2025屆保山市重點中學高二物理第一學期期中經典試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某人平拋出一個小球，平拋的初速度為，3s末落到水平地面時的速度為，忽略空氣阻力。下列四個圖中能夠正確反映拋出時刻、1s末、2s末、3s末速度矢量的示意圖是A． B． C． D．2、如圖所示，a、b、c、d是某勻強電場中的四個點，它們是一個四邊形的四個頂點，ab//cd，ab⊥bc，2ab=cd=bc=2l，電場線與四邊形所在平面平行.已知a點電勢為24V，b點電勢為28V，d點電勢為12V.一個質子(不計重力)經過b點的速度大小為v0，方向與bc成450，一段時間后經過c點，則下列說法正確的是(

)A．c點電勢為4VB．場強的方向由a指向cC．質子從b運動到c所用的時間為2D．質子從b運動到d電場力做功為-16eV3、物理學引入“質點”、“點電荷”等概念，從科學研究方法上來說是屬于A．控制變量的方法 B．實驗觀察的方法C．建立理想化的物理模型的方法 D．等效替代的方法4、如圖電路中，當滑動變阻器的滑片P從a端向b端滑動時，則（）A．電壓表讀數變大，通過燈L1的電流變大，燈L2變亮B．電壓表讀數變小，通過燈L1的電流變大，燈L2變亮C．電壓表讀數變小，通過燈L2的電流變大，燈L1變暗D．電壓表讀數變大，通過燈L2的電流變小，燈L1變暗5、如圖所示，兩等量同種正點電荷固定在真空中，在它們連線的中垂線上有A、B兩點，O為連線中點，C為連線上一點，下列結論正確的是（）A．B點場強一定大于A點場強B．B點電勢一定低于A點電勢C．若把一正電荷從A沿直線移到C，電勢能增加D．若一負電荷僅在電場力下從C沿直線運動到O，加速度將變大6、某一做勻加速直線運動的物體，加速度是2m/s2，下列關于該物體加速度的理解正確的是（）A．每經過1秒，物體的速度增加1倍B．每經過l秒，物體的速度增加2m/sC．物體運動的最小速度是2m/sD．物體運動的最大速度是2m/s二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一個重為600N的人站在電梯中，此人對電梯地板的壓力為700N，則此電梯的運動情況可能是（）A．加速上升 B．減速上升 C．加速下降 D．減速下降8、下列有關靜電現象的說法，正確的是A．復印機是利用靜電吸附作用工作的B．安裝在煙囪底部的靜電除塵器可以把煙灰除掉C．為消除靜電現象，油罐車尾部裝一條拖地鐵鏈D．為了美觀，最好把避雷針頂端設計成球形9、關于平拋物體的運動，下列說法中不正確的是()A．物體只受重力的作用，是的勻變速曲線運動B．物體落地時的水平位移與拋出點的高度無關C．平拋運動任一時刻的速度沿水平方向上的分量都相同D．初速度越大，物體在空中的飛行時間越長10、如圖(a)所示，兩平行正對的金屬板AB間加有如圖(b)所示的交變電壓，將一帶正電的粒子從兩板正中間的P點處由靜止釋放，不計粒子重力，下列說法正確的是A．在t=0時刻釋放該粒子，粒子一定能到達B板B．在時刻釋放該粒子,粒子一定能到達B板C．在期間釋放該粒子，粒子一定能到達B板D．在期間釋放該粒子，粒子一定能到達A板三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）要測繪一個標有“3V，0.6W”，小燈泡的伏安特性曲線，燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3V，并便于操作，已選用的器材有：電池組（電動勢為4.5V，內阻約1Ω）；電流表（量程為0～250mA．內阻約5Ω）；電壓表（量程為0～3V．內阻約3kΩ）；電鍵一個、導線若干．（1）實驗中所用的滑動變阻器應選下列中的_________（填字母代號）．A．滑動變阻器（最大阻值20Ω，額定電流1A）B．滑動變阻器（最大阻值1750Ω，額定電流0.3A）（2）實驗的電路圖應選用下列的圖_________（填字母代號）．A．B．C．D．（3）由實驗得到小燈泡的伏安特性曲線，細實線是A點切線，圖線中的小燈泡工作在A點電壓時對應的燈絲電阻等于______Ω；隨著電壓的增大，燈絲的電阻______（填“增大”或“減小”）。12．（12分）某同學制作了一個簡單的多用電表，圖甲為電表的電路圖．已知選用的電流表內阻Rg＝5Ω、滿偏電流Ig＝25mA，當選擇開關接3時為量程100V的電壓表．該多用電表表盤如圖乙所示，下排刻度均勻，C為上排刻度線的中間刻度，由于粗心，上排刻度線對應數據沒有標出．（1）若指針指在圖乙所示位置，選擇開關接1時其讀數為____；選擇開關接3時其讀數為____．（2）為了測該多用電表電阻擋的電阻和表內電源的電動勢，這位同學在實驗室找到了一個電阻箱，設計了如下實驗：①將選擇開關接2，紅黑表筆短接，調節R1的阻值使電表指針滿偏；②將電表紅黑表筆與電阻箱相連，調節電阻箱使電表指針指C處，此時電阻箱的示數如圖丙，則C處刻度應為____Ω；③計算得到多用電表內電池的電動勢為____V；（保留兩位有效數字）（3）調零后將電表紅黑表筆與某一待測電阻相連，若指針在圖乙所示位置，則待測電阻的阻值為____Ω.（保留兩位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，AB兩端接直流穩壓電源，UAB=100V，R0=40Ω，滑動變阻器總電阻R=20Ω，（1）當滑動片處于變阻器中點時，C、D兩端電壓為多少？通過電阻R0的電流為多少？（2）移動滑片時，C、D兩端電壓最大值和最小值分別為多少？14．（16分）如圖所示電路，電源電動勢E＝3V，內阻r＝0.6Ω，R1＝4Ω，R2＝6Ω，求：（1）流過電源的電流；（2）路端電壓；15．（12分）如圖所示，兩塊長3cm的平行金屬板A、B相距1cm，并與450V直流電源的兩極相連接，如果在兩板正中間有一電子（m=910－31kg，e=-1.610－19C），沿著垂直于電場線方向以2107m/s的速度飛入，求：（1）電子在金屬板間運動時的加速度大小；（2）如果電子能從金屬板間飛出，求電子在電場中的飛行時間；（3）判斷電子能否從平行金屬板間飛出．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，可知水平分速度不變，則v1、v2、v3的矢量末端在同一豎直線上，豎直分速度之差△v=g△t，時間間隔相等，則豎直分速度之差相等，故D正確，ABC錯誤。故選D。【點睛】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律，會通過矢量圖表示平拋運動的速度，以及速度的變化。2、C【解析】

連接bd，bd連線的中點N電勢與c點相等，是20V；作出等勢線Nc就能判斷場強方向；質子從b→c做類平拋運動，根據v0方向的分位移為2l【詳解】A、三角形bcd是等腰直角三角形，具有對稱性，bd連線四等分，如圖所示，已知a點電勢為24V，b點電勢為28V，d點電勢為12V，且ab∥cd，ab⊥bc，2ab=cd=bc=2L，因此根據幾何關系，可得M點的電勢為24V，與a點電熱勢相等，從而連接aM，即為等勢面；

三角形bcd是等腰直角三角形，具有對稱性，bd連線中點N的電勢與c相等，為20V，故A錯誤；B、Nc為等勢線，其垂線bd為場強方向，即場強方向為b→d，故B錯誤；C、質子從b→c做類平拋運動，沿初速度方向分位移為2l，此方向做勻速直線運動，則t=2lD、電勢差Ubd=16V，則質子從b運動到d電場力做功為16eV，故D3、C【解析】

“質點”、“點電荷”等都是為了研究問題簡單而引入的理想化模型，所以它們從科學方法上來說屬于理想化模型。A．控制變量的方法，與結論不相符，選項A錯誤；B．實驗觀察的方法，與結論不相符，選項B錯誤；C．建立理想化的物理模型的方法，與結論相符，選項C正確；D．等效替代的方法，與結論不相符，選項D錯誤；4、C【解析】解：兩燈和滑動變阻器組成的電路，其中在干路上，和變阻器并聯后與串聯，電壓表測量的是兩端電壓，即測變阻器兩端電壓.當滑動變阻器的滑片從端向端滑動時，變阻器連入電路中的阻值減小，變阻器與并聯的阻值減小，電路的總電阻減小；根據閉合電路歐姆定律，外電阻的減小使干路電流增大，可知通過的電流增大；電源內阻上的電壓增大，外電路兩端的電壓減小，由于電流增大，的電功率增大，變亮；且兩端電壓增大，兩端電壓減小，電壓表的示數減小；兩端電壓減小，使通過的電流減小；且的電功率減小，變暗.所以C正確5、C【解析】

因在兩點荷中垂線上，O點的場強為零，在無窮遠處場強也為零，可知從O點到無窮遠，場強先增加后減小，則B點場強不一定大于A點場強，選項A錯誤；離兩點荷越近的位置電勢越高，可知B點電勢一定高于A點電勢，選項B錯誤；C點的電勢高于A點，則若把一正電荷從A沿直線移到C，電勢能增加，選項C正確；O點場強為零，若一負電荷僅在電場力下從C沿直線運動到O，電場力減小，加速度將變小，選項D錯誤；故選C.【點睛】此題關鍵是搞清等量同種電荷的電場分布情況，尤其是兩點荷連線中垂線上的場強和電勢分布，知道正電荷在高電勢點的電勢能較大.6、B【解析】物體做勻加速直線運動，加速度是2m/s2，故每經過1s，速度增加2m/s，故A錯誤，B正確；物體做勻加速直線運動，初速度最小，不知初始條件，無法求解，末速度最大，不知道初速度和時間，也無法求解，故CD錯誤．所以B正確，ACD錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】試題分析：由牛頓第二定律知電梯加速度向上，故可能加速上升、也可能減速下降，AD對．考點：牛頓第二定律．【名師點睛】對超重和失重的理解1．實重：物體實際所受的重力．物體所受重力不會因物體運動狀態的改變而變化．2．視重：當物體在豎直方向上有加速度時，物體對彈簧測力計的拉力或對臺秤的壓力將不等于物體的重力，此時彈簧測力計或臺秤的示數叫物體的視重．3．判斷物體超重與失重的方法(1)從受力的角度判斷：超重：物體所受向上的拉力(或支持力)大于重力失重：物體所受向上的拉力(或支持力)小于重力(2)從加速度的角度判斷：①當物體的加速度方向向上(或加速度有豎直向上的分量)時，處于超重狀態．根據牛頓第二定律有：FN－mg＝ma，此時FN>mg，即處于超重狀態．②當物體的加速度方向向下(或加速度有豎直向下的分量)時，處于失重狀態．根據牛頓第二定律有：mg－FN＝ma，此時FN<mg，即處于失重狀態．8、ABC【解析】A、復印機是利用靜電吸附作用工作的，故A正確；B、根據靜電吸附作用，安裝在煙囪底部的靜電除塵器可以把煤灰除掉，故B正確；C、為消除靜電危害，油罐車尾部裝一條拖地鐵鏈可以快速將產生的靜電導走，故C正確；D、表面積越小，越是尖銳的物體，越容易放電，因此避雷針做成尖形的，更容易發揮作用，故D錯誤．點睛：本題考查靜電的防止和應用，要注意明確避雷針的原理，知道它是用來保護建筑物物等避免雷擊的裝置，在高大建筑物頂端安裝一根金屬棒，用金屬線與埋在地下的一塊金屬板連接起來，利用金屬棒的尖端放電，使云層所帶的電和地上的電逐漸中和，從而不會引發事故．9、BD【解析】

平拋運動的物體只受重力的作用，是的勻變速曲線運動，選項A正確；由x=v0t和h=gt2可知，物體落地時的水平位移，與拋出點的高度有關，選項B錯誤；平拋運動任一時刻的速度沿水平方向上的分量都等于初速度，選項C正確；物體在空中飛行的時間為，與初速度無關，選項D錯誤；此題選擇不正確的選項，故選BD.10、AC【解析】

A．若在t=0時刻釋放該粒子，帶正電粒子先加速向B板運動、再減速運動至零，運動方向一直不變，最終打在B板上，選項A正確；B．若在時刻釋放該粒子，帶正電粒子先加速向B板運動、再減速運動至零；然后再反方向加速運動、減速運動至零；如此反復運動，每次向左運動的距離等于向右運動的距離，所以若極板間距較大，則粒子可能打不到B板，B錯誤C．若在期間釋放該粒子，帶正電粒子先加速向B板運動、再減速運動至零；然后再反方向加速運動、減速運動至零；如此反復運動，每次向右運動的距離大于向左運動的距離，粒子整體向右運動，最終打在B板上，C正確D．若在期間釋放該粒子，帶正電粒子先加速向B板運動、再減速運動至零；然后再反方向加速運動、減速運動至零；如此反復運動，每次向右運動的距離小于向左運動的距離，粒子整體向A板運動，一定打在A板上，若直接加速向B板，則不會回到A板，D錯誤。故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AB10增大【解析】

(1)[1]電壓從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，為方便實驗操作，滑動變阻器應選較小的A；(2)[2]實驗要求：燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3V，滑動變阻器應采用分壓接法，燈泡電阻電流表內阻很小，電壓表內阻很大，電壓表內阻遠大于燈泡電阻，電流表應采用外接法，故B正確ACD錯誤。(3)[3][4]根據歐姆定律可知根據圖像可知，隨著電壓的增大，圖像斜率變小，圖像描述的是電阻的倒數變化趨勢，所以燈絲的電阻增大。12、17.3mA（17.2～17.4mA）69V1503.870（67～71）【解析】

（1）[1]選擇開關接1時測電流，其分度值為0.5mA，示數為17.3mA；[2]選擇開關接3時測電壓，其分度值為2V，其示數為69V；（2）[3]②由圖丙所示電阻箱可知，電阻箱示數為：0×1000Ω＋1×100Ω＋5×10Ω＋0×1Ω＝150Ω[4]由圖乙所示可知，指針指在C處時，電流表示數為12.5mA＝0.0125A，C處電阻為中值電阻，則電表內阻為150Ω，電源電動勢：E＝I（R＋r）＝0.0125×（150＋150）V＝3.8V（3）[5]根據第（1）問可知，表頭所示電流為17.3mA；調零后將電表紅黑表筆與某一待測電阻相連，此時電路中的電流值也為17.3mA，而表內電池的電動勢為E＝3.8V，表內總電阻為150Ω，由歐姆定律可知：R＝（－150）Ω≈7