江西省撫州市九校2024屆高考臨考沖刺物理試卷

注意事項:

1.答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。

2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5亳米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。

3.請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。

4.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、北京時間2019年5月17日23時48分，我國成功發射笫45顆北斗導航衛星。該衛星與此前發射的傾斜地球同步

軌道衛星（代號為尸）、18顆中圓地球軌道衛星（代號為Q）和1顆地球同步軌道衛星（代號為S）進行組網，為亞

太地區提供更優質的服務。若這三種不同類型衛星的軌道都是圓軌道，中圓地球軌道衛星的軌道半徑是同步衛星的軌

2

道半徑的下列說法正確的是（）

A.2和S繞地球運動的向心加速度大小不相等

B.。和S繞地球運動的線速度大小之比為布：2

C.。和S繞地球運動的周期之比為1：血

D.〃和Q繞地球運動的向心力大小一定相等

2、2020年1月我國成功發射了“吉林一號"衛星，衛星軌道可看作距地面高度為650km的圓，地球半徑為6400km,

第一宇宙速度為7.9km/s。則該衛星的運行速度為（）

A.11.2km/sB.7.9km/sC.7.5km/sD.3.1km/s

3、正在海上行駛的.一艘帆船，行駛方向如圖所示，海風吹來的方向與船行駛的方向夾角為53'，升起風帆，調整風帆

的角度，使海風垂直吹在帆面上，若海風吹在帆面上的風力大小為500N,則沿船行駛方向獲得的推力大小為

（sin53°=0.8,cos53°=0.6）

A.300N

B.375N

C.400N

D.450N

4、如圖所示，跳水運動員最后踏板的過程可以簡化為下述模型：運動員從高處落到處于自然狀態的跳板上，隨跳板一

同向下做變速運動到達最低點，然后隨跳板反彈，貝"）

A.運動員與跳板接觸的全過程中只有超重狀態

B.運動員把跳板壓到最低點時，他所受外力的合力為零

C.運動員能跳得高的原因從受力角度來看，是因為跳板對他的作用力遠大于他的重力

D.運動員能跳得高的原因從受力角度來看，是因為跳板對他的作用力遠大于他對跳板的作用力

5、下列說法正確的是（）

A.金屬發生光電效應時，逸出的光電子的最大初動能與入射光的頻率成正比

B.重核裂變嚕Xe+；；Sr+2；n）釋放出能量，2Xe的結合能比吟U的大

C.8g2：；Rn經22.8天后有7￡7”衰變成怨P。，則與：Rn的半衰期為3.8天

D.氫原子從能級3躍遷到能級2輻射出的光子的波長小于從能級2躍遷到能級1輻射出的光子的波長

6、關于分子間相互作用力與分子間勢能，下列說法正確的是（）

A.在10m。。為分子間作用力為零的間距，其值為10-。!!】）距離范圍內，分子間總存在著相互作用的引力

B.分子間作用力為零時，分子間的勢能一定是零

C.當分子間作用力表現為引力時，分子間的距離越大，分子勢能越小

D.分子間距離越大，分子間的斥力越大

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、如圖所示，絕緣材料制成的半徑為R的內壁光滑圓軌道,豎直放置在水平地面上且左右恰被光滑擋板擋住，圓心O點

固定著電荷量為Q的場源點電荷,一電荷量為外可視為質點的帶電小球沿軌道內壁做圓周運動,當小球運動到最高點A

時,地面對軌道的彈力恰好為零.若軌道與小球的質量均為，"，Qq>0，忽略小球的電荷對。形成的電場的影響，重

力加速度為g.靜電力常量為h下列說法中正確的是（）

A.軌道內壁的電場強度處處相同

B.軌道內壁的電勢處處相等

C.運動到與圓心等高的B點時，小球對軌道的壓力大小為4/咫-A券

R~

D.運動到最低點C時，小球對軌道的壓力大小為7〃%

8、用輕桿通過較鏈相連的小球A、B.C、D.E處于豎直平面上，各段輕桿等長，其中小球A、B的質量均為2m，

小球C、E的質量均為機.現將A、5兩小球置于距地面高力處，由靜止釋放，假設所有球只在同一豎直平面內運

動，不計一切摩擦，則在下落過程中

A.小球4、B.C、E組成的系統機械能和動量均守恒

B.小球〃的機械能一直減小

C.小球B落地的速度大小為在正

D.當小球A的機械能最小時，地面對小球C的支持力大小為mg

9、如圖所示，某科研單位設計了一空間飛行器，飛行器從地面起飛時，發動機提供的動力方向與水平方向的夾角娘一

60。，使飛行器恰好沿與水平方向的夾角〃=30。的直線斜向右上方勻加速飛行，經時間，后，將動力的方向沿逆時針旋

轉60。同時適當調節其大小，使飛行器依然可以沿原方向勻減速直線飛行，飛行器所受空氣阻力不計.下列說法中正

E.滑動變阻器&(0-200H,1A)

F.定值電阻Ro（990。）

G開關和導線若干

乙

（1）他設計了如圖甲所示的（a）、（b）兩個實驗電路，其中更為合理的是________圖；在該電路中，為了操作方便且能

準確地進行測量，滑動變阻器應選________（填寫器材名稱前的字母序號）；用你所選擇的電路圖寫出全電路歐姆定律

的表達式￡=（用八、Ri、/2、￡（）、r表示）。

（2）圖乙為該同學根據⑴中選出的合理的實驗電路，利用測出的數據繪出的人一/2圖線（八為電流表笳的示數，〃為電

流表A2的示數），為了簡化計算，該同學認為人遠遠小于12,則由圖線可得電動勢V,內阻r=

（r的結果保留兩位小數）

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）靜止在水平地面上的兩小物塊A、B,質量分別為，*=LOkg,=4.0kg；兩者之間有一被壓縮的微

型彈簧，A與其右側的豎直墻壁距離如圖所示，某時刻，將壓縮的微型彈簧釋放，使A、B瞬間分離，兩物

塊獲得的動能之和為以=l（）0J,釋放后，A沿著與墻壁垂直的方向向右運動。A、B與地面之間的動摩擦因數均為

4=0.20,重力加速度取g=10m/s2,A、B運動過程中所涉及的碰撞均為彈性碰撞且碰撞時間極短。

（1）求彈簧釋放后瞬間A、B速度的大小;

（2）物塊A、B中的哪一個先停止？該物塊剛停止時A與B之間的距離是多少？

（3）A和B能否再次發生碰撞？若不能，說明理由；若能，試計算碰后的速度大小。

14.（16分）如圖所示，在xoy平面內，虛線。尸與x軸的夾角為30。。。尸與y軸之間存在沿著y軸負方向的勻強電

場，場強大小為E。。尸與x軸之間存在垂直于xoy平面向外的勻強磁場?，F有一帶電的粒子，從j軸上的M點以初

速度山、沿著平行于工軸的方向射入電場，并從邊界OP上某點。（圖中未畫出）垂直于O尸離開電場，恰好沒有從

X軸離開第一象限。已知粒子的質量為小、電荷量為夕（夕＞0）,粒子的重力可忽略。求:

（1）磁感應強度的大小；

⑵粒子在第一象限運動的時間；

⑶粒子從），軸上離開電場的位置到O點的距離。

15.（12分）如圖所示，皮帶傳動裝置與水平面夾角為31。，A、5分別是傳送帶與兩輪的切點，兩點間距L=3.25m.

一個質量為1.1kg的小煤塊與傳送帶間勾動摩擦因數為〃=^,g=10m/s2；輪緣與傳送帶之間不打滑.小物塊相對

于傳送帶運動時會在傳送帶上留下痕跡.傳送帶沿逆時針方向勻速運動，速度為小小物塊無初速地放在A點，運動

至5點飛出.求：

（2）當痕跡長度等于2.25m時，力多大?

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、B

【解析】

A.由

-M，n

G——=ma

r~

可知，尸和S繞地球運動的向心加速度大小相等，故A錯誤；

B.由

「Mtnv2

G——=m—

廠r

可得

又

2

/鏟

則。和S繞地球運動的線速度大小之比為

:v5.=>/6:2

故B正確；

C.由

可得

。和S這兩種不同類型軌道衛星繞地球運動的周期之比為

故C錯誤;

D.由于P和Q的質量不一定相等，所以2和Q繞地球運動的向心力大小不一定相等，故D錯誤。

故選B。

2、C

【解析】

近地衛星環繞地球做勻速圓周運動，由萬有引力提供向心力，則有

2

廠Mmv

G—r=m—

R2R

則有第一宇宙速度

v=午=7.9km/s

“吉林一號”衛星環繞地球做勻速圓周運動，由萬有引力提供向心力，則有

2

「Mmv'

G-----------r=m--------

(R+/;)2R+h

聯立解得

v'=7.5km/s

故C正確，ABD錯誤。

故選C。

3、A

【解析】

對垂直作用于帆面上的風力進行分解，分解成沿船行駛方向和垂直于行駛方向的力，沿行駛方向的分力

f；=Feos53°=300N。

A.300N與上述計算結果耳=300N相符，故A正確;

B.375N與上述計算結果6=300N不相符，故B錯誤;

C.400N與上述計算結果耳=300N不相符，故C錯誤;

D.450N與上述計算結果￡=300N不相符，故D錯誤;

▲I

【解析】

A.運動員與跳板接觸的下降過程中，先向下加速，然后向下減速，最后速度為零，則加速度先向下，然后向上，所以

下降過程中既有失重狀態也有超重狀態，同理上升過程中也存在超重和失重狀態，故A錯誤；

B.運動員把跳板壓到最低點時，跳板給其的彈力大于其重力，合外力不為零，故B錯誤；

C.從最低點到最高過程中，跳板給運動員的支撐力做正功，重力做負功，位移一樣，運運動員動能增加，因此跳板對

他的作用力大于他的重力，故C正確；

D.跳板對運動員的作用力與他對跳板的作用力是作用力與反作用力，大小相等，故D錯誤.

故選C.

5、C

【解析】

A.根據愛因斯坦光電效應方程可知，逸出的光電子的最大初動能與入射光的頻率成一次函數關系，不是正比關系，

故A項錯誤；

B.重核裂變過程釋放出能量，組成原子核的核子越多，它的結合能越大，故B項錯誤；

C.根據衰變規律得

1-

加『飛(萬尸

由題意知

=(8-7.875)g=0.125g

U22.8天

解得r=3.8天，故C項正確；

hr

D.根據八￡二下可知，入射光的能量與波長成反比，氫原子從能級3躍遷到能級2輻射出的光子小于從能級2躍遷

到能級1輻射出的光子的能量，則氫原子從能級3躍遷到能級2輻射出的光子的波長大于從能級2躍遷到能級1輻射

出的光子的波長，故D項錯誤。

故選C。

6、A

【解析】

A.分子間同時存在引力和斥力，在平衡距離以內表現為斥力，在平衡距離以外表現為引力，在10m距離范圍內，分

子間總存在著相互作用的引力，A正確；

BC.設分子平衡距離為八），分子距離為當分子力表現為引力，分子距離越大，分子勢能越大；當/?</?（）,分

子力表現為斥力，分子距離越小，分子勢能越大；故當，=ro,分子力為0,分子勢能最小；由于分子勢能是相對的，

其值與零勢能點的選擇有關，所以分子距離為平衡距離時分子勢能最小，但不一定為零，B、C錯誤；

D.分子間距離越大，分子間的斥力越小，D錯誤。

故選A。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、BD

【解析】

由點電荷的場強公式￡二害可知，場源點電荷在軌道內壁處產生的電場強度大小相等，但方向不同，4錯誤；軌道

R-

內壁上各點到場源點電荷的距離相同，電勢相等；帶電小球在A點時，帶電小球對軌道的彈力豎直向上，大小等于叫g,

軌道對帶電小球的彈力豎直向下大小為〃在A點對帶電小球有2"吆一筆=等，從A到/由動能定理得

〃吆/?=:〃瑞-〈〃八九在B點有吊-警=竺3聯立解得在5點時軌道對小球的彈力為N'=4,〃g,根據牛頓

22R~R

第三定律可知在8點時小球對軌道的壓力大小為4〃吆，則選項C錯誤；在最低點。時，設軌道時小球的彈力為N〃，

則N"-〃火一博二竺之，由A到C由動能定理有2mgR=:〃“；-\mv\聯立解得N〃=7，〃g,根據牛頓第三定律

R2R22

知,運動到最低點C時，小球對軌道的壓力大小為7〃吆,則選項D正確.

8、CD

【解析】

小球4、B、C、。、E組成的系統機械能守恒但動量不守恒，故A錯誤；由于。球受力平衡，所以D球在整個過程中

不會動，所以輕桿08對3不做功，而輕桿3E對3先做負功后做正功，所以小球8的機械能先減小后增加，故B錯

誤；當6落地時小球￡的速度等于零，根據功能關系=可知小球6的速度為師，故C正確；當小球A

的機械能最小時，輕桿AC沒有力，小球C豎直方向上的力平衡，所以支持力等于重力，故D正確，故選CD

9、BC

【解析】

AB.起飛時，飛行器受推力和重力，兩力的合力與水平方向成30。角斜向上，設動力為凡合力為尸b,如圖所示：

尸=用咫

Fb=mg

由牛頓第二定律得飛行器的加速度為：

ai=g

故A錯誤，B正確；

CD.，時刻的速率：

v=ait=gt

推力方向逆時針旋轉60。，合力的方向與水平方向成30。斜向下，推力F跟合力Fh垂直，如圖所示，此時合力大小為:

F'h=mgsin300

動力大小：

F'=忠-mg

2

飛行器的加速度大小為：

mgs由30。1

a2=-------------=-8

m2

到最高點的時間為:

故C正確，D錯誤;

故選BC.

10、BDE

【解析】

A.空氣相對濕度越大，人體水分越不容易蒸發，人們感覺越潮濕，不是絕對濕度。故A錯誤。

B.雨水沒有透過布雨傘是因為液體表面存在張力，導致水不能透過，故B正確。

C.用熱針尖接觸金屬表面的石蠟，熔解區域呈圓形，這是多晶體金屬導熱具有各向同性的表現，無法說明石蠟具有

各向同性，故C錯誤。

D.液體和細管壁浸潤與不浸潤都會有高度差，所以都能發生毛細現象。故D正確。

E.攝氏溫度，與熱力學溫度T的關系為丁=什273。攝氏溫度升高IV,對應的熱力學溫度升高1K,故E正確。

故選BDEo

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11>ADE0.88

【解析】

(1)平衡摩擦力時，不是在注碼盤中添加祛碼，而是通過調節墊板使重力沿木板方向的分力等于摩擦力，即

mgsinO=pmgcosO

可以約掉小，只需要平衡一次摩擦力，故A錯誤，符合題意；B正確，不符合題意；

C.實驗中通過在硅碼盤中添加祛碼來改變小車受到的拉力，故C正確，不符合題意；

D.實驗中每次小車不需要從同一位置開始運動，故D錯誤，符合題意；

E..實驗中應先開打點計時器的電源，然后再放小車，故E錯誤，符合題意；

故選ADE。

(2)[2]每4個點取一個計數點，則兩個相鄰計數點的時間間隔為

T=4x0.02s=0.08s

根據

*-5,=2aT2

得

s.-s.sr-s

a=———=----

2T12T2

代入數值解得

a—0.88m/s2

12、bD+4)+(/1+，2)〃1.46V?1.49V0.80T).86()Q

【解析】

(1)[1].上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個電流表，將電流表G串聯一個電阻，可以改裝成較大量程的電

壓表。將電流表Ai和定值電阻￡。串聯可改裝成一個量程為

u=&(41+%)=3X10"x(10+990)V=3V

的電壓表；則(a)、(b)兩個參考實驗電路，其中合理的是b；

[2].因為電源的內阻較小，所以應該采用較小最大值的滑動變阻器，有利于數據的測量和誤差的減小。滑動變阻器應

選D；若選擇大電阻，則在變阻器滑片調節的大部分范圍內，電流表A2讀數太小，電流表八讀數變化不明顯。

[31.根據電路可知：

E=U+Ir=h(K&i+Ko)+</i+/2)r；

(2)[4]|5].根據歐姆定律和串聯的知識得，電源兩端電壓

U=h(990+10)=100011

根據圖象與縱軸的交點得電動勢

E=1.47mAxl000Q=1.47V；

由圖可知當電流為0.45A時，電壓為1.1V,則由閉合電路歐姆定律可知

1.47—1.1八-

r=--------=0.8n2Q

0.45

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(l)4.0m/s,l.Om/s；(2)B,0.50m；(3)不能,見解析

【解析】

(1)設彈簧釋放瞬間A和B的速度大小分別為乙、勺，以向右為正，由動量守恒定律和題給條件有

0=以

c1212

￡k+弓"51%

聯立并代入題給數據得

vA=4.0m/s

vR=1.Om/s

(2)A、B兩物塊與地面間的動摩擦因數相等，因而兩者滑動時加速度大小相等，設加速度大小為。，則有

假設A和B發生碰撞前，己經有一個物塊停止，此物塊應為彈簧釋放后速度較小的B,設從彈簧釋放到B停止所需時

間為B向左運動的路程為與,則有

12

Vfi-at=0

可得

t=0.5s

xB=0.25m

在時間/內，A可能與墻發生彈性碰撞，碰撞后A將向左運動，碰撞并不改變A的速度大小，所以無論此碰撞是否發

生，A在時間/內的路程4都可表示為

1,

xA=v(lt--ar=\.75m>\m

這表明在時間，內A已與墻壁發生碰撞，但沒有與B發生碰撞，此時A位于出發點右邊0.25m處，B位于出發點左邊

0.25m處，兩物塊之間的距離為

xA[f=0.25+0.25m=0.5m

(3”時刻后A將繼續向左運動，假設它能與靜止的R碰撞，碰撞時速度的大小為或，由動能定理有

^ftJAVA-^fnAVA=一〃/g（2/+”）

可得

故A與B將發生碰撞，設碰撞后A、B的速度分別為嗎以和吟，規定以向右為正，由動量守恒定律與機械能守恒定

律有

叫十〃%喘

乙乙乙

聯立并代入題給數據得

“3不.

>=可1nzs

?當m/s

這表明碰撞后A將向右運動，B繼續向左運動，設碰撞后A向運動距離為其時停止，B向左運動距離為其時停止,

由動能定理可得

一〃”總=0一>/；2

一〃"%=0_g72M2

代入數據得

x；=0.63m

f

xR=0.28m

則有

K<2(l+XB)+Xg

所以A和B不能再次發生碰撞

14、⑴些；⑵(4國兀)篝；⑶膂

%'73qE