.（10分）如圖（a）所示，殲一15“飛鯊”戰斗機,2024年10月14日凌晨，天還未亮時

就從遼寧號航母上起飛,組成龐大的空中機群，參加“聯合利劍一2024B”軍演，震懾

臺獨。一質量為m的殲一15“飛鯊”戰斗機起飛過程可簡化為圖（b）,從A點由靜止

開始以額定功率P沿長度為L的直軌道加速，經時間t從B點進入半徑為R的圓

弧軌道，直軌道與圓弧軌道相切于B點,最后從C點飛離甲板.已知“飛鯊”戰斗機在

直軌道上所受阻力恒定且為f,重力加速度為g.求：

AB

圖(a)圖(b)

(1)“飛鯊”戰斗機經過B點時的速度大小；

(2)“飛鯊”戰斗機經過圓弧軌道B點時對軌道的壓力大小.

14.(14分)如圖所示，兩平行板電容器G、C2分別豎直和水平放置,G的小孔M、N

在同一水平線上，一帶電粒子從M點靜止釋放,經電場直線加速后從N點射出，

緊貼C2下極板進入C2,而后從上極板邊緣P點射出，射出時速度方向與水平方向

成30。角。已知粒子質量為m、帶電量為q,Ci的板間電壓大小為U,兩電容器板

間電場視為勻強電場，不計帶電粒子重力，忽略邊緣效應.求：

D?-

(1)粒子經過N點和P點時的速度大小;

(2)電容器C2極板電壓；

(3)電容器C2極板長度和間距之比.

15.(16分)如圖所示,質量為m的薄木板A靜置于光滑水平地面上,質量為3m的小

物塊B以初速度內從薄木板A左端水平向右滑行,A與B之間的動摩擦因數為mA

與豎直擋板C每次碰撞時A與B均達到共同速度，且A每次與C碰撞的碰后速

率與碰前速率之比k(k<l)相同.已知薄木板足夠長，重力加速度為g.求：

(1)A與C碰后向左運動的最大距離；

(2)A與C第1次與第2次碰撞之間的時間間隔;

⑶A與C碰后運動的總路程.

三湘名校教育聯盟-2025屆高三第二次大聯考-物理

參考答案、提示及評分細則

1.B設地球半徑為R,根據萬有引力定律和牛頓第二定律可得G-ma，解得a=、萬，可知h越

大,a越小.且a與h不是線性關系，故選項B正確.

2.Dt=O時刻質點P向y軸負方向運動，由波的傳播方向與質點振動方向的關系，知該波沿h軸負方向傳

播，選項A錯誤；由圖（b）知波長為義=1.0m,由圖（c）知周期為T=1.0s,則波速為力=4=1.0m/s,選項B

錯誤;7=1.0s時質點P位于平衡位置，加速度為0,速度最大，選項C錯誤；由圖（c）知質點P振動的振幅為

A=0.2m,/=10s=10T,則10s內質點P運動的路程為s=10X4A=8m,選項D正確.

3.C由題意知木筷在水中做簡諧運動，振幅為A,周期為T=2r°“=0時位移為y=—A,所以其振動方程為

2TC7C

y=-Acoscot=—Acos〒2=-Acos一t，故選項C正確.

1to

4.Btl時間內的平均速度為時間內的平均速度為92=迎，由于做勻變速直線運動的物體在一段時

力1力2

間內的平均速度等于這段時間內中間時刻的瞬時速度，有敏3=濟=《、"2=伉=配，所以列車運動的加速

2t12方2

度為-六=故選項B正確.

ri+r2

A/frri/Vf/77

5.A由萬有引力的提供向心力得G不丁，在地面附近有Gb=〃?g?在時間微元內與空間

（R+hR+hR-

站作用的稀薄空氣顆粒的質量為,對這部分空氣顆粒應用動量定理則有F△/=△相〃，聯立解得F

=嗒當.由牛頓第三定律知天宮空間站所受空氣阻力大小為f=F=哈普］，故選項A正確.

R-rn'K-rn

6.D小物塊從。點運動到A點，由動能定理和動量定理得一/zmgK=:和彘送、一Rmgt=mPA—mv0,

聯立解得vA=7m/s^=0.2s,選項A錯誤；從A點到。點，由動能定理得一mgH（l+sin37°）=^-?nvc~

人〃/,解得。c=5m/s.在C點根據牛頓第二定律有FN+"?gsin37°=解得八一^N,由牛頓第三定

ZKo

QO

律知對軌道的壓力大小為F'N=FN=^N,選項B錯誤；設小物塊從C點拋出時的水平和豎直分量分別為

vx和%，則%=Ucsin37°=3m/s,7；y=vccos37°=4m/s,則小物塊運動到最高點時的速度大小為3m/s,距

離地面最大高度為H=R（l+sin37°）十六=2m,選項C錯誤、選項D正確.

7.AC。點分別在AD和BC的中垂線上,AD處和BC處分別放置等量異種點電荷.GH為0等勢線，所以O

點的電勢為零，將電子從G點沿直線移動到H點.電場力不做功”選項A正確、選項D錯誤;AB處和CD處

分別放置等量同種點電荷，它們在中垂線EF上產生的電場強度方向均由E指向F,所以。點電場強度不為

【高三物理試題參考答案第1頁（共4頁）】

0,選項B錯誤；因電場強度方向均由E指向F,所以E點電勢高于F點電勢，帶負電的電子在電勢高處電勢

能小，所以電子在E點的電勢能小于在F點的電勢能，選項C正確.

8.AD以小球A為研究對象,受力情況如圖所示:

9(72

由共點力平衡條件得FTCOs30°=mg、FTsin30°=F,由庫侖定律得F=k77*7否I=

(/sin30)

FA

軍二聯立解得根二蟲等、FT牛’選項A、D正確.

Igl▼mg

04—0R02——0

9.AC算珠甲的加速度大小為a1°Jm/s2=1.0m/s\算珠乙的加速度大小為m/s2

1.0m/s,由牛頓第二定律知兩算珠與導桿的動摩擦因數均為2=0.1,選項A正確、選項B錯誤;

(0.4+0.3)X0.1

開始兩算珠之間的距離為azm=3.5X10-2m,選項C正確；碰后算珠甲運動的距離為z甲

2

°」m=5.0XIO—m,選項D錯誤.

：乙O/

10.BC設彈簧開始時的壓縮量為工。，則〃唔=心。.當小物塊C恰好離開地面時，有「解得小=z°.設

小物塊A開始下落時距小物塊B的高度為H,下落過程與碰撞過程有加gH==2〃血2.小物塊

A、B在彈簧原長處分離，設分離時的速度大小為出,由能量守恒得2加潴+［無太=-^-X2w?i+2mgx

0?

小物塊分離后，小物塊B向上運動到最度點的過程中，由能量守恒得;山楂一"唔4+；左君，聯立解

得打=手，選項A錯誤、選項B正確；小物塊A、B一起運動到最低點的過程中發生的位移大小為斗，由

k

(1+)mg

能量守恒定律得2帆涕+22ngz2（7（）+幺,2）2--^-kjcl，聯立解得，則彈簧的最大

k

彈性勢能為E=^kU+xy[(2+/T5")mg了

p02，選項C正確、選項D錯誤.

2k

11.（1）如圖所示（2分）

（2）甲（1分）

（3）7.7X10-?8.3X10T（答案在此區間都可給分，下同，2分）2.6X10T

2.8X10—3(2分)

【解析】（1）根據電路原理圖（a）將圖（b）中的實物進行連接，答案如圖所示.

（2）應選擇的毫安表的表頭為圖（c）中的甲.在電容器的充放電過程中，電流會先增大后減小，且會反向.甲電

流表指針指向中間，且左右兩邊都有刻度，說明它可以測量交變電流，即電流方向改變時，指針可以向左右兩

邊偏轉，因此適合本實驗.而乙電流表只能測量單向電流，不適合本實驗.

（3）根據i~t圖像的面積表示電容器充電完畢后的電荷量，由圖知，每小格代表的電荷量為Q1=It=^X

Jc=2.5X10-C.數出圖線包圍的格數，滿半格或超過半格的算一格,不滿半格的舍去，數得格數為

〃=32格，則電容器充電完畢后的電荷量為Q=32qi=8.0X10Tc；根據電容的定義知，電容器的電容為C

Q8.0X10T

—=--------------F=2.7X10-3F.

u3.0

【高三物理試題參考答案第2頁（共4頁）】

m—TYI\

12.（1）2g（2分）

mi+加2

八（m2-mi）2g2t2八2（mi+m）A2八

（2）（%—%）g/7（l分）2（如+〃2z）（2分）-----7--2---（2分）；

（3）AC（2分）

【解析】（1）設小球A加速上升過程中繩子拉力為T,根據牛頓第二定律有T—%g=mia,m2gT=

加2。，聯立解得

mi-rm2

（2）小球A、B連結在一起,A上升的距離一定等于B下降的距離,A、B的速度總是大小相等.系統重力勢能

減少量為丁Sg/L如9=（k一如）g/7；動能增加量為Ek=:（如+憶）/,由L"

和可得速度敏=ji'g，或3=迎，則動能增加量為Ek=~"；）g；或心

/根1十根2t/（加1十加2）

2

2（m1+m2）/z

72

（3）如果細繩質量不能忽略，則A、B組成的系統勢能將有一部分轉化為繩子的動能，從而為驗證機械能守

恒定律的實驗帶來誤差，選項A正確；若繩太長，容易引起物體的擺動，當物體擺動時，兩物體的速度大小有

差別，給計算系統的動能帶來誤差，即盡量保證物塊只沿豎直方向運動，不要搖晃，選項B錯誤、選項C正

確；繩子長度和兩個物塊質量差應適當，即兩個物塊的質量之差不能盡可能小，也不能盡可能大，選項D

錯誤.

13.【解析】（1）“飛鯊”戰斗機在直軌道上的加速過程，由動能定理得

Pt—fL=gmp%（3分）

H三（2分）

解得B

Rm

（2）在B點，由牛頓第二定律得

FN-mg=m皆（2分）

聯立解得FN=W+2（PZ~/L）（2分）

A

由牛頓第三定律知“飛鯊”戰斗機對軌道的壓力大小為

2（PtfL

F\=FN=mg+~\l分）

K

14.【解析】（1）粒子從M到N的運動過程中，根據動能定理有

qU=-^-mv2^（2分）

迪（1分）

解得v

Nm

粒子經過P點時的速度大小為

3P=W=J^（2分）

（2）粒子從N點到P點的運動過程中，根據動能定理有

qU2=-^rmvp-Jm人（2分）

乙乙

【高三物理試題參考答案第3頁（共4頁）】

解得5=：U（1分）

（3）粒子從N點到P點做類平拋運動，有

L（1分）

Vy

d=—t^\分）

77

又tan30°=—（2分）

PN

聯立解得六羊（2分）

15.【解析】（1）由動量守恒定律，得

377Wo=⑶"+/n）%（1分）

3

解得已1=了笠。

A與C第一次碰后向左運動的距離最大，碰后對A應用動能定理得

——fi?Zmgxi=0——m{kv]_）2（1分）

2