2025屆福建省福州市第十一中學高二物理第一學期期中調研試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列關于電動勢的說法錯誤的是（）A．電動勢表征的就是電源把其他形式的能轉化為電能的本領B．電源的電動勢等于內、外電路上電勢降落之和C．電源的電動勢在數值上等于路端電壓D．電源電動勢等于電源把正電荷從負極移到正極所做的功跟移送的電量之比2、如圖甲所示電路中，電壓表V1指針指在滿刻度的處，電壓表V2指針指在滿刻度；圖乙中，電壓表V1指針指在滿刻度，電壓表V2指針指在滿刻度的處，已知V1的內阻為9KΩ，則V2的內阻為（）A．1KΩ B．2KΩ C．3KΩ D．4KΩ3、如圖所示，把一重力不計的通電直導線水平放在蹄形磁鐵磁極的正上方，導線可以自由轉動和平動，當導線通入圖示方向的電流I時，從上往下看，導線的運動情況是（）A．順時針方向轉動，同時下降B．順時針方向轉動，同時上升C．逆時針方向轉動，同時下降D．逆時針方向轉動，同時上升4、如圖所示的電路中，電源、電壓表、電流表都是理想的，當滑動變阻器的觸頭由a端向b端滑動時，下列說法正確的是A．電壓表讀數增大，電流表讀數增大 B．電壓表讀數增大，電流表讀數減小C．電壓表讀數不變，電流表讀數增大 D．電壓表讀數不變，電流表讀數增減小5、如圖所示是勻強電場中的一組等勢面，每兩個相鄰等勢面的距離是，由此可確定電場強度的方向及大小為A．豎直向下，E=40N/CB．水平向右，E=40N/CC．水平向左，E=40N/CD．水平向右，E=400N/C6、如圖所示，空間有一水平勻強電場，在豎直平面內有一初速度為v0的帶電微粒，沿圖中虛線由A運動至B，其能量變化情況是（重力不能忽略）（）A．動能減少，重力勢能增加，電勢能增加B．動能減少，重力勢能增加，電勢能減少C．動能不變，重力勢能增加，電勢能減少D．動能增加，重力勢能增加，電勢能減少二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，真空中M、N處放置兩等量異種電荷，a、b、c為電場中的三點，實線PQ為M、N連線的中垂線，a、b兩點關于MN對稱，a、c兩點關于PQ對稱，已知一帶正電的試探電荷從a點移動到c點時，試探電荷的電勢能減小，則以下判定正確的是()A．M點處放置的是負電荷B．a點的場強與c點的場強完全相同C．a點的電勢高于c點的電勢D．若將該試探電荷沿直線由a點移動到b點，則電場力先做負功，后做正功8、電源電動勢為E，內阻為r，向可變電阻R供電，關于路端電壓說法正確的是()A．因為電源電動勢不變，所以路端電壓也不變B．因為U＝IR，所以當I增大時，路端電壓也增大C．因為U＝E－Ir，所以當I增大時，路端電壓下降D．若外電路斷開，則路端電壓等于電動勢9、兩個相同的金屬小球，帶電荷量之比為1∶7，相距為r，兩者相互接觸后再放回原來的位置上，則它們間的庫侖力可能為原來的（）A． B． C． D．10、如圖所示，實線表示未標明方向的由點電荷產生電場的電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區域時的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點，若帶電粒子在運動中只受電場力作用，根據此圖能作出正確判斷的是（）A．帶電粒子在a、b兩點受力何處較大B．帶電粒子所帶電荷的正、負C．帶電粒子在a、b兩點的速度何處較大D．帶電粒子在a、b兩點的電勢能何處較大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一個小燈泡的額定電壓為6.3V，額定電流為0.25A，用以下所給的實驗器材描給出小燈泡的伏安特性曲線A．電源E1:輸出電壓恒為8VB．電源E2輸出電壓恒為12VC．電壓表V：量程為0～10V，內阻約為10kΩD．電流表A1：量程為0－3A，內阻約為0.1ΩE，電流表A2：量程為0～300mA，內阻的為1ΩF．滑動變阻器R：最大阻值為10Ω，定電流為1.0A，開關S，導線若干（1）實驗中電源應選用_____，電流表應選用___，選填材前面字母序號（2）在虛線框內畫出實驗電路原理圖12．（12分）測一節干電池的電動勢E和內阻r.某同學設計了如圖a所示的實驗電路,已知電流表內阻與電源內阻相差不大.(1)連接好實驗電路,開始測量之前,滑動變阻器R的滑片P應調到____(選填“a”或“b”)端.(2)閉合開關S1,S2,接位置1,改變滑片P的位置,(3)重復(1)操作,閉合開關S1,S2,接位置2,改變滑片P的位置,(4)建立U-I坐標系,在同一坐標系中分別描點作出S2接位置1、2時圖象如圖b所示①S2接1時的U-I圖線是圖b中的_____(選填“A”或“B”)線②每次測量操作都正確,讀數都準確.由于S2接位置1,電壓表的分流作用,S2接位置2,電流表的分壓作用,分別測得的電動勢和內阻與真實值不相等.則由圖b中的A和B圖線,可得電動勢和內阻的真實值,E=____V，r=四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖甲所示，MN、PQ兩條平行的光滑金屬軌道與水平面成300角固定，M、P之間接電阻箱R，導軌所在空間存在勻強磁場，磁場方向垂直于軌道平面向上，磁感應強度為2.5T，質量為m的金屬桿ab水平放置在軌道上，且與軌道垂直，金屬桿ab接入電路的電阻值為r，現從靜止釋放桿ab，測得最大速度為vm，改變電阻箱的阻值R，得到vm與R的關系如圖乙所示，已知軌道間距為，重力加速度g取，軌道足夠長且電阻不計。（1）當時，求桿ab勻速下滑時產生感應電動勢E的大小，并判斷桿中的電流方向；（2）求解金屬桿的質量m和阻值r；（3）當時，從靜止釋放ab桿，在ab桿加速運動的過程中，回路瞬時電動率每增加1W時，合外力對桿做功多少？14．（16分）如圖所示，y軸在豎直方向，x軸在水平方向，一質量為m，帶電量為q的小球在坐標為（0，0.3m）A點以初速度v0平行于x軸正方向射入電場中，在y>0，x>0的空間存在沿y軸負方向的勻強電場E1，在y<0，x>0的空間存在沿x軸負方向的勻強電場E2，其中m=0.1kg，q=+1.0×10-3C，v0=2m/s，，重力加速度g=10m/s2，求：(1)小球到達x軸上的速度；(2)小球回到y軸時的坐標？15．（12分）如圖所示，A、B為不帶電平行金屬板，間距為d，構成的電容器電容為C．質量為m、電量為q的帶電液滴一滴一滴由A板小孔上方距A板高h處以v0初速射向B板．液滴到達B板后，把電荷全部轉移在B板上．求到達B板上的液滴數目最多不能超過多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

電動勢能把其他形式的能轉化為電能，電動勢就反映這種轉化本領的大小，故A說法正確；根據閉合電路歐姆定律可知，電源的電動勢等于內、外電路上電勢降落之和，故B說法正確；電動勢等于電源沒有接入電路時路端電壓，故C說法錯誤；根據電動勢定義式，可知，電動勢等于電源把正電荷從負極移到正極所做的功跟移送的電量之比，故D說法正確。2、B【解析】

根據串聯電路電流相等的特點和并聯電路電壓相等的特點，利用歐姆定律分別列出兩電壓表滿偏時指針的關系，再把V1的內阻代入求解方程即可求出V2的內阻。【詳解】設V1和V2的內阻分別為R1和R2，量程分別為U1和U2。據題有：兩個電壓表并聯時，有U1=U2；兩個電壓表串聯時，根據電壓之比等于電阻之比有：U1：U2=R1：R2，聯立解得：R2=2kΩ。所以B正確，ACD錯誤。3、A【解析】

在導線兩側取兩小段，左邊一小段所受的安培力方向垂直紙面向里，右側一小段所受安培力的方向垂直紙面向外，從上往下看，知導線順時針轉動，當轉動90度時，導線所受的安培力方向向下，所以導線的運動情況為，順時針轉動，同時下降。故A正確，BCD錯誤。故選A。4、A【解析】

由圖可知，R與并聯后與串聯；當滑動變阻器的觸頭由a端向b端滑動時，滑動變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流減小，內電壓減小，則路端電壓增大，故電壓表V示數增大；因電路中總電流減小，則兩端的電壓減小，而路端電壓減小，故并聯部分電壓增大，中電流增大，故電流表讀數增大，A正確．5、B【解析】

根據電場線總和等勢面垂直，并且由電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面可知，由圖中可知電場方向是水平向右；勻強電場的等勢面是一些平行的等間距的直線，且沿著電場線，電勢降低的最快，且每前進相同距離，電勢降低相等的值，由圖可知電勢差為10V，由場強與電勢差關系公式可知：A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析相符，故B正確；C.與分析不符，故C錯誤；D.與分析不符，故D錯誤。6、A【解析】

帶電微粒做直線運動，其合力方向與速度方向必在同一條直線上，得出電場力的方向,從而得出合力的方向，根據合力做功得出動能的變化，根據重力做功得出重力勢能的變化，根據電場力做功得出電勢能的變化．【詳解】因為帶電微粒做直線運動，合力的方向與速度的方向在同一條直線上．重力豎直向下，則電場力水平方向左，合力做負功，由動能定理可知動能減小，重力做負功，則重力勢能增加，電場力做負功，則電勢能增加，受力如下圖，故B、C、D錯誤，A正確．故選A二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

根據正電荷在電勢高處電勢能大，判斷電勢高低，即可確定M處電荷的電性；根據電場線的分布情況，分析場強關系；由電勢的高低，判斷電場力對正電荷做功正負。【詳解】A、C項：因正電荷由a到c電勢能減小，則電場力做正功，則電勢降低，故c點電勢低于a點電勢，則M點為正電荷，故A錯誤，C正確；B項：a點與c點為關于兩電荷的中垂線對稱，則場強大小相等但方向不同，故B錯誤；D項：將該試探電荷沿直線由a點移動到b點，根據等勢線分布圖可知，電勢先升高后降低，則電勢能先增大后減小，電場力先做負功、后做正功，故D正確。故應選：CD?！军c睛】在電場中跟據帶電粒子運動軌跡和電場線關系判斷電場強度、電勢、電勢能、動能等變化是對學生基本要求，也是重點知識，要重點掌握。8、CD【解析】

A.電源電動勢不變，路端電壓隨外電阻的增大而增大，減小而減小，故A錯誤；BC.當R增大時，I減小，不能根據判斷路端電壓的變化，而由分析，E、r不變，I減小，得到U增大；I增大，得到U減?。还蔆正確B錯誤；D.若外電路斷開，則路端電壓等于電動勢，故D正確。故選CD。9、CD【解析】

ABCD．設兩金屬球帶異種電荷，電荷量分別為q和-7q，兩者間庫侖力大小為將兩者接觸后再放回原來的位置上，兩球所帶電荷量均為-3q，庫侖力大小為是原來的；設兩金屬球帶同種電荷，電荷量分別為q、7q，由庫侖定律有將兩者接觸后再放回原來的位置上，兩球所帶電荷量均為4q，庫侖力大小為是原來的，故AB錯誤，CD正確。故選CD。10、ACD【解析】根據電場線的疏密程度可判斷出電場強度大小，即可判斷出粒子受到的電場力的大小，A正確；粒子的運動軌跡向左彎曲，說明粒子在a、b兩點受到的電場力沿電場線向左，如圖．由于電場線方向不明，無法確定粒子的電性，B錯誤；由軌跡彎曲方向與粒子速度方向的關系分析可知，若粒子從a運動到b，電場力對粒子做負功，粒子的動能減小，電勢能增大，則粒子在a點的速度較大，在b點電勢能較大，CD正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A;；E【解析】

(1)[1][2]燈泡額定電壓是6.3V,電源應選,即A.；燈泡額定電流為0.25A,電流表應選,即E.

(2)[3]燈泡正常工作時的電阻,遠小于電壓表的內阻,屬于小電阻,電流表采用外接法.，因為測量小燈泡的伏安特性,電壓和電流需從0開始測起,所以滑動變阻器采用分壓式接法.電路圖如下圖.

12、（1）a；（4）①B；②1.50；1.50【解析】（1）為保護電流表，實驗開始前，應將滑片p置于電阻最大的a端；

（4）①當S2接1位置時，可把電壓表與電源看做一個等效電源，根據閉合電路歐姆定律E=U斷可知，電動勢和內阻的測量值均小于真實值，所以作出的U-I圖線應是B線；測出的電池電動勢E和內阻r存在系統誤差，原因是電壓表的分流．

②當S2接2位置時，可把電流表與電源看做一個等效電源，根據閉合電路歐姆定律E=U斷可知電動勢測量值等于真實值，U-I圖線應是A線，即E真=UA=1.50V；

由于S2接1位置時，U-I圖線的B線對應的短路電流為I短=IB，所以點睛：解題時應明確用“等效電源”法分析“測量電源電動勢和內阻實驗”誤差的方法，明確U-I圖象中縱軸截距與斜率的含義．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）10Vb→a（2）5kg2Ω（3）0.6J【解析】試題分析：ab桿勻速下滑時速度最大，當R=0時，由乙圖讀出最大速度，由E=BLv求出感應電動勢，由右手定則判斷感應電流的方向；根據E=BLv、閉合電路歐姆定律和及平衡條件，推導出桿的最大速度v與R的表達式，結合圖象的意義，求解桿的質量m和阻值r；當R=4Ω時，讀出最大速度，根據功率公式得到回路中瞬時電功率的變化量，再根據動能定理求解合外力對桿做的功W。（1）由圖可知，r=0時，桿最終以v=2m/s的速度運動，電動勢為：E=BLv=2.5×2×2V=10V由右手定則判斷得知，桿中電流方向從b→a（2）設最大速度為vm，桿切割磁感線產生的感應電動勢E=BLvm由閉合電路的歐姆定律：桿達到最大速度時滿足：m