2025屆福州第一中學物理高二第一學期期中經典模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、河寬420m，船在靜水中速度為4m/s，水流速度是3m/s，則船過河的最短時間為（）A．105s B．140s C．84s D．100s2、下列說法正解的是（）A．電場中某點的電場強度與試探電荷無關B．導體的電阻率由導體材料、導體長度及導體橫截面積決定C．電源的電動勢是描述電源把電勢能轉化成其他形式的能的本領大小的物理量D．由電容的定義式可知，C與Q成正比、與U成反比3、一個閉合線圈放在變化的磁場中，線圈產生的感應電動勢為E．若僅將線匝數增加為原來的2倍，則線圈產生的感應電動勢變為A．E B．2E C．E/2 D．E/44、如圖所示的電路中，兩平行金屬板A、B水平放置，兩板間距離d＝40cm.電源電動勢E＝24V，內電阻r＝1Ω，電阻R＝15Ω.閉合開關S，待電路穩定后，將一帶正電的小球從B板小孔以初速度v0＝4m/s豎直向上射入板間．若小球帶電荷量為q＝1×10－2C，質量為m＝2×10－2kg，不考慮空氣阻力．那么，要使小球恰能到達A板，滑動變阻器接入電路的阻值和此時電源的輸出功率為(取g＝10m/s2)A．8Ω、23W B．32Ω、8W C．8Ω、15W D．32Ω、23W5、真空中，距離為ｒ、帶電荷量均為ｑ的兩個點電荷之間的庫侖力大小為Ｆ。若將它們的電荷量都增大到4q，距離增大到2r，則它們之間的庫侖力大小為：A．Ｆ；B．2Ｆ；C．3Ｆ；D．4Ｆ。6、某電解池，如果在1s內共有5×1018個二價正離子和1.0×1019個一價負離子通過某截面，那么通過這個截面的電流是()A．0 B．0.8AC．1.6A D．3.2A二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、某輸電線路橫穿公路時，要在地下埋線通過，為了保護線路不至于被壓壞，預先鋪設結實的過路鋼管，再讓輸電線從鋼管中穿過．電線穿管的方案有兩種：甲方案是鋪設兩根鋼管，兩條輸電線分別從兩根鋼管中穿過；乙方案是只鋪設一根鋼管，兩條輸電線都從這一根鋼管中穿過，如圖12所示．如果輸電導線輸送的電流很大，那么，以下說法正確的是()A．無論輸送的電流是恒定電流還是交變電流，甲、乙兩方案都是可行的B．若輸送的電流是恒定電流，甲、乙兩方案都是可行的C．若輸送的電流是交變電流，乙方案是可行的，甲方案是不可行的D．若輸送的電流是交變電流，甲方案是可行的，乙方案是不可行的8、對“電梯向下做勻減速直線運動”這句話中的字詞，理解正確的是A．“勻減速”指位移隨時間均勻減小B．“勻”指加速度大小不變，方向可以改變C．“向下……減速”可以判斷加速度方向向上D．“向下”指速度的方向9、在勻強磁場B的區域中有一光滑斜面體，在斜面體上放置一根長為L，質量為m的導線，當通以如圖所示方向的電流后，導線恰能保持靜止，則磁感應強度B可能滿足A．方向垂直斜面向上B．，方向垂直斜面向下C．，方向豎直向下D．，方向水平向左10、如圖所示，用輸出電壓為1.4V、輸出電流為100mA的充電器對內阻為2Ω的鎳—氫電池充電。下列說法正確的是（）A．電能轉化為化學能的功率為0.12WB．充電器輸出的電功率為0.14WC．充電時，電池消耗的熱功率為0.02WD．充電器把0.14W的功率儲存在電池內三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，提供的實驗儀器如下：A．小燈泡，L“3.8V、0.3A”B．電壓表，量程0～5V，內阻5kΩC．電流表，量程0～500mA，內阻0.4ΩD．滑動變阻器，最大阻值10Ω，額定電流1.0AE.直流電源，電動勢約為6V，內阻約為0.5ΩF.開關（1）試完善在虛線框內未畫完的實驗電路圖____________。（2）某小組利用實驗所得數據，描繪出小燈泡的伏安特性曲線如圖，圖像說明隨著電壓的升高，小燈泡的電阻________（填“變大”、“不變”或“變小”）。（3）用P表示小燈泡消耗的電功率，下列圖像中正確反應小燈泡功率變化情況的有_______。12．（12分）（1）在一次實驗時某同學用游標卡尺測量（如圖所示），示數為___________cm.在一次實驗時某同學用螺旋測微器測量（如圖），示數為_________________mm.（2）某電阻額定電壓為3V（阻值大約為10Ω）．為測量其阻值，實驗室提供了下列可選用的器材：A：電流表A1（量程300mA，內阻約1Ω）B：電流表A2（量程0.6A，內阻約0.3Ω）C：電壓表V1（量程3.0V，內阻約3kΩ）D：電壓表V2（量程5.0V，內阻約5kΩ）E：滑動變阻器R1（最大阻值為10Ω）F：滑動變阻器R2（最大阻值為1kΩ）G：電源E（電動勢4V，內阻可忽略）H：電鍵、導線若干．①為了盡可能提高測量準確度，應選擇的器材為（只需添器材前面的字母即可）：電流表_______，電壓表_________，滑動變阻器________.②畫出該實驗電路圖_____________________.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一個掛在絲線下端帶正電的小球B，靜止在圖示位置．若固定的帶正電小球A的電荷量為Q，B球的質量為m，帶電荷量為q，絲線與豎直方向夾角，A和B在同一條水平線上，整個裝置處于真空中．(1)試說明小球B帶正電還是帶負電，并求出小球B所受庫侖力的大小(2)求A、B兩球間的距離r．（以上兩問結果均可用已知量符號表示，可以保留根號）14．（16分）如圖所示，傾角為30°的光滑斜面上水平放置一條0.2米長的導線PQ，兩端連以輕軟的導線，導線通以5安電流，方向自Q向P.當有豎直向上B=2T的勻強磁場時，PQ恰好平衡。求PQ所受的重力。15．（12分）如圖所示在邊長為L的等邊三角形OAB區域內有垂直紙面向里的勻強磁場．在紙面內從O點向磁場區域AOB各個方向瞬時射入質量為m、電荷量為q的帶正電的粒子，所有粒子的速率均為v．已知沿OB方向射入的粒子從AB邊的中點C射出，不計粒子之間的相互作用和重力的影響，已知sin35°≈0.577

．求：(1)勻強磁場的磁感應強度的大小；(2)帶電粒子在磁場中運動的最長時間；(3)沿OB方向射入的粒子從AB邊的中點C射出時，還在磁場中運動的粒子占所有粒子的比例．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】河寬420m，船在靜水中速度為4m/s，當船頭垂直河岸過河時，船過河的時間最短，則船過河的最短時間t=dvs=420點睛：運動的獨立性原理又稱運動的疊加性原理，是指一個物體同時參與幾種運動，各分運動都可看成獨立進行的，互不影響，物體的合運動則視為幾個相互獨立分運動疊加的結果．知道最小位移、最短時間對應的物理模型．2、A【解析】

A項：電場中某點的電場強度取決于電場本身的性質與試探電荷無關，故A項正確；B項：導體的電阻率由導體本身的性質決定，故B項錯誤；C項：電源電動勢是描述電源把其他形式的能轉化為電勢能的本領大小的物理量，故C項錯誤；D項：電容器的電容只取決于電容本身的性質，與其所帶的電荷量，兩板間的電壓無關，故D錯誤．3、B【解析】

法拉第電磁感應定律：，說明當一定時，E與N成正比．線圈匝數增加為原來的2倍，則線圈產生的感應電動勢變為2E．故選B．【點睛】由公式得出E與N、△φ及△t有關，故控制其它量不變，則E與N成正比．當然也可以控制其它的量，去研究剩余兩個量的關系.4、A【解析】

試題分析：（1）小球進入板間后，受重力和電場力作用，且到A板時速度為零．設兩板間電壓為，由動能定理得，所以滑動變阻器兩端電壓：設通過滑動變阻器電流為，由歐姆定律得：滑動變阻器接入電路的電阻：即滑動變阻器接入電路的阻值為時，小球恰能到達A板．（2）電源的輸出功率：，故電源的輸出功率是．考點：帶電粒子在勻強電場中的運動、動能定理的應用【名師點睛】小球恰好運動到A板，根據動能定理列式求解兩板間的電壓；然后根據歐姆定律求解滑動變阻器的電阻值；最后根據電功率表達式求解電源的輸出功率；本題關鍵是分析清楚電路結構和運動情況后，根據動能定理、歐姆定律聯立列式求解．5、D【解析】

真空中有兩個靜止的點電荷，它們之間的庫侖力大小為：F=kq?qr2；若將它們電荷量都增大到4q，距離增大到2r，則它們之間的庫侖力大小：F'=k【點睛】本題關鍵是根據庫侖定律列式分析；要注意一個物理量跟多個因素有關時，要考慮全面．6、D【解析】

由題，電解池中正負離子運動的方向相反，則1s內通過截面正離子的電量為q1=2n1e負離子的電量絕對值為q2=n2e則電流為代入數據解得：A．0與分析不符，故A錯誤；B．0.8A與分析不符，故B錯誤；C．1.6A與分析不符，故C錯誤；D．3.2A與分析相符，故D正確．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】若輸送的電流是恒定電流，甲、乙兩方案都是可行的，B正確．輸電線周圍存在磁場，交變電流產生變化的磁場，因此在輸電過程中輸電線因電流變化引起自感現象，當輸電線上電流很大時，強大的自感電流有可能將鋼管融化，造成事故，所以甲方案是不可行的．在乙方案中，兩條輸電線中的電流方向相反，產生的磁場互相抵消，使自感現象的影響減弱到可以忽略不計的程度，是可行的，C正確．此題類似于課本中提到的“雙線并繞”．8、CD【解析】

勻減速直線運動是指速度隨時間均勻減小的直線運動，加速度大小和方向都不變，故AB錯誤；電梯向下運動，向下指運動方向向下，減速說明加速度方向與速度方向相反，則加速度方向向上，故CD正確．故選CD．【點睛】理解勻變速直線運動的含義，知道它是加速度不變的運動，速度隨時間均勻變化的運動．9、BCD【解析】A.外加勻強磁場的磁感應強度B的方向垂直斜面向上，導線受到的安培力沿斜面向下，導線受到重力、垂直斜面的支持力和沿斜面向下的安培力，不可能處于平衡狀態，故A錯誤；B.外加勻強磁場的磁感應強度B的方向垂直斜面向下，導線受到的安培力沿斜面向上，導線受到重力、垂直斜面的支持力和沿斜面向上的安培力處于平衡狀態，，，B正確；C.外加勻強磁場的磁感應強度B的方向豎直向下,則物體受到水平向左的安培力、支持力與重力,處于平衡狀態，則大小，故C正確；D.外加勻強磁場的磁感應強度B的方向水平向左，則物體受到豎直向上的安培力、重力，導線處于平衡狀態，此時支持力恰好為零，則，故D正確。故選：BCD。10、ABC【解析】

AD.轉化為化學能的功率為P化＝P總－P熱＝0.12W；則充電器把0.12W的功率儲存在電池內，故A正確，D錯誤.C.電池充電時的熱功率為P熱＝I2r＝0.02W，選項C正確；B.充電器對電池的充電功率為P總＝UI＝0.14W，選項B正確；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、變大BD【解析】

（1）[1]．燈泡的電阻，則RV?RL，則應該選用安培表外接電路；滑動變阻器用分壓電路，如圖：（2）[2]．因I-U圖像上某點與原點連線的斜率的倒數等于燈泡的電阻，由圖像可知隨著電壓的升高，小燈泡的電阻變大。（3）[3]．AB、由，因隨著電壓的增加，電阻變大，則P-U2的斜率減小，則圖像A錯誤，B正確；CD、根據P=I2R，則因隨著電流的增加，電阻變大，則P-I2的斜率變大，則圖像C錯誤，D正確；故選BD.12、;;;A;C;E;【解析】

（1）[1]20分度的游標卡尺，精確度是0.05mm，游標卡尺的主尺讀數為104mm，游標尺上第1個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為:1×0.05mm=0.05mm所以最終讀數為：104mm+0.05mm=104.05mm=10.405cm；[2]螺旋測微器的固定刻度為8mm，可動刻度為：7.5×0.01mm=0.075mm所以最終讀數為：8mm+0.075mm=8.075mm（2）①[3]根據歐姆定律，流過電阻的最大電流：故電流表選A；[4]電阻額定電壓為3V則電壓表選C即可；[5]為了盡可能提高測量準確度，選擇滑動變阻分壓式接法，為了方便調節，滑動變阻器選小阻值的E．②[6]即被測電阻為小電阻，選取電流表外接，題目要求為了盡可能提高測量準確度，選擇滑動變阻分壓式．故電路圖如圖．【點睛】選擇器材通常的步驟：1、根據實驗要求設計合理的實驗電路．2、估算電路中電壓、電流可能達到的最大值，以此選擇電壓表和電流表的量程．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1