山西省太原市四十八中2025屆物理高三第一學期期中質量跟蹤監視模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，質量滿足mA＝2mB＝3mC的三個物塊A、B、C，A與天花板之間，B與C之間均用輕彈簧相連，A與B之間用細繩相連，當系統靜止后，突然剪斷AB間的細繩，則此瞬間A、B、C的加速度分別為(取向下為正)()A．－g、2g、0 B．－2g、2g、0C．－g、g、0 D．－2g、g、g2、將地面上靜止的貨物豎直向上吊起，貨物由地面運動至最高點的過程中，v﹣t圖象如圖所示．以下判斷正確的是（）A．前2s內貨物處于超重狀態B．第3s末至第5s末的過程中，貨物完全失重C．最后2s內貨物只受重力作用D．前2s內與最后2s內貨物的平均速度和加速度相同3、雨滴在空中下落的過程中，空氣對它的阻力隨其下落速度的增大而增大。若雨滴下落過程中其質量的變化及初速度的大小均可忽略不計，以地面為重力勢能的零參考面。從雨滴開始下落計時，關于雨滴下落過程中其速度的大小v、重力勢能Ep隨時間變化的情況，如圖所示的圖象中可能正確的是（）A． B．C． D．4、春秋末年齊國人的著作《考工記》中有“馬力既竭，辀猶能一取焉”，意思是馬對車不施加拉力了，車還能繼續向前運動．這是關于慣性的最早記述．下列關于慣性的說法中正確的是()A．車只在運動時才具有慣性B．撤去拉力后車的慣性大小不變C．拉力可以改變車的慣性D．車運動越快慣性越大5、研究發現，若某行星的自轉角速度變為原來的2倍，則位于該行星赤道上的物體恰好對行星表面沒有壓力，已知該行星的自轉周期為T，赤道半徑為R，引力常量為G，則（）A．環繞該行星做勻速圓周運動的衛星的最大線速度為B．質量為m的物體對該行星赤道表面的壓力為C．該行星的質量為D．該行星表面重力加速度為6、2017年8月,我國調制望遠鏡—“慧眼"成功監測到了引力波源所在的天區。已知A、B兩個恒星靠著相互間的引力繞二者連線上的某點做勻速圓周運動。在環繞過程中會福射出引力波，該引力波的頻率與兩星做圓周運動的頻率具有相同的數量級。通過觀察測得A的質量為太陽質量的29倍,B的質量為太陽質量的36倍,兩星間的距離為2×105m。取太陽的質量為2x1030kg，G=6.7x10?11N?m2/kg2,則可估算出該引力波頻率的數量級為（）A．102HzB．104HzC．106HzD．108Hz二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，車廂內的后部有一相對車廂靜止的乘客，車廂內前壁的光滑支架的邊緣放有一小球，小球與車廂一起沿平直軌道向前做勻速直線運動。若車廂突然改為向前做勻加速直線運動，小球將脫離支架而下落至地板上。空氣阻力可忽略不計，對于小球離開支架至落到車廂底板上之前的運動，下列說法中正確的是（）A．相對于乘客，小球的運動軌跡為向前的曲線B．相對于乘客，小球的運動軌跡為向后的曲線C．相對于乘客，小球作自由落體運動D．相對于乘客，小球的運動軌跡為斜向前的直線E.相對于乘客，小球的運動軌跡為斜向后的直線F.相對于地面，小球的運動軌跡為向前的曲線G.相對于地面，小球的運動軌跡為向后的曲線H.相對于地面，小球作自由落體運動I.任意時刻，小球相對乘客和相對地面的速度都相等J.任意時刻，小球相對乘客和相對地面的速度方向都相同K.相對于乘客，任意相等的時間間隔內，小球的動量變化都相同L.相對于地面，任意相等的時間間隔內，小球的動量變化都相同8、如圖所示，用水平力F拉著一物體在水平地面上做勻速直線運動，從時刻起水平力F的大小隨時間均勻減小，到時刻，減小為零．物體所受的摩擦力隨時間變化的圖像可能是（）A． B．C． D．9、水平地面上有一木箱，木箱與地面之間的動摩擦因數為．現對木箱施加一拉力F，使木箱做勻速直線運動．設F的方向與水平面夾角為，如圖，在從0逐漸增大到90°的過程中，木箱的速度保持不變，則（）A．F先減小后增大 B．F一直增大C．F的功率減小 D．F的功率不變10、自然界中某個量D的變化量ΔD，與發生這個變化所用時間Δt的比值ΔDΔt，叫做這個量D的變化率．下列說法正確的是（A．若D表示某質點做平拋運動的速度，則ΔDΔtB．若D表示某質點做勻速圓周運動的動量，則ΔDΔtC．若D表示某質點的動能，則ΔDΔtD．若D表示靜電場中某點的電勢，則ΔDΔt三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用如圖所示的實驗裝置可以測量物塊與水平桌面之間動摩擦因數，已知鉤碼質量為m，滑塊質量是鉤碼質量的n倍，重力加速度為g．①用游標卡尺測量遮光片的寬度d.用米尺測量出滑塊起始位置到光電門之間的距離s.(鉤碼不會觸擊到地面)②調整輕滑輪，使細線水平．釋放物塊，記錄數字毫秒計測出的遮光片經過光電門時間Δt.③改變物塊與光電門之間的距離s，重復多次，得到多組數據.④根據上述實驗數據求出動摩擦因數μ.回答下面的問題：⑴物塊經過光電門時的速度v＝________.物塊的加速度a=________.⑵如果采用圖像法處理數據，以起始位置到光電門之間的距離s為橫坐標，選用______為縱坐標，才能得到一條直線．⑶如果這條直線的斜率斜率為k，由圖像可知，物體與水平桌面間的動摩擦因數為μ＝_____12．（12分）在“探究小車速度隨時間變化的規律”的實驗中，（1）圖乙是紙帶穿過打點封時器的兩種穿法，你認為比較合理的穿法是___（選填“A”或“B”）（2）關于打點計時器的使用，下列說法中正確的是___A．電磁打點計時器使用的是4V~6V的直流電源B．在測量物體速度時，先讓物體運動，后接通打點計時器的電源C．使用的電源頻率越高，打點的時間間隔就越小D．紙帶上打的點越密，說明物體運動得越快（3）如圖所示為一次記錄小車運動情況的紙帶，圖中A、B、C、D、E為相鄰的記數點，相鄰記數點間有4個計時點未標出，設A點為計時起點，求C點的瞬時速度___，小車的加速度a=___（結果保留三位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）衛星發射進入預定軌道時往往需要進行多次軌道調整．如圖所示，某次發射任務中先將衛星送至近地圓軌道，然后衛星從圓軌道上A點加速，控制衛星進入橢圓軌道，最后在B點進入距地高為6R的預定圓形高軌道運動，其中A、B分別是兩個圓軌道與橢圓軌道相切之處．已知衛星從A點到B點所需的時間為t0，地球半徑為R．假定衛星在兩個圓軌道上穩定運行時均做勻速圓周運動，求：（1）衛星在高軌道上運行時的周期；（2）地表的重力加速度．14．（16分）如圖所示，堅直平面內的圓弧形光滑軌道半徑為R=1.6m，A端與圓心0等高，B端在O的正上方，與A右側相連的是高和寬都為L=0.3m的臺階，臺階有若干級，一個質量為m=0.3kg的小球從A點正上方h處，由靜止釋放，自由下落至A點后進入圓形軌道，不計小球進入軌道時的能量損失，不計空氣阻力，小球恰能到達軌道的最高點B，求：（1）釋放點距A點的豎直高度；（1）若釋放點距A點的豎直高度H=3R，則小球在B點時對軌道的壓力是多大？小球會落在第幾級臺階上？設g=10m/s1．15．（12分）某電視臺“快樂向前沖”節目中的場地設施如圖所示，AB為水平直軌道，上面安裝有電動懸掛器，可以載人運動，水面上漂浮著一個半徑為R，角速度為ω，鋪有海綿墊的轉盤，轉盤的軸心離平臺的水平距離為L，平臺邊緣與轉盤平面的高度差為H．選手抓住懸掛器，可以在電動機帶動下，從A點下方的平臺邊緣處沿水平方向做初速度為零，加速度為a的勻加速直線運動．選手必須作好判斷，在合適的位置放手，才能順利落在轉盤上．設人的質量為m（不計身高大小），人與轉盤間的最大靜摩擦力為μmg，重力加速度為g．（1）假設選手落到轉盤上瞬間相對轉盤速度立即變為零，為保證他落在任何位置都不會被甩下轉盤，轉盤的角速度ω應在什么范圍？（2）若已知H＝5m，L＝8m，a＝2m/s2，g＝10m/s2，且選手從C點放手能恰能落到轉盤的圓心處，則他是從平臺出發后經過多長時間放手的？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：設C物體的質量為m，則A物體的質量為3m，B物體的質量為1.5m，剪斷細線前，對BC整體受力分析，受到總重力和細線的拉力而平衡，故T=2.5mg；再對物體A受力分析，受到重力、細線拉力和彈簧的拉力；剪斷細線后，重力和彈簧的彈力不變，細線的拉力減為零，故物體A受到的力的合力等于2.5mg，向上，根據牛頓第二定律得A的加速度為；物體C受到的力不變，合力為零，故C的加速度為aC=0；剪斷細線前B受重力、繩子的拉力和彈簧的拉力，他們合力為零；剪短細線后，繩子的拉力突變為零，重力和彈簧的彈力不變，故B合力大小等于繩子的拉力2.5mg，方向豎直向下，根據牛頓第二定律得B的加速度為，可知ABD錯誤，C正確；故選C.考點：牛頓第二定律【名師點睛】本題是力學中的瞬時問題，關鍵是先根據平衡條件求出各個力，然后根據牛頓第二定律列式求解加速度；同時要注意輕彈簧的彈力與形變量成正比，來不及突變，而細線的彈力是有微小形變產生的，故可以突變．2、A【解析】A.在前2s內，圖象的斜率為正，加速度為正方向，說明加速度向上，貨物處于超重狀態，故A正確；B.第3s末至第5s末的過程中，貨物勻速運動，重力等于拉力，B錯誤；C、最后2s內,加速度為≠g，故貨物并不是只受重力時，故C錯誤．D.前2s內貨物做勻加速直線運動,平均速度為,最后2s內貨物的平均速度，故D錯誤．故選A．點睛：速度圖象的斜率等于物體的加速度．根據斜率的正負分析加速度的方向，根據加速度的方向判斷貨物是超重還是失重狀態．加速度方向向上時，處于超重狀態，反之，處于失重狀態．根據求勻變速直線運動的平均速度．3、B【解析】

AB．根據牛頓第二定律得：mg﹣f＝ma得：隨著速度增大，雨滴受到的阻力f增大，則知加速度減小，雨滴做加速度減小的加速運動，當加速度減小到零，雨滴做勻速直線運動，故v﹣t圖象切線斜率先減小后不變，故A錯誤，B正確；CD．以地面為重力勢能的零參考面，則雨滴的重力勢能為：Ep＝mgh﹣mg?at2Ep隨時間變化的圖象應該是開口向下的，故CD錯誤；故選B.4、B【解析】慣性指物體保持原來運動狀態不變的性質，慣性是物體本身固有的屬性，任何物體任何狀態下都有慣性；質量是物體慣性大小的唯一的量度，故B正確，ACD錯誤。5、C【解析】

A．7.9km/s是地球的第一宇宙速度，由于不知道該星球的質量以及半徑與地球質量和半徑的關系，故無法得到該星球的第一宇宙速度與地球第一宇宙速度的關系，故無法確環繞該行星做勻速圓周運動的衛星的最大線速度為7.9km/s，故A錯誤；B．該行星自轉角速度變為原來兩倍，則周期將變為原來的，即，由題意可知此時該星球赤道上物體做勻速圓周運動，由重力充當向心力，則有解得行星地面物體的重力和支持力的合力提供向心力又：，解得由牛頓第三定律可知：質量為m的物體對行星赤道地面的壓力為，故B錯誤，C正確；D．星球表面物體重力近似等于萬有引力。即為解得：故D錯誤。故選C。6、A【解析】

A、B的周期相同，角速度相等，靠相互的引力提供向心力，有：GMAGMAMBL2＝MBrB4π2T2，②

有MArA=MBr【點睛】解決本題的關鍵知道雙星模型的特點，知道雙星具有相同的角速度、周期，結合萬有引力提供向心力進行求解，難度中等．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、EFKL【解析】

ABCDE．以乘客為參考系，小球在水平方向上向左做初速度為零的勻加速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，兩個初速度為零的勻加速直線運動的合運動的軌跡為直線，即相對于乘客，小球的運動軌跡為斜向后的直線；選項ABCD錯誤，E正確；FGH．相對于地面，小球豎直方向做自由落體運動，水平方向做勻速運動，小球做平拋運動，即小球的運動軌跡為向前的曲線，選項F正確，GH錯誤；IJ．任意時刻，小球相對乘客和地面豎直方向的運動相同，但是水平方向的運動不同，則任意時刻小球相對乘客和相對地面的速度大小和方向都不相同，選項IJ錯誤；K．根據動量定理，相對于乘客，小球水平方向是勻變速直線運動，豎直方向是自由落體運動，所以對乘客小球做勻變速曲線運動，所以任意相等的時間間隔內，小球的動量變化都相同，選項K正確；L．根據動量定理，相對于地面，任意相等的時間間隔內，重力的沖量相同，則小球的動量變化都相同，選項L正確。故選EFKL。8、AD【解析】

由題意可知，物體在勻速運動，從t=0時刻，拉力F開始均勻減小，時刻拉力減小為零，出現的摩擦力有兩種可能，一是當拉力為零時，物體仍在滑動，則受到的一直是滑動摩擦力，即大小不變，A正確；另一是當拉力為零前，物體已靜止，則當拉力為零時，則先是滑動摩擦力，后是靜摩擦力，動摩擦力大小不變，而靜摩擦力的大小與拉力相等，而此時拉力小于滑動摩擦力大小，D正確，BC錯誤．【點睛】注意分清滑動摩擦力與靜摩擦力，同時理解滑動摩擦力的大小與壓力及動摩擦因數有關，而靜摩擦力與引起運動趨勢的外力有關，注意當變為靜摩擦力時，拉力已小于滑動摩擦力．9、AC【解析】由于木箱的速度保持不變，因此木箱始終處于平衡狀態，受力分析如圖所示，則由平衡條件得：，兩式聯立解得，可見F有最小值，所以F先減小后增大，A正確；B錯誤；F的功率，可見在從0逐漸增大到90°的過程中tan逐漸增大，則功率P逐漸減小，C正確，D錯誤．10、AB【解析】若D表示某質點做平拋運動的速度，則ΔDΔt表示加速度，方向始終豎直向下，所以A是正確的；若D表示某質點做勻速圓周運動的動量，則ΔDΔt=mΔvΔt=ma，表示向心力大小不變，方向不停改變，故B正確；若D表示質量的動能，則ΔDΔt表示所受外力的功率，表示做功的快慢，不是做功的多少，故點睛：解決本題的關鍵是知道當D表示不同的量時，則ΔDΔt三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、【解析】

(1)[1][2]經過光電門時的瞬時速度大小為v＝由v2＝2as解得(2)(3)[3][4]對物塊由牛頓第二定律可得mg－μMg＝Ma由運動學規律可得2as＝由以上兩式可得則以起始位置到光電門之間的距離s為橫坐標，選用為縱坐標，才能得到一條直線．圖象的斜率為由此可得12、BC1.76.4【解析】

(1)[1]打點計時器在安裝使用時，除基本操作要求外，還有一點值得注意的是：紙帶穿過限位孔進要放在復寫紙的下面，這樣打出的點跡清楚，故B正確；(2)[2]A．電磁打點計時器一般使用4～6V的交流電源，故A錯誤；B．為了提高紙帶的利用率，同時為了使打點穩定，使用打點計時器時要先接通電源，后釋放物體，故B錯誤；C．打點的時間間隔取決于交流電壓的頻率，電源頻率越高，打點的時間間隔就越小，故C正確；D．紙帶上打的點越密，說明相等的時間間隔位移越小，即物體運動的越慢，故D錯誤。(3)[3]電源頻率為50Hz，則周期為0.02s，相鄰計數點間還有四個點未標出，則可知相鄰計數點間的時間為0.1s，利用勻變速直線運動的推論可知平均速度等于中間時刻的瞬時速度：[4]由題意知根據得，加速度為：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的