湖南省三湘名校2025屆高二物理第一學期期中統考模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，小球從距水平地面高為H的A點自由下落，到達地面上B點后又陷入泥土中h深處，到達C點停止運動。若空氣阻力可忽略不計，則對于這一過程，下列說法中正確的是（）A．小球從A到B的過程中動能的增量，大于小球從B到C過程中克服阻力所做的功B．小球從B到C的過程中克服阻力所做的功，等于小球從A到B過程中重力所做的功C．小球從B到C的過程中克服阻力所做的功，等于小球從A到B過程與從B到C過程中小球減少的重力勢能之和D．小球從B到C的過程中損失的機械能，等于小球從A到B過程中小球所增加的動能2、如下圖所示的真空空間中，僅在正方體中的黑點處存在著電荷量大小相等的點電荷，則圖中a、b兩點電場強度和電勢均相同的是A． B． C． D．3、如圖所示，電源的內阻不可忽略．已知定值電阻R1=11Ω，R2=8Ω．當開關S接位置1時，電流表的示數為1．21A．那么當開關S接位置2時，電流表的示數可能是下列的哪些值（）A．1．28AB．1．25AC．1．22AD．1．19A4、電子從負極板的邊緣垂直進入勻強電場，恰好從正極板邊緣飛出，如圖所示，現在保持兩極板間的電壓不變，使兩極板間的距離變為原來的2倍，電子的入射方向及位置不變，且要電子仍從正極板邊緣飛出，則電子入射的初速度大小應為原來的（）A．B．C．D．25、兩個完全相同的絕緣金屬球a和b（可視為質點）相距為r，電荷量分別為+3q和+q，兩球接觸后再分開放回原位置，下列分析正確的是（）A．現在a的電荷量為+2q、b的電荷量為0B．現在a、b的電荷量都為+2qC．此過程中是a球上的電子轉移到b球D．現在兩球間的庫侖力6、金屬材料的電阻率有以下特點：一般而言，純金屬的電阻率小，合金的電阻率大；金屬的電阻率隨溫度的升高而增大，有的金屬電阻率隨溫度變化而顯著變化，有的合金的電阻率幾乎不受溫度的影響．根據以上的信息，判斷下列的說法中正確的是（）A．電爐、電阻器的電阻絲一般用合金來制作B．連接電路用的導線一般用合金來制作C．電阻溫度計一般用電阻率幾乎不受溫度影響的合金來制作D．標準電阻一般用電阻率隨溫度變化而顯著變化的金屬材料制作二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示是某款理發用的電吹風的電路圖，它主要由電動機M和電熱絲R構成．當閉合開關S1、S2后，電動機驅動風葉旋轉，將空氣從進風口吸入，經電熱絲加熱，形成熱風后從出風口吹出．已知電吹風的額定電壓為220V，吹冷風時的功率為120W，吹熱風時的功率為1000W．關于該電吹風，下列說法正確的是()A．電熱絲的電阻為55ΩB．電動機的電阻為ΩC．當電吹風吹冷風時，電熱絲每秒鐘消耗的電能為120JD．當電吹風吹熱風時，電動機每秒鐘消耗的電能為120J8、已知一質量為m的帶電液滴，經電壓U加速后，水平進入互相垂直的勻強電場E和勻強磁場B中，液滴在此空間的豎直平面內做勻速圓周運動，如圖，則()A．液滴在空間可能受4個力作用B．液滴一定帶負電C．液滴做圓周運動的半徑D．液滴在場中運動時總能量不變9、如圖所示，在真空中固定兩個等量異號點電荷+Q和-Q,圖中O點為兩點電荷連線的中點，P點為連線上靠近-Q的一點，MN為過O點的一條線段，M點與N點關于O點對稱.下列說法中正確的是（）A．同一個試探電荷在M、N兩點所受的電場力相同B．M、N兩點的電勢相同C．將帶正電的試探電荷從M點沿直線移到N點的過程中電荷的電勢能先增大后減小D．只將-Q移到P點，其他點在空間的位置不變，則O點的電勢降低10、在圖所示的電路中，電源電動勢為E、內電阻為r．在滑動變阻器的滑動觸片P從圖示位置向下滑動的過程中：A．電路中的總電流變大B．路端電壓變大C．通過電阻R2的電流變小D．通過滑動變阻器R1的電流變小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）小燈泡燈絲的電阻會隨溫度的升高而增大，某同學為研究這一現象，利用下列實驗器材：電壓表、電流表、滑動變阻器（變化范圍０—１０Ω）、電源、小燈泡、開關、導線若干來設計實驗．并通過實驗得到如下數據（Ｉ和Ｕ分別表示小燈泡上的電流和電壓）.I/A00.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50U/V00.200.400.600.801.001.201.401.601.802.00（1）請在上面的方框中畫出實驗電路圖__________.（2）在上圖中畫出小燈泡的I-U曲線________________.（3）把本題中的小燈泡接到上圖所示電路中,若電源電動勢E=2.0V,內阻不計,定值電阻R=5Ω,則此時小燈泡的功率是_________W．12．（12分）某物理興趣小組的同學用圖甲所示裝置來“驗證牛頓第二定律”，同學們在實驗中，都將沙和沙桶總重力的大小作為細線對小車拉力的大小，通過改變小桶中砂的質量改變拉力。為使細線對小車的拉力等于小車所受的合外力，實驗中需要平衡摩擦力。（1）下列器材中不必要的是_____（填字母代號）。A．低壓交流電源B．秒表C．天平（含砝碼）D．刻度尺（2）下列實驗操作中，哪些是正確的_____（填字母代號）。A．調節滑輪的高度，使牽引小車的細繩與長木板保持平行B．每次實驗，都要先放開小車，再接通打點計時器的電源C．平衡摩擦力時，將懸掛小桶的細線系在小車上D．平衡摩擦力時，讓小車后面連著已經穿過打點計時器的紙帶（3）圖乙是某同學實驗中獲得的一條紙帶。A、B、C為三個相鄰的計數點，若相鄰計數點之間的時間間隔為T．A、B間的距離為x1，A、C間的距離為x2，則小車的加速度a＝_____（用字母表達）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一太陽能電池板，測得其開路電壓為800mV，短路電流為40mA．若將該電池板與阻值為60Ω的電阻器連成一閉合電路，則它的路端電壓多大？14．（16分）在如圖所示的電路中，電源的電動勢E=3.0V，內阻r=1.0Ω,電阻R1=10Ω，R2=10Ω，R3=30Ω，R4=35Ω；電容器的電容為500μF．電容器原來不帶電．求接通電鍵S后流過R4的總電荷量．15．（12分）如圖所示，光滑的平行導軌間距為L傾角為θ，處在豎直向下的磁感應強度為B的勻強磁場中，導軌中接入電動勢為E、內阻為r的直流電源。電路中有一阻值為R的電阻，其余電阻不計，將質量為m的導體棒由靜止釋放后沿導軌下滑，求：（1）導體棒在釋放瞬間的加速度的大小；（2）若保持通過導體棒的電流不變，改變兩導軌間的磁場方向，導體棒能夠在導軌上靜止，磁感應強度的最小值B0的大小為多少。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：A、取從靜止開始釋放到落到地面得過程，應用由動能定理得mgH=EkEk=mgH，研究小球陷入泥中的過程，應用由動能定理得mgh﹣wf=0﹣Ekwf為克服泥土阻力所做的功wf=mgh+Ek=mg（H+h），所以AB錯誤，C正確；D、小球從B到C的過程中損失的機械能為除重力以外的力做的功，即為mg（H+h），大于小球從A到B過程中小球所增加的動能，故D錯誤．故選C2、C【解析】

A．根據點電荷的電場強度公式，可得a、b兩點電場強度大小相等，場強的方向相反，電勢是標量，所以a、b兩電勢相等．故A錯誤．

B．根據點電荷的電場強度公式，可求得各個點電荷在a、b兩點的電場場強大小，再根據矢量的合成，可得a、b兩點的電場場強大小不等．故B錯誤．C．根據點電荷的電場強度公式，得各個點電荷在a、b兩點的電場場強大小相等，再根據矢量合成，求出合場強相等，場強的方向相同．a、b兩電勢相等．故C正確．D．根據點電荷的電場強度公式，可得a、b兩點的電場場強大小相等，再根據矢量合成，求出合場強相等，但場強的方向不同．故D錯誤．3、C【解析】試題分析：當電鍵S接位置1時，電流表的示數為1．21A，則根據歐姆定律得知：路端電壓U1=I1R1=11×1．2V=2V；電鍵S接2后，電路的總電阻減小，總電流一定增大，所以電流不可能是1．19A，電源的路端電壓一定減小；原來路端電壓為2V，所以電鍵S接2后路端電壓低于2V，因此電流一定小于1．25A，故只能選C．考點：閉合電路歐姆定律名師點睛：本題要根據閉合電路歐姆定律分析路端電壓與外電阻的關系，同時分析總電流與外電路總電阻的關系，可確定出電流表示數的范圍進行選擇．4、C【解析】對于帶電粒子以平行極板的速度從左側中央飛入勻強電場，恰能從右側擦極板邊緣飛出電場這個過程，假設粒子的帶電量e，質量為m，速度為v，極板的長度為L，極板的寬度為d，電場強度為E，極板之間的電壓為U；由于粒子做類平拋運動，所以水平方向，豎直方向，，故，若間距d變為原來的兩倍，粒子仍從正極板邊沿飛出，則電子入射速度大小應為原來的，C正確．5、B【解析】根據同種電荷接觸后分開，電量則是平分；若是異種電荷，接觸后分開，電量是先中和再平分，由于電荷量分別為+3q和+q，兩球接觸后再分開，因此a、b的電荷量都為+2q，故A錯誤，B正確；此過程中是b球上的電子轉移到a球上，故C錯誤；此時兩球間的庫倫力為：，故D錯誤．所以B正確，ACD錯誤．6、A【解析】

A．合金的電阻率大，故電爐、電阻器的電阻絲一般用合金來制作，故A正確；B．純金屬的電阻率小，故連接電路用的導線一般用純金屬來制作，故B錯誤；C．有的金屬電阻率隨溫度變化而顯著變化，故電阻溫度計一般用電阻率隨溫度變化而顯著變化的金屬材料來制作，故C錯誤；D．有的合金的電阻率幾乎不受溫度的影響，故標準電阻一般用合金材料制作，故D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

當吹熱風時，電機和電阻并聯．電阻消耗的功率為，由可知故A正確；電機為非純電阻電路故B錯誤；當電吹風吹冷風時，電熱絲處于斷路狀態，沒有電流通過，電熱絲每秒鐘消耗的電能為0，故C錯誤；當電吹風吹熱風時，電動機M和電熱絲R并聯，電動機的功率為120W，所以每秒鐘消耗的電能，故D正確；綜上分析，AD正確．8、BCD【解析】

AB．液滴在豎直平面內做勻速圓周運動，故重力等于電場力，即洛倫茲力提供向心力，所以mg=qE由于電場力的方向與場強的方向相反，故液滴帶負電，液滴在空間受到三個力作用，故A錯誤，B正確；C．洛倫茲力提供向心力，即解得：在加速電場中根據動能定理聯立解得：故C正確；D．因電場力與重力相平衡，由洛倫茲力提供向心力，而洛倫茲力總是垂直速度的方向，所以不做功，則在場中運動時總能量不變，故D正確。9、AD【解析】

A．等量異種點電荷的電場的分布具有一定的對稱性，如圖：

由圖可得M、N兩點的電場強度相同，F=Eq，電場力相同，故A正確；B．畫出過M、N的等勢面，如圖所示：

電場線從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，故M點的電勢大于N點的電勢，故B錯誤；C．將帶正電的試探電荷從M點沿直線移到N點的過程中，電場力一直做正功，故電勢能一直減小，故C錯誤；D．等量異種點電荷的連線中垂線是一條等勢線，故O點的電勢為零；只將-Q移到P點，其它點在空間的位置不變，此時兩個電荷連線的中點在O點的左側，故O點的電勢變為負值，故O點的電勢降低，故D正確。10、AC【解析】試題分析：在滑動變阻器的滑動觸片P從圖示位置向下滑動的過程中，滑動變阻器電阻減小，回路中總電阻減小，由歐姆定律可知電路中電流增大，電源內阻分得電壓增大，由U=E-Ir可知路端電壓減小，A對；B錯；R2兩端電壓減小，流過R2的電流減小，C對；干路電流增大，R2支路電流減小，由此可判斷流過電阻R1的電流增大，D錯；考點：考查串并聯和全電路的歐姆定律和動態變化點評：在閉合電路中能夠明確串并聯關系是解決此類問題的關鍵，分析動態變化的步驟是：局部—整體—局部三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.14—0.18W均可得分【解析】（1）測量伏安特性曲線應采用滑動變阻器分壓接法；同時電流表采用外接法；答案如圖所示：

（2）將各點在圖象中描出，如圖所示；（3）設燈泡的電壓U，電流I，U=E-2IR，代入數據可得：U=2-2I，作U-I圖象：與燈泡的特征曲線的交點坐標為燈泡工作時的電壓和電流，兩者之積為0.47W．12、BAD【解析】

（1）[1]．A．電磁式打點計時器使用的是低壓交流電源。故A不符合題意；B．電磁式打點計時器是計時的儀器，不需要秒表。故B符合題意；C．驗證牛頓第二定