物理試卷第頁（共頁）2022年河南預測卷班測卷(二)·物理詳解詳析一?填空題(本題共6小題,每空1分,共14分)1.紅外線熱傳遞【解析】人體可以對外輻射紅外線，測溫槍通過檢測人體輻射紅外線的強弱來檢測體溫；傳統水銀溫度計是根據液體熱脹冷縮的性質制成的，通過熱傳遞的方式改變液泡溫度來測量體溫的．2.音調音色【解析】把古箏的弦調緊，改變了琴弦振動的頻率，從而改變了聲音的音調；由于古箏和琵琶的響度和音調都能調整，只有音色始終不同，所以當古箏和琵琶同時演奏時，人們主要依據它們音色的不同來進行區分．3.汽化

手與塑料膜摩擦時帶上異種電荷

液化【解析】覆蓋地膜，減小了地面上方的空氣流速，減緩了水分的汽化(蒸發)，有利于保持土壤的濕度；小明在用手撫平塑料薄膜時，通過摩擦小明的手與塑料薄膜帶異種電荷，由于帶異種電荷的物體相互吸引，所以塑料薄膜會吸附在手上；薄膜外溫度較低，塑料薄膜內的水蒸氣遇冷放熱液化成小水滴附著在薄膜內表面．4.500豎直向上【解析】當小陳沿著爬桿勻速上攀時，他在豎直方向上受到一對平衡力的作用，即豎直向下的重力和豎直向上的摩擦力，其大小相等，方向相反，作用在同一物體上，且在同一直線上，摩擦力的大小f＝G＝mg＝50

kg×10

N/kg＝500

N.5.20.21.4【解析】只閉合開關S時，電路為只有燈泡L的簡單電路，由圖甲可知，當小燈泡兩端的電壓UL＝2

V時，通過的電流IL＝0.5

A，燈泡的實際功率PL＝ULIL＝2

V×0.5

A＝1

W，所以，小燈泡兩端的電壓為2

V，電源電壓為2

V；閉合開關S、S1時，燈泡L與R并聯，電流表測干路電流，因并聯電路中各支路兩端的電壓相等，所以它們兩端的電壓UL＝UR＝U＝2

V，由圖甲可知，通過它們的電流分別為IL＝0.5

A，IR＝0.2

A，因并聯電路中各支路獨立工作、互不影響，所以電流表示數的變化量即為通過R的電流，其大小為0.2

A；因并聯電路中干路電流等于各支路電流之和，所以干路電流I＝IL＋IR＝0.5

A＋0.2

A＝0.7

A，此時電路消耗的總功率P＝UI＝2

V×0.7

A＝1.4

W.6.不會火焰的熱量大部分都被水吸收，使得氣球溫度低于其著火點，所以不會燃燒【解析】氣球裝了水之后，用火去燒它的時候，火焰的大部分熱量就會被水給吸收了，使水的溫度上升，而氣球的著火點高于水的溫度，所以氣球不會燃燒．二?選擇題(本題共8小題,每小題2分,共16分,第7～12題每小題只有一個選項符合題目要求；第13～14題每小題有兩個選項符合題目要求,全部選對得2分,選對但不全的得1分,有錯選的得0分)7.B【解析】要使小燈泡發光，必須使小燈泡的兩接線柱與電源的正負極相連，故b、c間需要接入導體，干木條、塑料尺、尼龍繩均為絕緣體，鉛筆芯是導體，B符合題意．故選B.8.D【解析】5G和4G信號都是利用電磁波傳播信息的，所以它們在真空中的傳播速度相同，都是3×108

m/s，A正確；太陽能、水能、風能可以直接從自然界源源不斷地獲得，屬于可再生能源，B正確；核裂變是可控的，故目前我國的核電站都是利用原子核分裂時釋放出的能量發電的，C正確；能量是守恒的，但是能量的轉化和轉移是有方向性的，能源的利用是有條件的，我們所能利用的能源是有限的，所以需要節約能源，D錯誤．故選D.9.C【解析】火箭加速升空的過程中，其質量不變、高度增大、速度增大，所以其重力勢能增大、動能增大，其機械能是逐漸增大的，A錯誤；發射塔塔基建造得比較寬大是為了在壓力一定時，通過增大受力面積來減小壓強，而不是減小對地面的壓力，B錯誤；火箭升空時向地面噴出了高溫高壓的燃氣，由于物體間力的作用是相互的，高溫高壓的燃氣對火箭施加了一個向上的力，使火箭升空，C正確；在太空失重的情況下，航天員的餅干可以漂浮在空中是因為餅干所受的重力消失，而不是質量消失，D錯誤．故選C.10.C【解析】照片可以看見車頭與車頂，所以攝像頭應該在車頭前方，照片是由車頭前方攝像頭拍攝的，A錯誤；汽車是向前行駛的，所以以人行橫道為參照物，左側汽車離得更近，所以左側的照片是后拍的，B錯誤；攝像頭的成像原理與照相機相同，是成倒立、縮小的實像，C正確；由于只有兩張照片，不能對比汽車前后的速度大小，所以無法根據這兩張照片的對比判斷出車輛的運動狀態，D錯誤．故選C.11.D【解析】由于小球漂浮在液體A中，所以ρ球<ρ1，而小球懸浮在液體B中，所以ρ球＝ρ2，所以ρ1>ρ2，兩容器中液體深度相同，根據液體壓強公式p＝ρ液gh可知密度大的液體對容器底部的壓強大，所以p1>p2，A錯誤；由于小球漂浮在液體A中，所以F1＝G球，而小球懸浮在液體B中，所以F2＝G球，所以F1＝F2，B錯誤；由圖可知兩容器中液體的體積V1>V2，又因為ρ1>ρ2，根據m＝ρV可知，m1>m2，所以G1>G2，由于容器對地面的壓力等于容器的重力、液體的重力以及小球的重力之和，所以F1′>F2′，，由壓強公式可知p1′>p2′，D正確，C錯誤．故選D.12.D【解析】由圖可知，滑輪組中承擔物重的繩子段數n＝3，所以繩子自由端移動的距離為建材移動距離的3倍，A錯誤；滑輪組可以省力，也可以改變力的方向，但使用任何機械都不能省功，B錯誤；該滑輪組的機械效率η＝W有W總＝GhFs＝Gh3Fh＝G3F，C錯誤；動滑輪的重力G動＝nF13.AD【解析】殲擊機空中加油時為了保證油不泄漏，要保證殲擊機和加油機始終相對靜止，也就是它們的相對位置要保持不變，A正確；殲擊機能夠升空是因為機翼下方空氣流速小壓強大，上方空氣流速大壓強小，由于存在壓力差，殲擊機會受到向上的升力使飛機升空，B錯誤；殲擊機投入戰斗前丟掉副油箱質量減小，慣性減小，這樣更便于其改變運動狀態，C錯誤；殲擊機在加速上升的過程中，質量不變，速度增大，動能不斷增大，高度增大，重力勢能增大，故機械能不斷增大，D正確．故選AD.14.BD【解析】由安培定則可知，通電后電磁鐵的上端為N極，A錯誤；溫度升高時，熱敏電阻的阻值變小，電路的總電阻變小，電路電流變大，電磁鐵的磁性變強，B正確；當溫度正常時，電磁鐵磁性較弱，動觸點與1接觸，R1與電動機串聯，此時電動機低速運轉，電路電流較小，當溫度升高時，電磁鐵磁性增強，動觸點與2接觸，R2與電動機串聯，此時電動機轉速較快，電路電流較大，由I＝UR可知，R2的阻值較小，C錯誤；若控制電路的電源電壓降低，則在相同溫度下，電路的電流變小，要將銜鐵吸下所需的電流大小不變，即要達到比設定的溫度更高的溫度才能使銜鐵被吸下，啟動強排風，D正確．故選三?作圖題(本題共2小題,每小題2分,共4分)15.如答圖所示【解析】在B點作出阻力F2，其方向與F1相反，由杠桿平衡條件可知，阻力的力臂較長，所以最后作出的阻力F2較小，作過O點的與力F1相垂直的線段，標上雙向箭頭，即為動力臂l1，具體如答圖所示．16.如答圖所示【解析】由題可知，兩盞燈額定電壓都為220

V，與家庭電路的電壓相同，開關要同時控制兩盞燈，且兩盞燈都能正常發光，則兩盞燈并聯后與開關串聯接入電路，具體如答圖所示．四?實驗探究題(本題共3個小題,第17題4分,第18題6分,第19題9分,共19分)17.(1)豎直(2)改變入射角的度數，多次實驗，換用不同顏色的筆記錄每次光的徑跡(3)反射角等于入射角(或反射角隨入射角的增大而增大，答案合理即可)(4)反射光線、入射光線和法線在同一平面內【解析】(1)為了探究光的反射規律，應先把平面鏡放在水平桌面上，再將硬紙板豎直放置在平面鏡上，紙板上的直線ON垂直于鏡面；(2)只進行一次實驗得出的結論具有偶然性，為了得到普遍規律，應改變入射角的度數，多次實驗，換用不同顏色的筆記錄每次光的徑跡；(3)由表中數據可知，改變入射角的角度，反射角也隨之改變，可得出的結論是：在反射現象中，反射角等于入射角；(4)把紙板B沿ON向前或向后拆時，不能在紙板B上看到反射光，說明在反射現象中，反射光線、入射光線和法線在同一平面內．18.(1)接觸面粗糙程度(2)勻速直線1.4(3)木塊對接觸面的壓力大小乙、丙(4)該方案不可行，接觸面的材料發生了變化，使接觸面的粗糙程度發生了改變【解析】(1)分析可知，光滑的冰面容易摔倒，是因為其接觸面較為光滑，所以提出的猜想：滑動摩擦力的大小可能與接觸面的粗糙程度有關；(2)只有在木塊做勻速直線運動時，木塊受到的摩擦力和拉力平衡，此時摩擦力等于彈簧測力計的示數，由圖甲可知，彈簧測力計的分度值為0.2

N，所以其示數為1.4

N；(3)增加銅柱的目的是為了改變木塊對接觸面的壓力大小，由于乙、丙兩次實驗對接觸面的壓力大小相同，接觸面的粗糙程度不同，所以可以用來驗證猜想二；(4)雖然更換銅柱和木塊的位置后其對接觸面的壓力大小沒有改變，但接觸面的粗糙程度發生了改變，所以不可行．19.(1)如答圖所示(2)電壓表斷路A(3)8.33平均電阻R/Ω一欄小燈泡在不同電壓下的電阻不同，求平均值沒有意義(4)2.52.5VU【解析】(1)當滑動變阻器滑片向左移動時，小燈泡變亮，說明電路中的電流增大，總電阻變小，即滑動變阻器接入電路的阻值變小，故滑動變阻器的左下接線柱應與電壓表3

V接線柱相連，具體如答圖所示；(2)閉合開關后，移動滑動變阻器滑片，小燈泡發光且電流表有示數，說明電路中不存在斷路或短路，電壓表無示數的原因可能是因為電壓表斷路；由圖甲可知，電壓表選用0～3

V量程，所以電壓表的分度值為0.1

V，讀數為2.2

V；由于小燈泡的額定電壓為2.5

V，根據串聯電路分壓規律，應減小滑動變阻器接入電路的阻值，即應將滑片向A端移動；(3)由表中數據可知，小燈泡正常發光時的電阻R＝UI＝2.5V0.3A≈8.33

Ω；由于小燈泡的電阻會隨著電壓的改變而改變，所以求電阻的平均值是沒有意義的；(4)由于沒有更換小燈泡，其額定電壓仍為2.5

V，所以實驗步驟應為：連接電路，閉合開關S1，將開關S2撥到b觸點，移動滑片，使電壓表的示數為2.5

V，保持滑片位置不動，再次將開關S2撥到a觸點，讀出電壓表的示數為U，由于串聯電路電流處處相等，可得2.5VR燈＝U－2.5VR五?綜合應用題(本題共2小題,第20題8分,第21題9分,共17分)20.(1)自己(或吊箱)不變(2)纜車運行的平均速度v＝st＝1700(3)由題可知纜車運行一趟在豎直方向上升的高度約為680

m，最大運客量為3

000人/小時，纜車以最大運客量工作一小時對游客做的功W有＝G總h＝3

000mgh＝3

000×50

kg×10

N/kg×680

m＝1.02×109

J

由于運客量最大時，索道的效率約為60%，纜車這一小時消耗的總電能W電＝W有η＝1.02×10

電動機的電功率P＝W電t＝(4)運行效率將減小．原因：纜車運行時每個纜車消耗的能量約等于有用功和克服自身重力所做的額外功之和，因為在旅游淡季，纜車運行時會存在沒有滿載的情況，沒有滿載相比滿載的情況下，纜車所做的有用功減小，額外功不變，故其運行效率會減小．【解析】看到大山離自己遠去，是以自己或吊箱為參照物；纜車在勻速上升過程中，人的質量不變，速度不變，所以人的動能不變．21.(1)小熱傳遞(2)已知額定電壓為220

V，保溫功率為110

W，則此時電路的工作電流I＝P保溫U＝(3)該電路在額定電壓下加熱4

min消耗的電能W＝P加熱t＝1

000

W×4×60

s＝2.4×105

J

導熱油所吸收的熱量Q＝ηW＝90%×2.4×105

J＝2.16×105

J

導熱油的比熱容

c油＝QmΔt＝2