高級中學名校試卷PAGEPAGE12025屆高三10月大聯考（新高考卷）物理本卷滿分100分，考試時間75分鐘。注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.下列說法正確的是（）A.長度、質量和時間是基本單位B.手握豎直的圓柱形玻璃杯在空中保持靜止，在握力增大時不會使玻璃杯所受的摩擦力變大C.加速度的定義式為D.物體在做變速運動時沒有慣性【答案】B【解析】A．長度、質量和時間是基本物理量，故A錯誤；B．手握豎直的圓柱形玻璃杯在空中保持靜止，豎直方向有在握力增大時不會使玻璃杯所受的摩擦力變大，故B正確；C．加速度的決定式為故C錯誤；D．物體在任何情況下都有慣性，故D錯誤；故選B。2.為檢測某新款汽車的性能，使該汽車在平直公路上進行測試，計時開始后，用t表示汽車的運動時間，x表示汽車在時間t內的位移，得到如圖所示的與t關系圖像。關于該車在0~4s內的運動，下列說法正確的是（）A.該車做勻加速直線運動 B.該車的加速度大小為4m/s2C.該車的加速度大小為8m/s2 D.該車的初速度大小為3m/s【答案】C【解析】根據勻變速直線運動位移—時間公式變形可得根據圖像得，解得加速度大小為，該車做勻減速直線運動。故選C。3.最近我國航天事業發展成績斐然，如神舟飛船、天宮空間站、北斗系統、嫦娥探月等，下列對相關情景的說法正確的是（）A.研究神舟飛船與天宮空間站的對接過程，飛船可看成質點B.空間站與飛船對接前后，空間站的向心加速度大小不變C.北斗系統導航衛星大部分是近地軌道衛星，周期是24小時D.嫦娥六號的發射速度一定大于11.2km/s【答案】B【解析】A．神舟飛船與天宮空間站對接過程中，飛船要不斷調整姿態，存在一定的轉動，相對于空間站，飛船大小不能忽略，此時飛船不能看成質點，故A錯誤；B．空間站與飛船對接前后，空間站的軌道半徑不變，相關物理量如角速度、周期、線速度、向心加速度大小都不變，故B正確；C．根據萬有引力提供向心力可得可得近地軌道衛星的高度低于同步軌道，其周期小于同步軌道的周期24小時，故C錯誤；D．嫦娥六號運行過程中沒有脫離地球引力的束縛，因此其發射速度在7.9km/s和11.2km/s之間，故D錯誤。故選B。4.“滾鐵環”是一項深受幼兒喜愛的傳統游戲。如圖所示，幼兒一手握鐵鉤，輕輕套住鐵環，稍用力推，使鐵環保持豎直向前滾動，隨后跟著鐵環小步向前跑。假設某次在水平地面上推鐵環時，鐵環的圓心以πm/s的速度沿直線運動，鐵環上與地面接觸處恰好相對地面靜止。下列說法正確的是（）A.鐵環上各點的速率均相等B.鐵環上某點的最大速率為πm/sC.鐵環上某點轉到與圓心等高時的速率為πm/sD.鐵環上某點轉到與圓心等高時的速率為πm/s【答案】D【解析】A．鐵環各點的速度為以πm/s的直線運動的分運動和相對圓心以πm/s的勻速圓周運動的分運動的合運動，兩分速度間的夾角時刻變化，由運動的合成可知，鐵環上各點的速率不相等，故A錯誤；B．當鐵環上某點位與地面接觸時，兩分速度反向，速度為零；圓環最高點兩分速度同向，其速度最大，為故B錯誤；CD．鐵環上某點轉到與圓心等高時，兩分速度方向垂直，此時速率為故C錯誤，D正確。故選D。5.時針、分針某時刻所在的位置如圖所示，關于時針、分針此后的運動過程，下列表述正確的是（）A.時針、分針經過60分鐘時將第一次相遇B.時針、分針經過66分鐘時將第一次相遇C.時針、分針第二次相遇的時刻約在2時11分D.時針、分針第二次相遇的時刻約在2時15分【答案】C【解析】AB．時針的周期T1=12h，分針的周期T2=1h，設經過時間t將第一次相遇，則有解得hmin故AB錯誤；CD．設經過時間將第二次相遇，則有解得hh11min故C正確，D錯誤；故選C6.B、A兩個滑塊先后在同一水平地面上運動，在經過O點時二者的動能相同且運動方向一致，隨后它們僅在摩擦力作用下經過相同的時間后停止運動，已知mA=2mB，重力加速度g取10m/s2，則下列說法正確的是（）A.A、B兩滑塊與地面間的動摩擦因數之比B.A、B兩滑塊與地面間的動摩擦因數之比C.從O點開始，A、B兩滑塊在地面上運動的位移之比D.若經過O點后，A滑塊運動了1.5m后停下，則兩滑塊停止位置相距0.8m【答案】C【解析】A．兩物體在經過O點時二者的動能相同且運動方向一致，根據動能的公式，mA=2mB可知根據牛頓第二定律有根據速度—時間的公式有解得故AB錯誤；C．根據速度—位移公式可知故C正確；D．若經過O點后，A滑塊運動了1.5m后停下，則BB滑塊運動的位移為m兩滑塊停止位置相距m-1.5m=0.6m故D錯誤；故選C。7.古人為了守城，會在城池周圍修筑高墻，當敵軍攻城時可以從城墻上拋擲石塊等打擊敵軍。如圖所示，設石塊從高度為12m的豎直城墻的外邊緣A點斜向上方拋出，其初速度與水平方向的夾角θ=53°，最后石塊落于城外水平地面上的B點，落地后不反彈。將拋出點A在地面上的投影點記為C點，點B和點C的連線長度為16m，且與城外墻面垂直。忽略石塊所受空氣阻力的影響，重力加速度g取10m/s2，石塊可視為質點，取sin53°=0.8，cos53°=0.6。下列關于石塊的運動說法正確的是（）A.石塊在空中運動的時間為B.石塊的初速度大小為C.石塊在空中運動時，離A、B的連線最遠D.石塊在空中運動的過程中，離A、B連線的最遠距離為【答案】D【解析】AB．石塊拋出后做斜拋運動，則mm解得，故AB錯誤；CD．設AB連線與水平方向夾角為，則由于則石塊的初速度與AB連線垂直，石塊垂直于斜面方向的加速度為石塊與AB連線方向的速度為0時，石塊與AB連線最遠，則石塊離AB連線最遠所用的時間為s最遠距離m故C錯誤，D正確；故選D。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.在物理課堂上，老師給同學們演示了一個小實驗，如圖所示，將筷子豎直插入裝滿大米的瓶子里，用手握著筷子將筷子豎直提起時，發現筷子、大米和瓶子都沒有掉落。下列說法正確的是（）A.筷子對手的摩擦力方向豎直向下B.筷子、大米和瓶子沒有掉落的原因是手對它們的摩擦力大于它們的重力C.筷子對手的摩擦力在數值上等于瓶子和大米的重力D.瓶子和大米的重力與筷子對大米的摩擦力為一對平衡力【答案】AD【解析】A．手相對于筷子有向上的運動趨勢，則筷子對手的摩擦力方向豎直向下，故A正確；B．根據平衡關系可知，筷子、大米和瓶子沒有掉落的原因是手對它們的摩擦力等于它們的重力，故B錯誤；C．筷子、大米和瓶子整體分析可知，手對筷子的摩擦力等于三者的總重力，結合牛頓第三定律可知，筷子對手的摩擦力在數值上大于瓶子和大米的重力，故C錯誤；D．對瓶子和大米分析，可知瓶子和大米的重力與筷子對大米的摩擦力為一對平衡力，故D正確。故選AD9.如圖所示，勁度系數k=200N/m的豎直輕彈簧的下端固定在地面上，其上端與質量為2kg的物塊B固定連接，質量為3kg的物塊A放在物塊B的上方，系統保持靜止。現對物塊A施加一個豎直向上的恒力F=75N，重力加速度g取10m/s2，彈簧始終在彈性限度內，下列說法正確的是（）A.施加恒力F后，在物塊A、B分離時，彈簧處于原長B.施加恒力F后，物塊A、B立刻分離C.若僅將力F的大小改為60N，則物塊B在上升了0.1m的高度時與物塊A分離D.若僅將力F的大小改為60N，則物塊B在上升了0.05m的高度時與物塊A分離【答案】BD【解析】AB．未施加力時，對AB整體分析可知施加恒力F后，在物塊A、B分離時，支持力為0，根據牛頓第二定律有解得N則施加恒力F后，物塊A、B立刻分離，彈簧處于壓縮狀態，故A錯誤，B正確；CD．未施加力時，對AB整體分析可知解得m力F的大小改為60N，在物塊A、B分離時，支持力為0，根據牛頓第二定律有解得m物塊B上升了m的高度時與物塊A分離，故C錯誤，D正確；故選BD。10.如圖1所示，某地滑草場，從山頂到山底的滑道可看成平直斜面，沿滑道安裝了多個“位置+速度”傳感器，游客滑行中經過傳感器時，傳感器會自動記錄游客對應的位置與速度，對傳感器記錄的數據進行分析后，得到游客和滑具的動能Ek、重力勢能Ep（以山底為重力勢能零勢能面）關于游客下滑位移x間的關系圖像，如圖2中的兩條直線所示。已知該游客和滑具的總質量為M，游客滑行過程中滑具與傾斜滑道和水平滑道間的動摩擦因數均相等，游客和滑具可視為質點，不考慮從傾斜滑道進入水平滑道時的能量損失，重力加速度g取10m/s2，不計空氣阻力，水平滑道足夠長。下列說法正確的是（）A.傾斜滑道與水平方向夾角為37°B.滑具與滑道間的動摩擦因數為C.游客（含滑具）的動能與重力勢能相等時，距水平滑道的高度為D.游客從山頂滑下后在水平滑道上還能滑行約242m【答案】BD【解析】A．游客和滑具下滑時，重力勢能減小，動能增大，位移為40m，初時刻重力勢能最大，則有解得故A錯誤；B．斜面運動過程中，根據動能定理有解得故B正確；C．由圖可知動能與重力勢能的表達式為動能與重力勢能相等時，有解得故C錯誤；D．游客從山頂滑下后在水平滑道上，根據動能定理有解得≈242m故D正確故選BD。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.在“驗證力的平行四邊形定則”實驗中，某同學嚴格按照實驗流程，完成了實驗數據的測量，留下了如圖所示記錄實驗數據的白紙，請你根據紙上的標記與數據，幫助該同學完成實驗。（1）在記錄標記與數據的紙上完成實驗作圖，力的標度圖中已給出。（要求作出力F1、F2、F'和理論合力F的圖示，并標出F的值）（2）請對該實驗結論進行簡單評述：______________。【答案】（1）（2）在實驗誤差允許的范圍內，兩個共點力合成時遵循平行四邊形定則【解析】【小問1詳解】根據所給標度作出作出力F1、F2、F'的圖示，應用平行四邊形定則作出F1、F2的合力F如圖所示【小問2詳解】由圖示可知，在實驗誤差允許的范圍內，兩個共點力合成時遵循平行四邊形定則。12.驗證機械能守恒定律的實驗裝置如圖1所示，利用光電門和數字計時器可以測出小球的擋光時間。實驗操作如下：（1）用螺旋測微器測小球的直徑，示數如圖2所示，則小球的直徑D=________mm。（2）將小球從距離光電門正上方L處由靜止釋放，測得小球從擋光開始到擋光結束的時間為t，已知小球的質量為m、直徑為D，當地重力加速度為g，則在誤差允許的范圍內當有表達式__________成立時，即可驗證機械能守恒定律。（用本小問中所給的物理量的字母表示）（3）利用上述裝置進行多次實驗，發現小球動能的增加量總是比重力勢能的減少量小。出現這個問題的原因可能是__________。（寫出一條即可）（4）用表示小球的球心通過光電門的瞬時速度，比實際運動中小球球心通過光電門的瞬時速度__________。（選填“偏大”“偏小”或“相同”）【答案】（1）17.272##17.273##17.274（2）（3）空氣阻力做負功（4）偏小【解析】【小問1詳解】螺旋測微器的精度為0.01mm，轉動刻度估讀到0.1格，小球的直徑為（17.273、17.274）【小問2詳解】在誤差允許的范圍內若機械能守恒，有整理可得即為驗證機械能守恒的表達式。【小問3詳解】若小球動能的增加量總是比重力勢能的減少量小，誤差原因是空氣阻力做負功；【小問4詳解】是平均速度，等于中間時刻的瞬時速度；實際運動中小球球心通過光電門的瞬時速度是中間位置的速度，因勻加速直線運動有，則用表示小球的球心通過光電門的瞬時速度比實際運動中小球球心通過光電門的瞬時速度偏小。13.如圖所示，一根輕繩的兩端分別固定于水平天花板上的A、D兩點，B、C兩點將輕繩三等分，在C點用另一根輕繩系上一個質量為M的重物，同時在B點施加一個沿紙面內的恒力F，并保持輕繩BC段水平且AB段伸直，此時∠A=∠D，AD=2BC，系統保持靜止。重力加速度為g。求：（1）BC段輕繩上的拉力大小；（2）若恒力F可沿紙面內的任意方向調整，求力F的最小值及對應的方向。【答案】（1）（2），方向與DC繩垂直且斜向左上方【解析】【小問1詳解】根據幾何關系可知CD與水平方向的夾角滿足在C點，根據幾何關系有解得【小問2詳解】當恒力F與AB繩垂直且斜向左上方時，恒力F最小，有14.李華設計了一個拋接球游戲，此游戲可簡化為：小球從A點以v0=6m/s的速度豎直向上拋出，豎直虛線為小球向上運動的軌跡；小球拋出后，李華用一直徑為20cm的網兜接球，網兜的開口保持水平，初始，網兜開口的左邊緣位于A點上方h=1m高處，且距離豎直虛線的距離為x（未知），如圖所示。取重力加速度大小g=10m/s2，小球可視為質點，網圈的厚度不計。（1）若在小球拋出的同時網兜向左以v=0.5m/s的速度勻速運動，為使小球能落在網兜中，求x的取值范圍；（2）若=0.5m，在小球拋出同時網兜向左做初速度為零的勻加速直線運動，為使球能落在網兜中，求加速度大小a的取值范圍。【答案】（1）（2）【解析】【小問1詳解】小球上升到最高點的高度與時間為解得s，m從最高點到網兜的時間為解得s小球落在網兜的臨界是落到網兜的最左側和最右側，則有mm則x的取值范圍為【小問2詳解】=0.5m，在小球拋出同時網兜向左做初速度為零的勻加速直線運動，則可得解得15.如圖1所示，CDEF為固定在豎直平面內的軌道，其中CE段是傾角為θ的直軌道，EF段為水平軌道，兩段軌道在E點平滑連接，在F點右側固定著半徑為r的四分之一圓形擋板AB，FA連線水平，FB連線豎直。在傾斜軌道的C點固定有小立柱