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文檔簡介
2025屆云南省楚雄州大姚縣大姚一中高三上物理期中教學(xué)質(zhì)量檢測試題注意事項:1.答卷前,考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時,選出每小題答案后,用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑,如需改動,用橡皮擦干凈后,再選涂其它答案標(biāo)號。回答非選擇題時,將答案寫在答題卡上,寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后,將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示,水平面上質(zhì)量均為5kg的兩木塊A、B用一輕彈簧相連接,整個系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)。現(xiàn)用一豎直向上的力F拉動木塊A,使木塊A向上做加速度為5m/s2的勻加速直線運動。研究從力F剛作用在木塊A的瞬間到B剛離開地面的瞬間這個過程,并且選定這個過程的起始位置為坐標(biāo)原點,則下列b圖中可以表示力F與木塊A的位移X之間關(guān)系的是:(g=10m/s2)()A.B.C.D.2、如圖所示為汽車啟動電路原理圖,汽車電動機啟動時車燈會瞬間變暗.在打開車燈的情況下,電動機未啟動時電流表的示數(shù)為;電動機啟動時電流表的示數(shù)為,若電源的電動勢為,內(nèi)阻為,設(shè)電流表的內(nèi)阻不計、車燈的電阻不變,則在打開車燈、電動機啟動時,電動機的輸入電功率為()A. B. C. D.3、如圖所示,“馬踏飛燕”是漢代藝術(shù)家高度智慧、豐富想象、浪漫主義精神和高超的藝術(shù)技巧的結(jié)晶,是我國古代雕塑藝術(shù)的稀世之寶.飛奔的駿馬之所以能用一只蹄穩(wěn)穩(wěn)地踏在飛燕上,是因為()A.馬的重力較小B.馬蹄大C.馬的重心在飛燕上D.馬的重心位置和飛燕在一條豎直線上4、對于質(zhì)點的運動,下列說法正確的是A.質(zhì)點運動的加速度為零,則速度為零,速度變化也為零B.質(zhì)點速度變化率越大,則加速度越大C.質(zhì)點某時刻的加速度不為零,則該時刻的速度也不為零D.質(zhì)點運動的加速度越大,它的速度變化越大5、質(zhì)量為m=2kg的物體沿水平面向右做直線運動,t=0時刻受到一個水平向左的恒力F,如圖甲所示,此后物體的v?t圖像如圖乙所示,取水平向右為正方向,g=10m/s2,則()A.物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ=0.5B.10s末恒力F的功率為6WC.10s末物體恰好回到計時起點位置D.10s內(nèi)物體克服摩擦力做功34J6、如圖所示,圖中實線是一簇未標(biāo)明方向的由點電荷產(chǎn)生的電場線,虛線是某帶電粒子通過該電場區(qū)域時的運動軌跡,A、B是軌跡上的兩點,若帶電粒子在運動過程中只受到靜電力作用,根據(jù)此圖不能作出的正確判斷是()A.帶電粒子在A、B兩點的受力方向B.帶電粒子所帶電荷的正、負(fù)C.帶電粒子在A、B兩點的加速度何處較大D.帶電粒子在A、B兩點的速度何處較大二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、質(zhì)量為M的半球形物體A和質(zhì)量為m的球形物體B緊靠著放在傾角為的固定斜面上,并處于靜止?fàn)顟B(tài),如圖所示,忽略B球表面的摩擦力,則關(guān)于物體受力情況的判斷正確的是()A.物體A對物體B的彈力方向沿斜面向上B.物體A受到4個力的作用C.物體B對斜面的壓力等于D.物體B對物體A的壓力大于8、一蹦極運動員身系彈性蹦極繩從水面上方的高臺下落,到最低點時距水面還有數(shù)米距離.假定空氣阻力可忽略,運動員可視為質(zhì)點,下列說法正確的是()A.運動員到達(dá)最低點前重力勢能始終減小B.蹦極繩張緊后的下落過程中,彈性力做負(fù)功,彈性勢能增加C.蹦極過程中,運動員、地球和蹦極繩所組成的系統(tǒng)機械能守恒D.蹦極過程中,重力勢能的改變與重力勢能零點的選取有關(guān)9、如圖所示,窗子上、下沿間的高度H=1.6m,墻的厚度d=0.4m,某人在離墻壁距離L=1.4m、距窗子上沿h=0.2m處的P點,將可視為質(zhì)點的小物件以v的初速度水平拋出,要求小物件能直接穿過窗口并落在水平地面上,不計空氣阻力.則可以實現(xiàn)上述要求的速度大小是A.4m/sB.6m/sC.8m/sD.10m/s10、放置于固定斜面上的物塊,在平行于斜面向上的拉力F作用下,沿斜面向上做直線運動.拉力F和物塊速度v隨時間t變化的圖象如圖,則()A.第1s內(nèi)物塊受到的合外力為0.5NB.物塊的質(zhì)量為11kgC.第1s內(nèi)拉力F的功率逐漸增大D.前3s內(nèi)物塊機械能先增大后不變?nèi)嶒烆}:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)在“驗證力的平行四邊形定則”實驗中,某同學(xué)的實驗情況如圖所示,其中A為固定橡皮筋的圖釘,O為橡皮筋與細(xì)繩的結(jié)點,OB和OC為細(xì)繩.(1)本實驗中,采用下列哪些方法和步驟可以減小實驗誤差________.A.兩個分力、間的夾角盡量小些B.兩個分力、間的夾角盡量大些C.橡皮筋的細(xì)繩要盡量短一些D.實驗中,彈簧秤必須與木板平行,讀數(shù)時視線要正對彈簧秤刻度(2)本實驗采用的是等效替代法,但若將細(xì)繩也換成橡皮筋,則實驗結(jié)果是否會發(fā)生變化?答:_________________(選填“變化”或“不變化”).(3)若保持結(jié)點O的位置及OB繩方向不變,而將OC順時針緩慢轉(zhuǎn)動一小角度,其他操作均正確,則______________.A.彈簧秤甲的示數(shù)不變B.彈簧秤甲的示數(shù)一直減小C.彈簧秤乙的示數(shù)可能增大D.彈簧秤乙的示數(shù)一定先減小后增大12.(12分)某同學(xué)利用圖甲所示的實驗裝置,探究物塊在水平桌面上的運動規(guī)律。物塊在重物的牽引下開始運動,重物落地后,物塊再運動一段距離停在桌面上(尚未到達(dá)滑輪處)。從紙帶上便于測量的點開始,每5個點取1個計數(shù)點,相鄰計數(shù)點間的距離如圖乙所示。打點計時器電源的頻率為50Hz。(1)通過分析紙帶數(shù)據(jù),可判斷物塊在相鄰計數(shù)點_____和_____之間某時刻開始減速。(2)計數(shù)點5對應(yīng)的速度大小為_____m/s,計數(shù)點6對應(yīng)的速度大小為____m/s。(保留三位有效數(shù)字)。(3)物塊減速運動過程中加速度的大小為=___m/s2,若用來計算物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)(g為重力加速度),則計算結(jié)果比動摩擦因數(shù)的真實值___(填“偏大”或“偏小”)。四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)小物塊質(zhì)量m=0.99kg,靜止在光滑水平面上,一顆質(zhì)量為m0=0.01kg的子彈以速度v0=400m/s從左邊射入小物塊,子彈沒有打穿小物塊,之后小物塊滑上一傾角為37°的斜坡,最后返回水平面.水平面與斜坡的連接處有一小段光滑圓弧,小物塊與斜坡的動摩擦因數(shù)μ=0.5,重力加速度g=10m/s2.(sin37°=0.6,cos37°=0.8)求:(1)小物塊被打入子彈后沿斜坡上滑的最大距離;(2)小物塊返回水平面的速度.14.(16分)如圖所示,傾角為37°的粗糙斜面的底端有一質(zhì)量m=1kg的凹形小滑塊,小滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)μ=0.25現(xiàn)小滑塊以某一初速度v從斜面底端上滑,同時在斜面正上方有一小球以速度v0水平拋出,經(jīng)過0.4s,小球恰好垂直斜面落入凹槽,此時,小滑塊還在上滑過程中。空氣阻力不計,已知sin37°=0.6,cos37°=0.8,g取10m/s2,求:(1)小球水平拋出的速度v0的大小;(2)小滑塊的初速度v的大小。15.(12分)如圖所示,火箭載著宇宙探測器飛向某行星,火箭內(nèi)平臺上還放有測試儀器.火箭從地面起飛時,以加速度豎直向上做勻加速直線運動(為地面附近的重力加速度),已知地球半徑為R.(1)到某一高度時,測試儀器對平臺的壓力是起飛前的,求此時火箭離地面的高度h.(2)探測器與箭體分離后,進(jìn)入行星表面附近的預(yù)定軌道,進(jìn)行一系列科學(xué)實驗和測量,若測得探測器環(huán)繞該行星運動的周期為T0,試問:該行星的平均密度為多少?(假定行星為球體,且已知萬有引力恒量為G)
參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】設(shè)初始狀態(tài)時,彈簧的壓縮量為x0,彈簧勁度系數(shù)為k,物體的質(zhì)量為m,則kx0=mg;力F作用在木塊A上后,選取A為研究對象,其受到豎直向上的拉力F.豎直向下的重力mg和彈力k(x0?x)三個力的作用,根據(jù)牛頓第二定律,F(xiàn)+k(x0?x)?mg=ma,即F=ma+kx=25+kx;當(dāng)彈簧對物體B豎直向上的彈力等于重力時B剛好離開地面,此時彈簧對物體A施加豎直向下的彈力F彈,大小為mg,對物體A運用牛頓第二定律有F?mg?F彈=ma,代入數(shù)據(jù),可求得F=125N.故選:A.點睛:最初彈簧被壓縮,A物體受到豎直向上的彈力等于重力,由于A物體做勻加速直線運動,對A受力分析,列出牛頓第二定律解出對應(yīng)的表達(dá)式;當(dāng)B物體要離開地面時地面的支持力為零,彈簧對B物體向上的拉力等于B物體的重力,即彈簧對A物體向下的拉力等于B的重力,再列出牛頓第二定律解出此所需的拉力F大小即可.2、C【解析】
由閉合電路歐姆定律有,解得燈泡的電阻為,電動機啟動時電動機兩端的電壓為,電動機上的電流,所以電動機的輸入電功率,C正確.3、D【解析】飛奔的駿馬之所以能用一只蹄穩(wěn)穩(wěn)地踏在飛燕上,和馬的重力大小沒有關(guān)系,和馬蹄的大小也沒有關(guān)系,而是因為馬處于平衡狀態(tài),飛燕對馬的支持力和馬的重力一定在一條豎直線上,二力是一對平衡力;根據(jù)馬的形態(tài)可以看出,馬的重心不會在飛燕上,故選項D正確.4、B【解析】選B.質(zhì)點運動的加速度為零時,質(zhì)點的速度變化為零,但速度不一定為零,A錯誤;質(zhì)點速度變化率即為加速度,B正確;質(zhì)點在某時刻的加速度不為零,其速度可能為零,如自由落體的物體在開始下落的瞬間,故C錯誤;質(zhì)點的速度變化Δv=a·Δt,即速度的變化由質(zhì)點的加速度和時間共同決定,D錯誤.5、D【解析】
A.設(shè)物體向右做勻減速直線運動的加速度大小為a1,則由v?t圖得,加速度大小方向與初速度方向相反,設(shè)物體向左做勻加速直線運動的加速度大小為a2,則由v?t圖得,加速度大小方向與初速度方向相反,根據(jù)牛頓第二定律,有,聯(lián)立上述各式得,故A錯誤;B.10s末恒力F的瞬時功率故B錯誤;C.根據(jù)v?t圖與橫軸所圍的面積表示位移得負(fù)號表示物體在起點以左,故C錯誤;D.10s內(nèi)克服摩擦力做功故D正確。故選D。【點睛】本題關(guān)鍵先根據(jù)運動情況求解加速度,確定受力情況后求解出動摩擦因數(shù),根據(jù)v?t圖與橫軸所圍的面積表示位移求解位移。6、B【解析】
由圖,粒子的運動軌跡向左彎曲,說明粒子在A、B兩點受到的電場力沿電場線向左,由于電場線方向不明,無法確定粒子的電性和產(chǎn)生該電場的點電荷的電性。故A正確,B錯誤。A點的電場線比B點密集,則A點的場強較大,粒子在A點的電場力較大,加速度較大,選項C正確;由A到B,電場力做負(fù)功,動能減小,故B處的速度小,故D正確。本題選不能判斷的,故選B。【點睛】本題是電場中粒子的軌跡問題,首先要能根據(jù)軌跡的彎曲方向判斷粒子受力方向,即受力方向指向軌跡的凹向;電場線的疏密反映場強的大小.二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、BD【解析】對物體B受力分析,受重力、斜面的支持力和A對B的支持力,受力分析圖如圖所示由于彈力與接觸面垂直,故A對B的支持力不是平行斜面向上,而是偏向上一點,A錯誤;根據(jù)平衡條件有:,,得,,則由牛頓第三定律可知,物體B對物體A的壓力大于,物體B對斜面的壓力小于,C錯誤,D正確;物體A受重力、支持力、摩擦力、B對A的壓力,共4個力,B正確;選BD.【點睛】先對物體B受力分析,根據(jù)平衡條件判斷A對B的彈力和斜面對B的支持力情況;再結(jié)合牛頓第三定律判斷B對A的壓力情況8、ABC【解析】A、運動員到達(dá)最低點前,重力對運動員一直做正功,運動員的重力勢能始終減小,故A正確;B、蹦極繩張緊后的下落過程中,彈力方向向上,運動員的位移向下,彈性力對運動員做負(fù)功,彈性勢能增加,故B正確;C、以運動員、地球和蹦極繩所組成的系統(tǒng),只有重力和彈力做功,系統(tǒng)的機械能守恒,故C正確;D、重力勢能的改變與重力做功有關(guān),取決于初末位置的高度差,與重力勢能零點的選取無關(guān),故D錯誤.點睛:本題類似于小球掉在彈簧上的類型.重力與彈力特點相似,這兩種力做正功時,勢能減小,做負(fù)功時,勢能增加.9、AB【解析】
由題意可知考查平拋運動規(guī)律,找出臨界條件,根據(jù)平拋規(guī)律計算可得.【詳解】物體拋出速度最大時,剛好沿窗子上沿的右側(cè)飛過,豎直方向做自由落體運動水平方向做勻速運動代入數(shù)值聯(lián)立可得物體拋出時速度最小時,剛好沿窗子下沿的左側(cè)飛過,豎直方向估自由落體運動水平方向做勻速運動代入數(shù)值聯(lián)立可得綜上所述拋出速度應(yīng)滿足3m/s<v<7m/AB.選項中的數(shù)值在3m/s<v<7m/范圍內(nèi),故AB正確;CD.選項中的數(shù)值不在3m/s<v<7m/范圍內(nèi),故CD錯誤.【點睛】找出平拋初速度的最大值和最小值對應(yīng)的臨界條件,根據(jù)平拋運動規(guī)律列式計算可得.10、AC【解析】由圖可得,0~1s內(nèi)物體的加速度為:;由牛頓第二定律可得:F-mgsinθ=ma;1s后有:F′=mgsinθ;聯(lián)立并將F=5.5N,F(xiàn)′=5.0N代入解得:m=1.0kg,θ=30°;第1
s內(nèi)物塊受到的合外力為F合=ma=1×0.5N=0.5N.故A正確,B錯誤.第1
s內(nèi)拉力F的功率P=Fv,F(xiàn)不變,v增大,則P增大,故C正確.前1s內(nèi)物塊的動能和重力勢能均增大,則其機械能增大.2-3s內(nèi),動能不變,重力勢能增大,其機械能增大,所以物塊的機械能一直增大.故D錯誤.故選AC.點睛:本題的關(guān)鍵先由v-t圖象確定運動情況,然后求解出加速度,再根據(jù)牛頓第二定律和平衡條件列方程求解物體的質(zhì)量和斜面的傾角.三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、D不變化BC【解析】
(1)根據(jù)平行四邊形定則可知夾角太小將會導(dǎo)至合力過大,導(dǎo)致一個彈簧拉時可能超過量程,故夾角不能太小或太大,適當(dāng)即可,故AB錯誤;為了準(zhǔn)確記下拉力的方向,故采用兩點描線時兩點應(yīng)盡量距離大一些,故細(xì)繩應(yīng)長些,故C錯誤;為了防止出現(xiàn)分力的情況,應(yīng)讓各力盡量貼近木板,且與木板平行,同時,讀數(shù)時視線要正對彈簧秤刻度,故D正確;故選D.(2)由于O點的作用效果相同,將兩個細(xì)繩套換成兩根橡皮條,不會影響實驗結(jié)果(3)對點o受力分析,受到兩個彈簧的拉力和橡皮條的拉力,保持結(jié)點O的位置及OB繩方向不變,其中橡皮條長度不變,其拉力大小不變,彈簧秤甲的示數(shù)一直減小,彈簧秤乙的示數(shù)可能增大,也有可能減小,故AD錯誤,BC正確;故選BC.【點睛】本題考查驗證力的平行四邊形定則,要了解具體操作和有關(guān)數(shù)據(jù)處理的方法以及誤差分析,了解整個實驗過程的具體操作,以及這些具體操作的意義,同時要熟練應(yīng)用所學(xué)基本規(guī)律來解答實驗問題.12、67
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