2025屆四川省射洪中學物理高一上期末預測試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、如圖，A、B兩個質量不同的小球從同一地點的不同高度處做自由落體運動，結果同時到達地面，下面有關兩球運動情況的描述中合理的是（）A.若mA＞mB，則兩球可能同時開始釋放B.若mA＞mB，則B球可能比A球先釋放C.若mA＜mB，則兩球落地時速度大小可能相等D.不管兩球質量關系怎樣，A球一定比B球先釋放2、探究彈力和彈簧伸長的關系時，在彈性限度內，懸掛15N重物時，彈簧長度為0.16m；懸掛20N重物時，彈簧長度為0.18m，則彈簧的原長L原和勁度系統k分別為A.L原＝0.02mk＝500N／mB.L原＝0.10mk＝500N／mC.L原＝0.02mk＝250N／mD.L原＝0.10mk＝250N／m3、某質點做勻速圓周運動，下列說法正確的是A.勻速圓周運動是變加速運動B.勻速圓周運動是勻變速運動C.勻速圓周運動是線速度不變的運動D.勻速圓周運動是向心加速度不變的運動4、一個做勻加速直線運動的物體，通過A點的瞬時速度為v1，通過B點的瞬時速度為v2，則該物體通過AB中點的瞬時速度是（）A. B.C. D.5、如圖所示，物塊放在粗糙水平面上處于靜止狀態。現對物塊施加一水平向右的推力F，在推力F由零逐漸增大到物塊向右滑動一段距離的過程中，下列說法正確的是（）A.物塊滑動前，所受摩擦力一直增大B.物塊滑動后，所受摩擦力為靜摩擦力C.物塊滑動前，所受摩擦力為滑動摩擦力D.物塊滑動后，所受摩擦力一直增大6、如圖，小車水平向右加速運動時，物塊M相對車廂靜止于車廂壁上，當小車的加速度增大時，則下列說法正確的是A.M對車廂壁的壓力增大 B.車廂壁對M的摩擦力增大C.車廂壁與M間的動摩擦因數減小 D.M所受合力不變7、作用在同一個物體上的三個共面共點力，第一個力的大小是1N，第二個力的大小是5N，第三個力的大小是9N，它們合力的大小可能是A.0N B.2NC.4N D.6N8、如圖，靜止在光滑水平面上的物體A一端靠著處于自然長度的彈簧，現對物體施加一個水平恒力F，在彈簧被壓縮到最短的這一過程中（）A.物體A做勻加速直線運動B.物體A做勻減速直線運動C.物體A的加速度先減小后增大，速度先增大后減小D.當物體A的加速度為零時，速度最大9、如圖所示，重物的質量為m，輕細繩AO的A端和BO的B端固定，平衡時AO水平，BO與水平方向的夾角為60°．AO的拉力F1和BO的拉力F2與物體重力的大小關系是（）A.F1＞mg B.F1＜mgC.F2＜mg D.F2＞mg10、如圖所示，滑雪軌道是由斜直軌道AB和水平軌道BC組成，運動員經過B點前后速度大小不變，t=0時運動員從A點由靜止開始勻加速下滑，通過B點后，做勻減速滑動，最后停在C點。若運動員在第3s末和第6s末速度大小均為6m/s，第8s末速度大小為4m/s，則A.運動員在第3.5s末已經過B點B.運動員在運動過程中的最大速度為8m/sC.運動員從A到C平均速率為5m/sD.運動員在第12s末恰好停在C點11、某物體做直線運動的v-t圖象如圖所示，取向東為速度的正方向。下列說法中正確的是A.物體在1.5s末向東運動B.物體在2s末的加速度為-1m/s2C.物體在3s末位于初始位置西側D.物體在0~3s的時間內位移一直在增大12、如圖所示，從彈簧上方某點自由下落的小球，從接觸到豎直放置的彈簧，到彈簧的壓縮量最大的過程中，小球的速度及所受合力大小的變化情況正確的是（）A.速度先變大，后變小 B.速度先變小，后變大C.合力先變大，后變小 D.合力先變小，后變大二．填空題(每小題6分，共18分)13、14、15、三．計算題(22分)16、（12分）為了探究物體與斜面間的動摩擦因數，某同學進行了如下實驗：取一質量為m的物體，使其在沿斜面方向的推力作用下向上運動，如圖甲所示，通過力傳感器得到推力隨時間變化的規律如圖乙所示，通過頻閃照相處理后得出速度隨時間變化的規律如圖丙所示，若已知斜面的傾角α＝30°，重力加速度g取10m/s2。(1)求物體與斜面間的動摩擦因數；(2)求撤去推力F后，物體還能上升的距離(斜面足夠長)。17、（10分）一個質量是60kg的人站在升降機的地板上，升降機的頂部懸掛了一個彈簧測力計，彈簧測力計下面掛著一個質量為m＝5kg的物體A，當升降機向上運動時，他看到彈簧測力計的示數為40N，g取10m/s2，求：（1）此時升降機的加速度的大小；（2）此時人對地板的壓力

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、D【解析】兩球均做自由落體運動，則下落加速度與質量無關，均為g，根據可知A球在空中下落時間較長，兩球同時落地時，A球一定比B球先釋放；A．若mA＞mB，則兩球可能同時開始釋放，與結論不相符，選項A錯誤；B．若mA＞mB，則B球可能比A球先釋放，與結論不相符，選項B錯誤；C．若mA＜mB，則兩球落地時速度大小可能相等，與結論不相符，選項C錯誤；D．不管兩球質量關系怎樣，A球一定比B球先釋放，與結論相符，選項D正確；故選D。2、D【解析】根據胡克定律可得，設彈簧的原長為，則有，解得＝0.10m，故選項D正確3、A【解析】勻速圓周運動速度大小不變，方向變化，是變速運動．加速度方向始終指向圓心，加速度是變化的，是變加速運動．向心力方向始終指向圓心，是變化的【詳解】A、B、D項：勻速圓周運動的加速度大小不變，方向時刻改變，所以是變加速運動，故A正確，B、D錯誤；C項：勻速圓周運動是線速度大小不變，方向時刻改變運動，故C錯誤故選A【點睛】勻速圓周運動速度大小不變，方向變化，是變速運動．加速度方向始終指向圓心，加速度是變化的，是變加速運動．向心力方向始終指向圓心，是變化的4、A【解析】設中點位置的速度為v，根據，得，物體通過中點的瞬時速度故A正確，B、C、D錯誤；故選：A；5、A【解析】AC．物塊滑動前，水平方向受到推力和靜摩擦力的作用而處于平衡狀態，隨著推力增大，物塊保持靜止不動，靜摩擦力也一直增大，A正確，C錯誤；BD．物塊滑動后，受到滑動摩擦力，大小為動摩擦因數變化未知，滑動摩擦力變化未知，BD錯誤。故選A。6、A【解析】小車向右做勻加速直線運動，物體M相對小車靜止，加速度與車的加速度相同，分析物塊的受力情況根據牛頓第二定律研究摩擦力、彈力【詳解】以物塊為研究對象，分析受力，作出力圖如圖A.當加速度a增大時，車廂壁對物塊的壓力：N=ma增大，根據牛頓第三定律，M對車廂壁的壓力增大，故A正確；B.物塊豎直方向受力平衡，合外力等于零，摩擦力f=Mg，保持不變．故B錯誤；C.動摩擦因數與接觸面的材料和粗糙程度有關，故動摩擦因數不變，故C錯誤；D.小車的加速度增大時，彈力N=ma增大，合力增大．故D錯誤故選A7、CD【解析】F1=1N、F2=5N、F3=9N，三個力最大值等于三個力之和。即15N。F1、F2兩個力的合力最大為6N，最小為4N，F3=9N不在這兩個力的合力范圍內，所以三個力最小值是3N。因此三個力的合力范圍：3N≤F≤15N，A．0N，故A不符合題意；B．2N，故B不符合題意；C．4N，故C符合題意；D．6N，故D符合題意。故選CD。8、CD【解析】AB．對物體進行受力分析，豎直方向物體受力平衡，水平方向受向左的推力F和向右的彈簧的彈力，由于物體向左運動，所以彈力由零逐漸增大，所以物體的合力是變化的，加速度也是變化的，不可能勻變速運動，故AB錯誤。C．水平方向受向左的推力F和向右的彈簧的彈力，彈力由零逐漸增大，所以合力先減小后增大，合力方向先向左，后向右，故物體A的加速度先減小后增大；而速度方向一直向左，所以速度先增大后減小，故C正確；D．當向右的彈簧的彈力等于向左的推力F，加速度為零，剛好是速度先增大后減小的轉折時刻，所以速度最大，故D正確。故選CD。9、BD【解析】解：對O點受力分析，如圖．根據共點力平衡得，．．故B、D正確，A、C錯誤故選BD【點評】解決本題的關鍵能夠正確地受力分析，運用共點力平衡進行分析10、BD【解析】AB．由題可知，運動員在第3s末速度大小為6m/s，則運動員前3s在斜面上，則加速度大小為：m/s2又第6s末速度大小也為6m/s，第8s末速度大小為4m/s，說明運動員此過程在水平面上，則加速度大小為：m/s2設在AB面上的時間為，B點的最大速度為，則在斜面上有：水平面上有：聯立解得：m/s，s由上可知，3.5s<s，所以運動員在第3.5s末仍在斜面上，最大速度為8m/s，故A錯誤，B正確；C．在AB段的位移為：m在BC段減速到零的時間為：s在BC段的位移為：m根據平均速度公式有：得AC段的平均速度為：m/s故C錯誤；D．綜上分析可知，A到C的總時為:s所以運動員在第12s末恰好停在C點，故D正確。故選BD11、AB【解析】A．物體在1.5s末速度為正，說明物體向東運動，故A正確；B．根據圖象的斜率表示加速度，知物體在2s末的加速度為，故B正確；C．根據圖象與時間軸所圍的面積表示位移，圖象在時間軸的上方位移為正，圖象在時間軸的下方位移為負，知物體在0-3s內的位移等于0-1s內的位移，為正值，則物體在3s末位于初始位置東側，故C錯誤；D．物體在0～2s的時間內位移一直在增大，物體在2～3s的時間內位移在減小，故D錯誤；故選AB。第II卷12、AD【解析】根據小球下落與彈簧接觸過程中彈力變化，即可求出小球合外力的變化情況，進一步根據牛頓第二定律得出加速度變化，從而明確速度的變化情況【詳解】開始階段，彈簧的壓縮量較小，因此彈簧對小球向上的彈力小于向下重力，此時合外力大小：F=mg﹣kx，方向向下，隨著壓縮量的增加，彈力增大，故合外力減小，則加速度減小，由于合外力與速度方向相同，小球的速度增大；當mg=kx時，合外力為零，此時速度最大；由于慣性物體繼續向下運動，此時合外力大小為：F=kx﹣mg，方向向上，物體減速，隨著壓縮量增大，物體合外力增大，加速度增大．即整個過程中合外力先變小后變大，速度先變大后變小，故AD正確，BC錯誤【點睛】本題在于分析小球的受力情況，來確定小球的運動情況，抓住彈力是變化的這一特點．不能簡單認為小球一接觸彈簧就做減速運動二．填空題(每小題6分，共18分)13、14、15、三．計算題(22分)16、(1)(2)0.075m【解析】（1）0～2s內，物體沿斜面向上做勻加速直線運動，由牛頓第二運動定律得F1－mgsinα－μmgcosα＝ma1a1＝＝0.5m/s22s后，物體勻速運動F2－mgsinα－μmgcosα＝0代入數據解得m＝3kgμ＝（2）撤去推力F后，有－μmgcosα－mgsinα＝ma3解得a3＝－m/s2s3＝＝0.075m17、(1)2m