甘肅省張掖市2025屆高二物理第一學期期中達標測試試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示的電路，R0為定值電阻，R為滑動變阻器，滑動觸頭P滑動時，電路的總電阻發生變化，以下情況正確的是（）A．P向左滑動，總電阻變小B．P向右滑動，總電阻變小C．P滑動到最左端時，總電阻為R0D．P滑動到最右端時，總電阻為R2、x軸上有兩點電荷Q1和Q2，Q1和Q2之間各點對應的電勢高低如圖中的曲線所示，規定無限遠處電勢為零，下列推理與圖象信息不符合的是()A．Q1一定大于Q2B．Q1和Q2一定是同種電荷，但不一定是正電荷C．電勢最低處P點的電場強度為0D．Q1和Q2之間各點的電場方向都指向P點3、如圖所示，在光滑的水平面上放有兩個小球A和B其質量mA<mBB球上固定一輕質彈簧.若將A球以速率V去碰撞靜止的B球，碰撞時能量損失不計，下列說法中正確的是（）A．當彈簧壓縮量最大時，A球速率最小B球速率最大B．當彈簧恢復原長時，B球速率最大C．當A球速率為零時，B球速率最大D．當B球速率最大時，彈性勢能不為零4、據報道“嫦娥一號”和“嫦娥二號”飛行器工作時繞月球做勻速圓周運動，軌道半徑分別為1900km和1800km，運行速率分別為和。那么和的比值為A． B． C． D．5、如圖，當開關S閉合，兩只燈泡均發光，兩電表均有示數.一段時間后，發現電壓表示數為零，電流表示數增大，經檢查除小燈泡外其余器材連接良好，造成這種情況的原因可能是A．燈L1斷路B．燈L2短路C．燈L1短路D．燈L1、L2都斷路6、如圖所示,平行板電容器通過一滑動變阻器R與直流電源連接,G為一零刻度在表盤中央的靈敏電流計,閉合開關S后,下列說法正確的是（?）A．若只在兩板間插入電介質，電容器的兩板間電壓將增大B．若只在兩板間插入電介質，電容器的電容將保持不變C．若只將滑動變阻器滑片P向上移動，電容器儲存的電量將增加D．若只將電容器下極板向下移動一小段距離，此過程電流計中有從a到b方向的電流二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、法拉第圓盤發電機的示意圖如圖所示．銅圓盤安裝在豎直的銅軸上，兩銅片P、Q分別與圓盤的邊緣和銅軸接觸．圓盤處于方向豎直向上的勻強磁場B中．圓盤旋轉時，關于流過電阻R的電流，下列說法正確的是（）A．若圓盤轉動的角速度恒定，則電流大小恒定B．若從上向下看，圓盤順時針轉動，則電流沿a到b的方向流動C．若圓盤轉動方向不變，角速度大小發生變化，則電流方向可能發生變化D．若圓盤轉動的角速度變為原來的2倍，則電流在R上的熱功率也變為原來的2倍8、氫原子只有一個電子，我們認為該電子受到庫侖力做勻速圓周運動，下列說法正確的是：A．軌道半徑越大，電子受到庫侖力越大； B．軌道半徑越大，電子受到庫侖力越小；C．軌道半徑越大，電子速度越大； D．軌道半徑越大，電子速度越小．9、輕繩一端通過光滑的定滑輪與物塊P連接，另一端與套在光滑豎直桿上的圓環Q連接，Q從靜止釋放后，上升一定距離到達與定滑輪等高處，則在此過程中（）A．任意時刻P、Q兩物體的速度大小滿足vP<vQB．任意時刻Q受到的拉力大小與P的重力大小相等C．物塊P機械能不守恒，Q一直加速上升D．當Q上升到與滑輪等高時，Q的機械能最大10、如圖是街頭變壓器通過降壓給用戶供電的示意圖．變壓器的輸入電壓是市區電網的電壓，負載變化時輸入電壓不會有大的波動（可視為不變）．輸出電壓通過輸電線輸送給用戶，兩條輸電線的電阻用R0表示，變阻器R代表用戶用電器的總電阻，當用電器增加時，相當于R的阻值減小（滑動片向下移）．如果變壓器上的能量損失可忽略，當用戶的用電器增加時，圖中各表的讀數變化正確的是（）A．V2不變B．V3變小C．A1變小D．A2變小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某學習小組擬研究一個標有“3.6V，1.8W”的小電珠的伏安特性曲線，可供選用的器材如下：①電流表A，量程0～0.6A，內阻約為0.2Ω；②電壓表V，量程0～15V，內阻約為15kΩ；③滑動變阻器R，阻值范圍0～10Ω；④學生電源E，電動勢為4V，內阻不計；⑤開關S及導線若干．(1)該學習小組中的甲同學設計了如圖甲所示的電路進行測量，請按照圖甲所示的電路圖幫甲同學將圖乙中的實物圖連接起來___________．(2)甲同學在實驗中發現，由于電壓表的量程較大而造成讀數誤差很大，因而影響了測量結果．于是又從實驗室找來一量程為Ig＝100μA、內阻Rg＝1000Ω的靈敏電流計，想把該靈敏電流計改裝成量程為5V的電壓表，則需串聯一個阻值為________Ω的電阻．(3)甲同學用改裝后的電壓表進行實驗，得到電流表讀數I1和靈敏電流計讀數I2如表所示：I1(A)00.190.300.370.430.460.480.49I2(μA)010203040506070請在圖丙中的坐標紙上畫出I1－I2圖線______．(4)若將該小電珠接在如圖丁所示的電路中，則該小電珠消耗的電功率約為________W．已知電源的電動勢為E′＝3.0V，內阻r＝1.5Ω，定值電阻R0＝4.5Ω.(結果保留兩位有效數字)12．（12分）要測繪一個標有“3V0.6W”小燈泡的伏安特性曲線，要求燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3V，并便于操作。已選用的器材有：直流電源（電壓為4V）；電流表（量程為0~0.6A，內阻約0.5Ω)；電壓表（量程為0~3V，內阻約3kΩ)；電鍵一個、導線若干。（1）實驗中所用的滑動變阻器應選下列中的_______（填字母代號）。A．滑動變阻器（最大阻值10Ω，額定電流1A）B．滑動變阻器（最大阻值1kΩ，額定電流0.3A）（2）如圖為某同學在實驗過程中完成的部分電路連接的情況，請你幫他完成其余部分的線路連接。（用黑色水筆畫線表示對應的導線）（3）實驗得到小燈泡的伏安特性曲線如圖所示。由曲線可知小燈泡的電阻隨電壓增大而____________（填“增大”、“不變”或“減小”）（4）如果某次實驗測得小燈泡兩端所加電壓如圖所示，請結合圖線算出此時小燈泡的電阻是_______Ω（保留兩位有效數字）。（5）根據實驗得到的小燈泡伏安特性曲線，下列分析正確的是______________。A．測得的小燈泡正常發光的功率偏小，主要是由于電壓表內阻引起B．測得的小燈泡正常發光的功率偏小，主要是由于電流表內阻引起C．測得的小燈泡正常發光的功率偏大，主要是由于電壓表內阻引起D．測得的小燈泡正常發光的功率偏大，主要是由于電流表內阻引起四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩平行金屬板A、B長為L=8cm，板間距為d=8cm，A板電勢比B板高300V。一質量為m=10–20kg、電荷量為q=10–10C的帶正電粒子（重力不計）以v0=2×106m/s的初速度沿兩板中心線RO射入電場中；粒子飛出板間電場，經過MN、PS間的無電場區域后，進入固定在O點的點電荷Q形成的電場區域，該電場不受界面PS影響；粒子最后垂直打在放置于中心線處的熒光屏bc上。已知PS⊥RO，MN、PS相距12cm，O點與界面PS相距9cm，靜電力常量k=9×109N·m2/C2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。（1）求粒子穿過界面MN時偏離中心線RO的距離。（2）試粗略畫出粒子運動全過程的軌跡。（3）求點電荷Q的電性及電荷量大小。（結果保留三位有效數字）14．（16分）如圖所示，一質量為m的導體棒MN兩端分別放在固定的光滑圓形導軌上，兩導軌平行且間距為L，導軌處在豎直向上的勻強磁場中．當導體棒中通一自右向左、大小為I的電流時，導體棒靜止在與豎直方向成角的導軌上，，重力加速度為g，求：（1）勻強磁場的磁感應強度大小；（2）每個圓形導軌對導體棒的支持力大小．15．（12分）如圖所示，光滑水平面上，物塊A靜止，長板B與其左端上的物塊C以相同速度向右運動，長板B與物塊A發生彈性碰撞，碰撞時間很短可不計。已知A、B、C三者的質量分別為2m、m、5m，C、B間動摩擦因數為μ，C始終沒離開B上表面，重力加速度為g。求：(1)B從第一次與A碰撞到第二次碰撞經歷的時間；(2)長板B的長度至少為多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

AC．P向左滑時，R接入電路的阻值減小，總電阻減小，當滑動變阻器滑動最左端時，R接入電路的阻值為0，整個電路的總電阻為0，A正確，C錯誤；BD．P向右滑時，R接入電路的阻值增大，總電阻增大，當滑動變阻器滑動最右端時，R接入電路的阻值為R的最大值，根據電阻的并聯關系，整個電路的總電阻為，BD錯誤。故選A。2、B【解析】

由U=Ed知，φ-x圖象的斜率等于電場強度，P點切線的斜率為0，則知電勢最低處P點的電場強度為0，說明Q1和Q1在P點產生的場強大小相等、方向相反，由分析知，Q1一定大于Q1．故AC正確；兩個點電荷間的電勢都為正，因此兩點電荷一定是正電荷，故B錯誤；根據順著電場線電勢逐漸降低，則知Q1和Q1之間各點的電場方向都指向P點，故D正確．此題選擇錯誤的選項，故選B.3、B【解析】分析小球的運動過程：A與彈簧接觸后，彈簧被壓縮，彈簧對A產生向左的彈力，對B產生向右的彈力，A做減速運動，B做加速運動，當B的速度等于A的速度時壓縮量最大，此后A球速度繼續減小，B球速度繼續增大，彈簧壓縮量減小，當彈簧第一次恢復原長時，B球速率最大．由以上分析可知，當彈簧壓縮量最大時，兩球速度相同．故A錯誤；彈簧被壓縮后，B球的速度一直在增大，當彈簧恢復原長時，B球速率達到最大值．故B正確；由于質量mA＜mB，A的速度變化比B快，A球的速度是1時，彈簧仍然處于壓縮狀態，B球的速率沒有達到最大．故C錯誤；當彈簧恢復原長時，B球速率達到最大值，所以此時彈簧的彈性勢能是1．故D錯誤．故選B.4、D【解析】

“嫦娥一號”和“嫦娥二號”繞月作圓周運動，由萬有引力提供向心力有：解得：它們的軌道半徑分r1=1900km、r2=1800km，則有：故選D。5、B【解析】如果燈L1斷路，電壓表無示數，電流表示數為零，不符合題意，故A錯誤；如果燈L2短路，則電壓表也會被短路，造成電壓表示數為零，電流表示數變大，故B正確；如果燈L1短路，則電壓表有示數且為電源電壓，此時電路中只有燈L2，電阻變小，電流變大，不符合題意，故C錯誤；如果燈L1、L2都斷路，則整個電路斷路，電路中無電流，兩表都無示數，不符合題意，故D錯誤。所以B正確，ACD錯誤。6、C【解析】

閉合開關S后，電容器板間電壓等于變阻器下部分電阻的電壓，保持不變．將開關S斷開，電容器放電，知電量的變化．若只將電容器下極板向下移動一小段距離，分析電容的變化，判斷電量的變化，分析電路中電流的方向．若只將滑動變阻器滑片P向上移動，電壓增大。【詳解】A、B項：閉合開關S后，電容器板間電壓等于變阻器下部分電阻的電壓，保持不變，若只在兩板間插入電介質，電容器的電容將增大。故A、B錯誤；C項：若只將滑動變阻器滑片P向上移動，電容器極板間電壓增大，則電容器所帶電荷增多，故C正確；D項：若只將電容器下極板向下移動一小段距離，板間距離增大，電容減小，而電壓不變，則電容器所帶電量減小，電容器放電。由于上極板帶正電，所以此過程電流計中有從b到a方向的電流，故D錯誤。故應選：C。【點睛】本題電容器動態變化分析問題，關鍵是確定電容器的電壓．電路穩定時，電容器所帶電路無電流，只有在充電或放電過程中電容器所在電路有電流。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】

A.由電磁感應定律得，，故ω一定時，電流大小恒定，選項A正確；B.由右手定則知圓盤中心為等效電源正極，圓盤邊緣為負極，電流經外電路從a經過R流到b，選項B正確；C.圓盤轉動方向不變時，等效電源正負極不變，電流方向不變，選項C錯誤；D.電流在R上的熱功率角速度加倍時功率變成原來的4倍，選項D錯誤。故選AB。8、BD【解析】

根據庫侖定律可知，軌道半徑越大，電子受到庫侖力越小，選項A錯誤，B正確；根據可知，，則軌道半徑越大，電子速度越小，選項C錯誤，D正確；故選BD．9、AD【解析】

A.將物塊Q的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，Q沿繩子方向的分速度等于P的速度．當輕繩與桿的夾角為θ時，由速度的分解有：vP=vQcosθ，cosθ<1，則得vP<vQ.故A正確；B.P先向下做加速運動，處于失重狀態，則繩的拉力大小小于P的重力大小，即Q受到的拉力大小小于P的重力大小，后向下減速，處于超重狀態，拉力大小大于P的重力大小，故B錯誤；C.物塊P下落過程中，繩子拉力對P做負功，則P的機械能減小．Q開始細線拉力沿豎直方向的分力大于重力，加速度方向向上，后來細線的拉力沿豎直方向的分力小于重力，加速度方向向下，Q先加速上升，后減速上升，故C錯誤；D.除重力以外其它力做的功等于物體機械能的增量，物塊Q上升到與滑輪等高前，拉力做正功，機械能增加，物塊Q上升到與滑輪等高后，拉力做負功，機械能減小．所以Q上升到與滑輪等高時，機械能最大．故D正確．故選AD【點睛】將物塊Q的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，Q沿繩子方向的分速度等于P的速度．結合平行四邊形定則求出P、Q速度的關系．通過繩子拉力對Q物體的做功情況，判斷物塊Q機械能的變化，從而得出何時機械能最大．10、AB【解析】

當用電器增加時，相當于R的值減小，電路中的總的電阻減小，所以電流要變大，即的示數變大，根據，由于原副線圈匝數比不變，所以增大，也增大，即所示增大，AB錯誤；理想變壓器的輸出電壓是由輸入電壓和匝數比決定的，由于輸入電壓和匝數比不變，所以副線圈的輸出的電壓也不變，所以V2的示數不變，由于副線圈的電流變大，電阻消耗的電壓變大，又因為V2的示數不變，所以V3的示數變小，故AB正確；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、連接圖見解析49000圖像見解析0.35【解析】

(1)[1]如圖所示．(2)[2]設需要串聯的電阻阻值為Rx，則有:Ig(Rg＋Rx)＝5V代入數據可得Rx＝49000Ω.(3)[3]根據表格數據可以的下圖(4)[4]將定值電阻R0看做該電源的內阻的一部分，則內阻r′＝6Ω，由此可得路端電壓:U＝E′－Ir′在I1－I2圖線所在坐標紙上作出該I－U圖象如上一問圖所示，可知其交點坐標表示的電流約為0.32A，電壓約為1.1V，所以該小電珠消耗的功率約為:P＝UI=0.32×1.1W≈0.35W.12、A增大12C【解析】

由于采用分壓式接法，為方便實驗操作，應選最大阻值較小的滑動變阻器；根據題意確定滑動變阻器與電流表的接法，然后連接實物電路圖；根據圖示圖象應用歐姆定律分析答題；由圖示電壓表讀出其示數，由圖示圖象求出對應的電流，然后由歐姆定律求出電阻阻值；根據電路圖應用串并聯電路特點與功率公式分析答題；【詳解】解：(1)由于采用分壓式接法，為方便實驗操作，滑動變阻器應選擇A；(2)描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，燈泡正常發光時的電阻為：R=U2P=320.6=15Ω(3)由圖示圖象可知，隨電壓增大通過燈泡的電流增大，電壓與電流表的比值增大，燈泡電阻增大；(4)電壓表量程為3V，由圖示電壓表可知其分度值為0.1V，示數為2.3V，由圖示圖象可知，2.3V對應的電流為0.196A，此時燈泡電阻為：R=U(5)電流表采用外接法，由于電壓表的分流作用，所測電流I偏大，測得的小燈泡正常發光的功率P=UI偏大，故C正確，A、B、D錯誤；故選C。四、計算題：本題共2小