安徽省壽縣一中2025屆物理高三上期中經典試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、甲乙兩位同學面對面站在光滑的水平冰面上，兩人都處于靜止狀態，某時刻甲同學沿水平方向用力推了乙同學一下，結果兩人向相反方向滑去。已知m甲﹥m乙。則下列說法正確的是（）A．甲同學受到的沖量較大B．乙同學受到的沖量較大C．甲同學運動的速率較大D．乙同學運動的速率較大2、下列說法中正確的是（）A．曲線運動不可能是勻變速運動 B．曲線運動一定是變速運動C．恒力作用下的物體一定做直線運動 D．變力作用下的物體一定做曲線運動3、某半導體激光器發射波長為1.5×10－6m，功率為5.0×10－3W的連續激光．已知可見光波長的數量級為10－7m，普朗克常量h＝6.63×10－34J·s，該激光器發出的A．是紫外線B．是紅外線C．光子能量約為1.3×10－13JD．光子數約為每秒3.8×1017個4、央視網2017年11月06日消息，在西昌衛星發射中心用長征三號乙運載火箭，以“一箭雙星”方式成功發射第24顆、第25顆北斗導航衛星．這兩顆衛星屬于中圓地球軌道衛星，也是中國第一、二顆北斗三號組網衛星．其軌道可以近似看成圓形，軌道高度要低于地球同步軌道．下列說法正確的是A．這兩顆衛星的周期要小于地球同步衛星的周期B．這兩顆衛星的運行速度要小于地球同步衛星的運行速度C．如果知道該衛星的軌道半徑與周期，可以計算地球的密度D．如果兩顆衛星在同一軌道上運動，則其向心力一定大小相等5、浙江省長興縣十里銀杏長廊景區古銀杏眾多，成片成林全國罕見．某次游客小朱發現一片手掌大小的樹葉正好從離水平地面高約3m的樹枝上飄落．這片樹葉從樹枝開始下落到落到地面上的時間可能是A．0.4s B．0.6s C．0.8s D．3s6、如圖所示，oa、ob是豎直平面內兩根固定的光滑細桿，o、a、b、c位于同一圓周上，c為圓周的最高點，a為最低點．每根桿上都套著一個小滑環，兩個滑環都從o點無初速釋放，用t1、t2分別表示滑環到達a、b所用的時間，則下列關系正確的是A．t1=t2B．t1＞t2C．t1＜t2D．無法確定二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，水平傳送帶A、B兩端點相距x=4m，以v0=1m/s的速度（始終保持不變）順時針運轉，今將一質量為1kg的小煤塊（可視為質點）無初速度輕輕放到A點處，已知小煤塊與傳送帶間的動摩擦因數為0.4，g取10m/s1．由于小煤塊與傳送帶之間有相對滑動，會在傳送帶上留下劃痕．則小煤塊從A運動到B的過程中（）A．小煤塊運動到B的速度大小為4m/sB．小煤塊從A運動到B的時間為1.15sC．劃痕長度為1mD．小煤塊與傳送帶系統產生的熱量為1J8、如圖一個點電荷只受電場力作用沿圓弧MN做勻速圓周運動，若圓弧MN的弧長為s，經過圓弧MN的時間為t，經過這兩點的速度偏向角為，不考慮點電荷對周圍電場的影響，則A．M、N兩點的電勢相等B．點電荷的加速度大小為C．該點電荷所處的電場可能是兩個等量同種點電荷所產生的D．該電場的場強方向一定指向圓弧的圓心9、如圖甲所示，A、B兩個物體靠在一起，靜止在光滑的水平面上，它們的質量分別為mA=2kg、mB=4kg，現用水平力FA推A，用水平力FB拉B，FB和FA隨時間t變化的關系圖象如圖乙所示．則（）A．A、B脫離之前，它們一直做勻加速運動B．t=4s時，A、B脫離C．A、B脫離時，它們的位移為4mD．A、B脫離后，A做減速運動，B做加速運動10、如圖所示，大圓環固定不動，套在大圓環上的小環從某處由靜止滑下，在大圓環上來回運動幾次，最終靜止不動。下列說法正確的是A．小環不一定停在大圓環的最低點B．小環第一次運動到最低點時動能最大C．運動過程中產生的內能等于小環減小的機械能D．第一次到達左邊最高點的過程中，小環的機械能先減小后增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）(1)實驗小組在“探究彈力和彈簧伸長的關系”的實驗中，使用兩條不同的輕質彈簧a和b，得到彈力與彈簧長度的圖象如圖所示．下列表述正確的是___________A．a的原長比b的長B．a的勁度系數比b的大C．a的勁度系數比b的小D．測得的彈力與彈簧的長度成正比(2)另一實驗小組在在同一實驗的研究性學習中，利用所學的知識解決了如下問題：一輕質彈簧豎直懸掛于某一深度為h=35.0cm，且開口向下的小筒中（沒有外力作用時彈簧的下端位于筒內，用測力計可以同彈簧的下端接觸），如圖甲所示，若本實驗的長度測量工具只能測量露出筒外彈簧的長度l，現要測出彈簧的原長l0和彈簧的勁度系數，該同學通過改變l而測出對應的彈力F，作出F-l圖象如圖乙所示，則彈簧的勁度系數為k=______N/m，彈簧的原長l0=_____cm12．（12分）在“探究加速度和力、質量的關系”實驗中，采用如圖所示的裝置圖進行實驗：(1)實驗中，需要在木板的右端墊上一個小木塊，其目的___________________;(2)在實驗操作中，下列說法正確的是____________（填序號）A．實驗中，若要將砝碼（包括砝碼盤）的重力大小作為小車所受拉力F的大小應讓小車質量遠大于砝碼（包括砝碼盤）的重力B．實驗時，應先放開小車，再接通打點計時器的電源C．每改變一次小車的質量，都需要改變墊入的小木塊的厚度D．先保持小車質量不變，研究加速度與力的關系；再保持小車受力不變，研究加速度與質量的關系，最后歸納出加速度與力、質量的關系(3)右圖為研究“在外力一定的條件下，小車的加速度與其質量的關系”時所得的實驗圖象，橫坐標m為小車上砝碼的質量．設圖中直線的斜率為k，在縱軸上的截距為b，若牛頓定律成立，則小車的質量為_．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）有一種能夠垂直起降的小型遙控無人機，質量為m＝2kg，假定運動過程中所受空氣阻力大小恒為F阻＝4N，方向與無人機運動方向相反．當無人機在地面上由靜止開始以最大升力豎直向上起飛，經時間t＝4s時，離地面的高度為h＝48m，g取10m/s2.(1)其動力系統能夠提供的最大升力為多大？(2)當無人機懸停在距離地面高度H＝100m處時，由于動力設備故障，無人機突然失去升力，從靜止開始墜落，則無人機墜落地面時的速度為多大？14．（16分）某天大霧彌漫，能見度很低，甲、乙兩輛汽車同向行駛在同一平直公路上，甲車在前，乙車在后，甲車的速度v1＝15m/s，乙車的速度v2＝25m/s，當乙車行駛到距甲車s＝60m時，駕駛員發現了前方的甲車，設兩車駕駛員的反應時間均為Δt＝0.5s.（1）若乙車的駕駛員發現甲車后經反應時間Δt后立即剎車做勻減速運動，為了防止相撞，求乙車減速運動的最小加速度的大小a1(此過程甲車速度保持不變)；（2）若乙車的駕駛員發現甲車后經反應時間Δt后，僅采取鳴笛警告措施，甲車駕駛員聽到鳴笛后經反應時間Δt后立即做勻加速運動，為了防止相撞，求甲車加速運動的最小加速度的大小a2.15．（12分）如圖所示絕緣的半徑為R的光滑圓環，放在豎直平面內，環上套有一個質量為m，帶電量為+q的小環，它們處在水平向右的勻強電場中，電場強度為E（如圖所示），小環從最高點A由靜止開始滑動，（1）當小環通過與大環圓心等高的B點時大環對它的彈力；（2）當小環通過最低點C時，大環對它的彈力？（3）若E=，則小環在光滑圓環上運動的最大速度在什么位置？值是多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

CD．兩人組成的系統，初狀態總動量為零，根據動量守恒，可知兩人的動量變化量大小相等，方向相反，根據△P=mv-0=mv可知質量小的速度大，故D正確，C錯誤；

AB．根據動理定理I=△P，可知兩人的沖量大小相等，故AB錯誤；

故選D。2、B【解析】做曲線運動的物體的加速度不一定變化，如平拋運動，重力加速度是不變的，故A錯誤；曲線運動，它的速度的方向是不斷改變的，所以曲線運動一定是變速運動，故B正確；在恒力作用下，物體可以做曲線運動，如平拋運動，故C錯誤；物體在變力的作用下也可能作直線運動，如變加速直線運動，故D錯誤．所以B正確，ACD錯誤．3、B【解析】

AB．該激光的波長比可見光的波長長，屬于紅外線．故A錯誤，B正確．C．光子能量E＝h＝6.63×10﹣34×J＝1.326×10﹣19J．故C錯誤．D．每秒鐘發出的光子數n＝＝≈3.8×1016個．故D錯誤．4、A【解析】

根據可得，可知，因軌道高度要低于地球同步軌道，則這兩顆衛星的周期要小于地球同步衛星的周期，兩顆衛星的運行速度要大于地球同步衛星的運行速度，選項A正確，B錯誤．根據可知，如果知道該衛星的軌道半徑與周期，可以計算地球的質量，但是地球的半徑未知，不能求解地球的密度，選項C錯誤；因兩顆衛星的質量關系未知，不能比較向心力的大小，選項D錯誤；故選A.5、D【解析】

根據自由落體運動公式：，解得：，而樹葉的運動時間大于自由落體運動的時間，可知樹葉開始下落的時間為3s，故D正確，ABC錯誤．6、C【解析】

以O點為最高點，取合適的豎直直徑od作等時圓，交ob于e，如圖所示，顯然o到a、e才是等時的，比較圖示位移ob＞oe，故推得t1＜t2，故C正確；故選C．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】小煤塊運動到B，速度不可能超過傳送帶的速度，即不可能為4m/s，故A錯誤；小煤塊先加速后勻速，根據牛頓第二定律，得：a==0.4×10=4m/s1，加速時間為：t1==0.5s，加速位移：，勻速時間：，故運動的總時間為：t=t1+t1=0.5s+1.75s=1.15s，故B正確；在加速過程，傳送帶的位移為：x1′=v0t1=1×0.5=1m，故劃痕為：=1﹣0.5=0.5m，故C錯誤；小煤塊與傳送帶系統產生的熱量為：Q=f?△x=μmg?△x=0.4×1×10×0.5=1J，故D正確；故選BD.點睛：分析清楚物體運動的過程，先是勻加速直線運動，后是勻速直線運動，分過程應用運動規律求解即可，尤其是注意分析摩擦力的變化情況．8、ABC【解析】

點電荷只受電場力作用沿圓弧MN做勻速圓周運動，則電場力充當向心力，與速度方向垂直，電場力不做功，所以M、N兩點的電勢相等，A正確；根據幾何知識可得圓弧所對圓心角為，所以運動半徑為，點電荷運動角速度為，故點電荷的向心加速度為，B正確；該點電荷q可以在兩個等量同種點電荷中垂面上做勻速圓周運動，所以該點電荷q所處的電場可能是兩個等量同種點電荷所產生的，故C正確；點電荷的電性未知，所以無法判斷電場強度方向，D錯誤．9、AC【解析】AB：0～4s，，如一起運動，對AB整體，對B：，解得：，當N＝0時，，對應的時刻為2s末．則分離前它們一直做勻加速運動；t=2s時，A、B脫離．故A正確、B錯誤．C：t=2s時，A、B脫離；它們的位移，解得：．故C正確．D：t=2s時，A、B脫離，脫離后，A做加速度減小的加速運動，B做加速度增大的加速運動．故D錯誤．點睛：分離的臨界情況是兩者之間的彈力恰好變為零．10、AC【解析】小環從某處由靜止滑下，當來回運動到摩擦力的大小剛好等于重力沿切線方向分力的大小時速度為零，此時小環靜止的地方不是在大圓環的最低點；當小環來回運動到最低點時速度恰好為零，此時小環靜止在大圓環的最低點，故A正確；當小環第一次運動摩擦力的大小與重力沿切線方向分力的大小相等時速度最大，動能最大，故B錯誤；由于小環最終靜止，根據能量守恒可知，運動過程中產生的內能等于小環減小的機械能，故C正確；第一次到達左邊最高點的過程中，摩擦力始終做負功，故小環的機械能一直減小，故D錯誤；故選AC.【點睛】小環在大圓環上下滑，由于之間存在摩擦力，摩擦力始終做負功，根據能量守恒判斷出最終產生的內能及小環的機械能的變化情況三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B；200；25【解析】

（1）在圖象中橫截距表示彈簧的原長，故a的原長比b的短，故A錯誤；

在圖象中斜率表示彈簧的勁度系數k，故a的勁度系數比b的大，故B正確、C錯誤；彈簧的彈力滿足胡克定律，彈力與彈簧的形變量成正比，故D錯誤，故選B．（2）根據胡克定律F與l的關系式為：F=k（l+h-l0）=kl+k（h-l0），從圖象中可得直線的斜率為2N/cm，截距為20N，故彈簧的勁度系數為：k=2N/cm=200N/m；由k（h-l0）=20N；于是：l0=25cm.12、平衡摩擦力AD【解析】（1）實驗時，我們認為繩子的拉力是小車受到的合外力，為達到這個目的，我們要先要將帶有滑輪的木板另一端墊起，目的是平衡摩擦力。（2）把M、m看成一個整體，根據牛頓第二定律得：mg=（M+m）a，對M分析可得繩子的拉力為：F=Ma，聯立解得：，知當砝碼總質量遠小于滑塊質量時，滑塊所受的拉力等于砝碼的總重力，所以應滿足的條件是砝碼的總質量遠小于滑塊的質量，故A正確；使用打點計時器時，都應該先開電源，后釋放紙帶，故B錯誤；由于平衡摩擦力之后有Mgsinθ=μMgcosθ，故μ=tanθ，與重物的質量無關，所以不用再次平衡摩擦力，故C錯誤；本實驗采用控制變量法，先保持小車質量不變，研究加速度與力的關系；再保持小車受力不變，研究加速度與質量的關系，最后歸納出加速度與力、質量的關系，故D正確。所以AD正確，BC錯誤。（3）對小車，根據牛頓第二定律得：F=（m+M）a，變形得：，在圖象中，圖線的斜率表示，則，在圖象中圖象的截距為：，可得：。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)36N,(2)40m/s【解析】

(1)無人機以最大升力豎直向上起飛，做勻加速直線運動，由h=12at2解得：a根據牛頓第二定律：F?mg?f=ma1解得