2025屆廣西南寧市興寧區南寧三中高二物理第一學期期中學業水平測試模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、質子和粒子由靜止出發經過同一加速電場加速后，沿垂直磁感線方向進入同一勻強磁場，則它們在磁場中的各運動量間的關系正確的是（）A．速率之比為B．周期之比為C．半徑之比為∶D．角速度之比為2、如圖所示，某一電場的電場強度E隨時間t變化的圖象。t=0時，在此電場中由靜止釋放一個帶電粒子，假設該帶電粒子只受電場力的作用，則下列說法正確的是A．3s末帶電粒子速度為0B．5s末帶電粒子回到原出發點C．0~5s，電場力做功為0D．帶電粒子始終沿同一個方向運動3、2016年1月1日南京揚子江隧道實施免費通行政策，大大緩解市民過江壓力，該隧道全程7.36公里，設計時速為80km/h，隧道管養護在夜間1：00－5：00.下列說法正確的是A．汽車過7.36公里隧道指的是汽車運動的位移B．設計時速80km/h為瞬時速率C．1：00養護開始指的時間間隔D．在遵守規定的情況下，4min內汽車可以通過隧道4、關于電流下列說法正確的是（）A．規定負電荷定向移動的方向為電流的方向B．電流的單位是伏特C．1mA=1000AD．電源在電路中的作用是保持導體兩端有電壓，使導體中有持續的電流5、下列各圖中,運動電荷的速度方向、磁感應強度方向和電荷的受力方向之間的關系正確的是()A．AB．BC．CD．D6、電源電動勢的大小反映的是().A．電源把電能轉化成其他形式的能的本領的大小B．電源把其他形式的能轉化為電能的本領的大小C．電源單位時間內傳送電荷量的多少D．電流做功的快慢.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一砝碼和一輕彈簧構成彈簧振子，如圖所示的裝置可用于研究該彈簧振子的受迫振動．勻速轉動把手時，曲桿給彈簧振子以驅動力，使振子做受迫振動，把手勻速轉動的周期就是驅動力的周期，改變把手勻速轉動的速度就可以改變驅動力的周期．若保持把手不動，給砝碼一向下的初速度，砝碼便做簡諧運動，振動圖線如圖(1)所示.當把手以某一連度勻速轉動，受迫振動達到穩定時，砝碼的振動圖線如圖(2)所示．若用f0表示彈簧振子的固有頻率，f表示驅動力的頻率，則()A．由圖線可知f0=4HzB．由圖線可知f0=8HzC．由圖線可知砝碼做受迫振動的周期為8sD．由圖線可知，緩慢增大把手轉動速度至15r/min，穩定后砝碼振動的振幅也將增大8、如圖是一彈簧振子，O為平衡位置，則振子從a→O運動的過程中，下列說法正確的是()A．位移不斷減小B．速度不斷減小C．加速度不斷減小D．彈簧的彈性勢能不斷增大9、如圖所示的電路中,為電源電動勢,為電源內阻,和均為定值電阻,為滑動變阻器當的滑動觸點在ab的中點時合上開關S,此時三個電表、和V的示數分別為、和現將的滑動觸點向a端移動,則A．電源的總功率減小 B．消耗的功率增大C．增大,減小,U增大 D．減小,不變,U減小10、一個靜止的質點，在0～4s時間內受到力F的作用，力的方向始終在同一直線上，力F隨時間t的變化如圖所示，則質點在()A．第2s末速度改變方向 B．第2s末加速度改變方向C．第4s末回到原出發點 D．第4s末運動速度為零三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某一小型電風扇額定電壓為4.0V，額定功率為2.4W。某實驗小組想通過實驗描繪出小電風扇的伏安特性曲線。實驗中除導線和開關外，還有以下器材可供選擇：A．電源E（電動勢為4.5V）；B．電壓表V（量程為0～5V，內阻約為4kΩ）；C．電流表A1（量程為0～0.6A，內阻約為0.2Ω）；D．電流表A2（量程3A，內阻約0.05Ω）；E．滑動變阻器R1（最大阻值10Ω，額定電流1A）；F．滑動變阻器R2（最大阻值2kΩ，額定電流100mA）。(1)為了便于調節，減小讀數誤差和系統誤差，實驗中所用電流表應選用___，滑動變阻器應選用___（填所選儀器前的字母序號）；(2)在該實驗中（小電風扇的電路符號），一同學設計了如圖所示的四個電路。為了減小誤差，應選取的電路是________（將選項代號的字母填在橫線上）；(3)請按正確實驗電路連接實物圖_________；(4)操作過程中發現，小電風扇通電后受阻力作用，電壓表讀數小于0.5V時電風扇沒啟動。該小組測繪出的小電風扇的伏安特性曲線如圖所示，由此可以判定小電風扇正常工作時的機械功率為________。12．（12分）為了測定某迭層電池的電動勢（約20V~22V）和電阻（小于2Ω），需要把一個量程為10V的直流電壓表接一固定電阻（用電阻箱代替），改裝為量程為30V的電壓表，然后用伏安法測電源的電動勢和內電阻，以下是該實驗的操作過程：(1)把電壓表量程擴大，實驗電路如圖甲所示，請完成第五步的填空．第一步：把滑動變阻器滑動片移至最右端第二步：把電阻箱阻值調到零第三步：閉合電鍵第四步：把滑動變阻器滑動片調到適當位置，使電壓表讀數為9V

第五步：把電阻箱阻值調到適當值，使電壓表讀數為______V第六步：不再改變電阻箱阻值，保持電壓表和電阻箱串聯，撤去其它線路，即得量程為30V的電壓表(2)上述實驗可供選擇的器材有：A．迭層電池（電動勢約20V~22V，內電阻小于2Ω）

B．電壓表（量程為10V，內阻約10kΩ）

C．電阻箱（阻值范圍0~9999Ω，額定功率小于10W）

D．電阻箱（阻值范圍0~99999Ω，額定功率小于10W）

E．滑動變阻器（阻值為0~20Ω，額定電流2A）

F．滑動變阻器（阻值為0~2kΩ，額定電流0.2A）電阻箱應選_______，滑動變阻器應選_______（用大寫字母表示）．(3)用該擴大了量程的電壓表（電壓表的表盤沒變），測電源電動勢E和內電阻r，實驗電路如圖乙所示，得到多組電壓U和電流I的值，并作出U-I圖線如圖丙所示，可知電池的電動勢為_______V，內電阻為_______Ω．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，有一提升重物用的直流電動機，內阻RM＝0.6Ω，R＝10Ω，U＝160V，電壓表的讀數為110V．則：（1）通過電動機的電流是多少？（2）輸入到電動機的電功率是多少？（3）電動機工作1h所產生的熱量是多少(結果保留兩位有效數位)？14．（16分）發射地球同步衛星時，先將衛星發射至距地面高度為h1的近地圓軌道上，在衛星經過A點時點火，實施變軌，進入遠地點為B的橢圓軌道上，然后在B點再次點火，將衛星送入同步軌道，如圖所示，已知同步衛星的運動周期為T，地球的半徑為R，地球表面重力加速度為g.(1)求出衛星在近地點A的加速度大小a；(2)求出遠地點B距地面的高度h2；15．（12分）如圖所示，直線MN上方為磁感應強度為B的足夠大的勻強磁場．一質子（質量為m、電荷量為e）以v的速度從點O與MN成30°角的方向射入磁場中，求：(1)質子從磁場中射出時距O點多遠？(2)質子在磁場中運動的時間為多少？(要做出粒子運動軌跡圖)

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】由動能定理得：qU=mv2-0，解得：v=，因為質子和α粒子的電量之比為1：2，質量之比為1：4，則速率之比為：1，故A錯誤．粒子在磁場中運動的周期：T=，因為質子和α粒子的電量之比為1：2，質量之比為1：4，則周期之比為1：2，故B正確．粒子在磁場中運動的半徑：r=，因為質子和α粒子的電量之比為1：2，質量之比為1：4，則半徑之比為1：，故C錯誤．因為周期之比為1：2，由ω=可知，角速度之比為2：1，故D錯誤．故選B．點睛：解決本題的關鍵掌握粒子在磁場中的半徑公式和周期公式，并能靈活運用，注意在計算題中，半徑公式和周期公式不能直接運用．2、A【解析】

由牛頓第二定律可以知道，帶電粒子在第1s內的加速度為：第2s內加速度：因此先加速1s再減小0.5s時速度為零，接下來的0.5s將反向加速，v-t圖象如圖所示：A．由圖可以知道，粒子在第1s內做勻加速運動，第2s內做勻減速運動，3s末的瞬時速度剛減到0，所以A正確;B．根據速度時間圖象與坐標軸圍成的面積表示位移可以知道，在t=5s時，帶電粒子的位移不為0，故B錯誤;C．因為第5s末粒子的速度不為0，根據動能定理知粒子只受電場力作用，前5s內動能變化不為0，即電場力做的總功不為零.故C錯誤.D．帶電粒子在前1秒勻加速運動,在第二秒內先做勻減速后反向加速，所以不是始終向一方向運動,故D錯誤.3、B【解析】

汽車過1．36公里隧道指的是汽車運動的路程．故A錯誤．設計時速80km/h，該速度是某一時刻的速度，最大速率，是瞬時速率．故B正確．1：00養護開始在時間軸上是一個點，指的時刻．故C錯誤．汽車在最大速度的前提下通過隧道的時間：分鐘，故D錯誤．故選B．【點睛】解決本題的關鍵知道路程和位移的區別，時刻和時間的區別，以及平均速度和瞬時速度的區別，平均速度大小和平均速率的區別，注意平均速率等于路程和時間的比值，平均速度的大小等于位移與時間的比值．4、D【解析】A、物理學中規定正電荷定向移動的方向為電流方向，故A錯誤；B、電流國際單位是安培（A），其它還有mA和μA，故B錯誤；C、1mA=0.001A，故C錯誤；D、在導體中，電荷無規則的運動不能形成電流，只有定向移動時才會形成電流；而電壓是使電荷發生定向移動的原因，也就是形成電流的原因，電源在電路中的作用是使電路兩端存在電壓，故D正確；故選D．5、B【解析】A、在磁場中，由右手定則知，正電荷受力方向應該是向上的，故A錯誤B、在磁場中，由右手定則知，正電荷受力方向應該是向下的，故B正確；C、正電荷在電場中受力方向與電場方向一致，故C錯誤；D、正電荷在電場中受力方向和電場方向一致，應該向上，故D錯誤；綜上所述本題答案是：B6、B【解析】

電源電動勢表示電源把其他形式的能轉化為電能的本領的大小，AD錯B對．表示移送單位正電荷時非靜電力做功多少，C錯．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

ABC．有圖像可知彈簧振子的固有周期為4s，因此彈簧振子的固有頻率為，彈簧振子做受迫振動的周期為8s，受迫振動的頻率為，故AB錯誤；C正確；D．當轉速n=15r/min=，即受迫振動的頻率和彈簧振子的固有頻率相同，物體達到共振，因此振幅增大，故D正確．8、AC【解析】試題分析：振子從a→O運動的過程是靠近平衡位置，故位移減小，速度增加，加速度減小，彈性勢能減小；故BD錯誤，AC正確；故選AC.考點：簡諧振動的規律9、AC【解析】

的滑動觸點向a端移動時，增大，整個電路的總電阻增大，總電流減小，內電壓減小，外電壓增大，即電壓表示數U增大，電壓減小，并聯電壓增大，通過的電流增大，即示數增大，而總電流I減小，則通過的電流減小，即示數減小，電源的總功率IE，總電流I減小，電源的總功率減小，消耗的功率總電流減小，R3消耗的功率減小，故AC正確。10、BD【解析】

A．物體在0-2s內受到力F的方向一直向右，因此物體在0-2s一直做加速運動，在2s后力F的方向發生了變化因此物體在2s后繼續向右做減速運動，故A錯，B．2s時力F的方向發生了變化，有牛頓第二定律可知加速度也發生了變化，故B正確；C．有以上計算可知物體在0-2s內加速運動，一直向前運動，2-4s內做減速運動，一直向前運動，4s時物體減速為0，即0-4s內物體一直向前運動，故C錯誤．D．F-t的面積表示力F的沖量，因此可知力F在0-2s內的沖量大小和2-4s內的沖量大小相等，對物體在0-4s寫動量定理有，故D正確；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CEC1.5W【解析】

(1)[1][2]電風扇的額定電流從讀數誤差的角度考慮，電流表選擇C。電風扇的電阻比較小，則滑動變阻器選擇總電阻為10Ω的誤差較小，即選擇E。(2)[3]因為電壓電流需從零開始測起，則滑動變阻器采用分壓式接法，電風扇的電阻大約遠小于電壓表內阻，屬于小電阻，電流表采用外接法。電路圖如圖所示。所以選C選項。(3)[4]實物圖如圖所示。(4)[5]電壓表讀數小于0.5V時電風扇沒啟動。根據歐姆定律得正常工作時電壓為4V，根據圖象知電流為0.6A。則電風扇發熱功率則機械功率12、3；D；E；21.3；1.8【解析】

（1）把10V的直流電壓表接一電阻箱，改裝為量程為30V的電壓表時，將直流電壓表與電阻箱串聯，整個作為一只電壓表，據題分析，電阻箱阻值調到零，電壓表讀數為9V，則知把電阻箱阻值調到適當值，使電壓表讀數為3V．

（2）由題，電壓表的量程為10V，內阻約為10kΩ，要改裝成30V的電壓表，根據串聯電路的特點可知，所串聯的電阻箱電阻應為2×10kΩ=20000Ω．故電阻箱應選D．在分壓電路中，為方便調節，滑動變阻器選用阻值較小的，即選E．

（3）由丙讀出，外電路斷路時，電壓表的電壓為U=7.1V，則電源的電動勢為E=3×7.1