北京市東城五中2025屆物理高二第一學期期末質量檢測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一輛汽車沿著水平湖岸勻速行駛，速度為5m/s，汽車在水中的倒影相對于汽車的速度是（）A.10m/s B.5m/sC.-5m/s D.0m/s2、如圖所示為有兩個量程的電壓表，當使用a、b兩端點時，量程為1V；當使用a、c兩端點時，量程為10V．已知電流表的內阻Rg為50Ω，滿偏電流Ig為1mA．則R1和R2的電阻值：A.R1=950Ω，R2=9kΩB.R1=9kΩ，R2=950ΩC.R1=9kΩ，R2=1kΩD.R1=1kΩ，R2=9kΩ3、如圖甲所示，光滑絕緣細桿豎直放置，距細桿右側d的A點處有一固定的正點電荷，細桿上套有一帶電小環，設小環與點電荷的豎直高度差為h，將小環無初速度地從h高處釋放后，在下落至h=0的過程中，其動能隨h的變化曲線如圖乙所示，則下列判斷中正確的是A.小環帶負電B.從h高處下落至h=0的過程中，小環電勢能一直增大C.從h高處下落至h=0的過程中，小環先后經過了減速、加速、再減速三個階段D.小環將做以O點為中心的往復運動4、兩同學從公園西門出發前往東門．甲步行，乙騎自行車，路線如圖．甲乙兩人的（）A.路程和位移均相同 B.路程和位移均不同C.路程相同，位移不同 D.路程不同，位移相同5、邊長為aN匝正方形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁感線且與線圈在同一平面內的對稱軸勻速轉動,轉速為n,線圈所圍面積內的磁通量Φ隨時間t變化的規律如圖所示,圖象中為已知．則下列說法正確的是A.時刻線圈中感應電動勢最大B.時刻線圈中感應電流為零C.勻強磁場的磁感應強度大小為D.線圈中瞬時感應電動勢的表達式為6、如圖所示，一束質量、速度和電荷量不全相等的離子，經過由正交的勻強電場和勻強磁場組成的速度選擇器后，進入另一個勻強磁場中并分裂為A、B兩束，下列說法中正確的是（）A.組成A束和B束的離子都帶負電B.A束離子的比荷大于B束離子的比荷C.組成A束和B束的離子質量一定不同D.速度選擇器中的磁場方向垂直于紙面向外二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、用比值法定義物理量是物理學中一種很重要的思想方法，下列表達式中屬于比值法定義物理量的是A.平均速度 B.電阻C.電勢差 D.勻強電場8、如圖所示，兩個半徑相同的半圓形光滑軌道分別豎直放在勻強磁場和勻強電場中，軌道兩端在同一高度上，軌道是光滑的。兩個相同的帶正電小球同時從兩軌道左端最高點由靜止釋放，M、N分別為兩軌道的最低點，則（）A.兩小球到達軌道最低點的速度vM＝vNB.兩小球到達軌道最低點的速度vM>vNC.在磁場和電場中小球均能到達軌道的另一端D.在磁場中小球能到達軌道的另一端，在電場中小球不能到達軌道的另一端9、如圖，是磁電式電流表的結構，蹄形磁鐵和鐵芯間的磁場是均勻地輻向分布，線圈中a、b兩條導線長均為l，通以圖示方向的電流I，兩條導線所在處的磁感應強度大小均為B。則（）A.該磁場是勻強磁場 B.線圈將逆時針方向轉動C.線圈將順時針方向轉動 D.a、b導線受到的安培力大小總為IlB10、鉛蓄電池的電動勢為2V，這表示()A.電路中每通過1C的電荷量，電源就把2J的化學能轉化為電能B.蓄電池把其他形式的能轉化為電能的本領比干電池的大C.蓄電池在1秒內將2J的化學能轉化為電能D.蓄電池接入不同電路中，電動勢就會發生變化三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）同學要測量一個由均勻新材料制成的圓柱體的電阻率ρ．步驟如下：①用螺旋測微器測量其直徑如圖1所示，可知其直徑為_______mm；②用多用電表的電阻“×10”檔，按正確步驟測此圓柱體的電阻，表盤示數如圖2，則該電阻的阻值約為_______Ω，他還需要換檔重新測量嗎？_______（答“需要”或“不需要”）。③為更精確地測量其電阻，現有的器材及其代號和規格如下：待測圓柱體電阻R電流表A1（量程0～3mA，內阻約50Ω）電流表A2（量程0～15mA，內阻約30Ω）電壓表V1（量程0～3V，內阻約10kΩ）電壓表V2（量程0～15V，內阻約25kΩ）直流電源E（電動勢4V，內阻不計）滑動變阻器R1（阻值范圍0～15Ω）滑動變阻器R2（阻值范圍0～2kΩ）開關S，導線若干為使實驗誤差較小，要求測得多組數據進行分析，電流表應選用______，電壓表應選用______，滑動變阻器應選用______。④請在圖3中補充連線完成本實驗________________。12．（12分）有一個小燈泡上標有“4V，2W”的字樣，現在要用伏安法描繪這個燈泡的I-U圖線，現有下列器材供選用：A.電壓表（0～5V，內阻10kΩ）B.電壓表（0～15V，內阻20kΩ）C.電流表（0～3A，內阻0.4Ω）D.電流表（0～0.6A，內阻1Ω）E.滑動變阻器（最大阻值為10Ω，允許最大電流為2A）F.滑動變阻器（最大阻值為500Ω，允許最大電流為1A）G.學生電源（直流6V）、開關、導線若干（1）實驗時，選用圖甲而不選用圖乙所示的電路圖來完成實驗，其理由是__________：（2）實驗中所用電壓表應選用_______，電流表應選用________，滑動變阻器應選用________（用序號字母表示）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，通電導體棒ab質量為m、長為L，水平地放置在傾角為θ的光滑斜面上，通以圖示方向的電流，電流強度為I，要求導體棒ab靜止在斜面上．求：(1)若磁場方向豎直向上，則磁感應強度B為多大？(2)若要求磁感應強度最小，則磁感應強度如何？14．（16分）有一根長的直導線，通有I=2A的電流．將此直導線垂直磁場方向放入勻強磁場中，導線受到的安培力，求：（1)該勻強磁場的磁感應強度B的大小；（2)若將導線中的電流增大為,而其他不變，則該導體受到的安培力是多大？15．（12分）如圖所示,位于平面直角坐標系內的水平正對的平行金屬板的長度為L,板間距離也為L,金屬板之間存在勻強電場,金屬板厚度忽略不計，第一象限內邊長也為L的正方形區域ABCD為無場區．在平行金屬板和正方形區域的外側存在范圍足夠大的勻強磁場,磁場的方向垂直XY平面向里．一個質量為m、電荷量為q的帶正電的粒子沿兩平行金屬板的中線OO'射入電場,初速度為v,粒子恰好從下極板的右端A點離開電場．已知帶電粒子進入磁場后能通過B點(粒子只在AB下方偏轉),不計粒子重力（1）求粒子第一次進入磁場時速度的大小和方向；（2）求勻強磁場的磁感應強度大小；（3）若僅將勻強磁場的磁感強度變為原來的兩倍,求粒子從離開電場到回到電場所用的時間

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】汽車在湖水中的倒影實際上汽車在湖水中所成的像，故汽車和汽車的像關于湖面對稱，由于汽車沿水平湖岸行駛，故汽車到水面的距離保持不變，所以汽車在水中的倒影相對于汽車靜止不動；【詳解】汽車在湖水中的倒影實際上汽車在湖水中所成的像；根據平面鏡成像的特點可知汽車和汽車的像關于湖面對稱；又由于汽車沿水平湖岸行駛，故汽車到水面的距離保持不變，所以汽車在水中的倒影相對于汽車靜止不動，故它們的相對速度為0，故D正確，A、B、C錯誤；故選D【點睛】關鍵是知道汽車在水中的倒影相對于汽車靜止不動2、A【解析】根據歐姆定律和串聯電路的特點可知：代入數據可解得：同理有：代入數據可解得：所以只有選項A正確；3、B【解析】A.若小環帶負電，重力和靜電力對小環都做正功，小環的動能一直增大，與圖乙不符，所以小環帶正電，故A錯誤；B.結合動能隨著h的變化圖象可知，小環帶正電，從h高處下落至h=0的過程中，小環所受的電場力為斥力，電場力一直做負功，小環的電勢能一直增大，故B正確；C.結合動能隨著h的變化圖象可知：從h高處下落至h=0的過程中，經過了加速、減速、再加速三個階段，故C錯誤；D.過了O點后，電場力、桿對小環的支持力以及重力的合力向下，小環一直向下做加速運動，不會以O點為中心的往復運動，故D錯誤。故選：B。4、D【解析】由圖看出，甲乙兩人起點都在西門，終點都在東門，位移相同；路程為經過的路線的長度，由圖象知甲的路程小，故D正確，ABC錯誤故選D5、D【解析】由數學知識可知：磁通量-時間圖象斜率等于磁通量的變化率，其大小決定了感應電動勢的大小．當線圈的磁通量最大時，線圈經過中性面，電流方向發生改變【詳解】t1時刻通過線圈的磁通量最大，而磁通量的變化率等于零，故感應電動勢為零，故A錯誤；t2時刻磁通量為零，線圈與磁場平行，磁通量變化率最大，線圈中感應電流為最大值，故B錯誤；磁通量與線圈匝數無關，所以磁感應強度，故C錯誤；角速度為：ω=2nπ，最大感應電動勢為：Em=NBSω=N××a2×2nπ=2Nπφ0n；所以線圈中瞬時感應電動勢的表達式為：e=2Nπφ0ncos2πnt，故D正確；故選D【點睛】本題關鍵抓住感應電動勢與磁通量是互余關系，即磁通量最大，感應電動勢最小；而磁通量最小，感應電動勢最大6、B【解析】可以根據左手定則可以判斷AB束離子的電性，粒子在磁場和電場正交區域里，同時受到洛倫茲力和電場力作用，粒子沒有發生偏轉，說明粒子所受電場力和洛倫茲力平衡，滿足qvB=qE，即不發生偏轉的粒子具有共同的速度大小v=E/B，粒子進入磁場后受洛倫茲力作用做勻速圓周運動，滿足qvB=m，圓周運動的半徑，由此進行分析得出結論【詳解】A離子進入磁場后向左偏，根據左手定則可以判斷A束離子都帶正電，同理可知B離子帶負電，故A錯誤；經過速度選擇器后的粒子速度相同，粒子所受電場力和洛倫茲力平衡，滿足qvB=qE，即不發生偏轉的粒子具有共同的速度大小v=E/B；進入磁場區分開，軌道半徑不等，根據公式可知，半徑大的比荷小，所以A束離子的比荷（q/m）大于B束離子的比荷，但不能說明質量一定不同，故B正確，C錯誤；在速度選擇器中，電場方向水平向右，A粒子所受電場力方向向右，B粒子所受電場力方向向左，所以A離子受的洛倫茲力方向向左，B離子受的洛倫茲力方向向右，根據左手定則可知，速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向內，故D錯誤．故選B【點睛】本題能根據粒子不發生偏轉得出粒子所受電場力和洛倫茲力平衡，并由此推算出粒子具有相同的速度v，在單獨的勻強磁場中粒子分裂成幾束說明粒子的荷質比不同，并由此得出電量、質量、以及速度所需要滿足的關系式，從而得出正確的結論二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】平均速度的定義，運動物體在某段時間的平均速度，速度與位移和時間無關，A正確；根據電阻定律可知電阻和導線的長度，橫截面積，電阻率有關，和其兩端的電壓以及電流無關，故電阻為比值法定義，B正確；電勢是認為規定的，電勢差是相對的，與電荷在這兩點間移動時電場力做功無關，電荷量無關，故公式為比值法定義，C正確；在勻強電場中，電場強度的大小在數值上等于沿電場方向上每單位上的電勢差，所以不是比值法定義，D錯誤；【點睛】關鍵是理解比值法定義：所謂比值定義法，就是用兩個基本的物理量的“比”來定義一個新的物理量的方法．比值法定義的基本特點是被定義的物理量往往是反映物質的最本質的屬性，它不隨定義所用的物理量的大小取舍而改變8、BD【解析】AB．小球在磁場中運動時洛倫茲力不做功，所以滿足機械能守恒。在電場中受的電場力向左，下滑過程中電場力做負功，所以到達最低點時速度關系為vM>vN，選項A錯誤，選項B正確；CD．整個過程小球在磁場中運動時洛倫茲力不做功，所以滿足機械能守恒，能到達軌道的另一端；在電場中受的電場力向左，整個過程中電場力都做負功，機械能守恒減少，小球不能到達軌道的另一端，選項C錯誤，D正確。故選BD。9、CD【解析】A．該磁場明顯不是勻強磁場，勻強磁場應該是一系列平行的磁感線，方向相同，選項A錯誤；BC．由左手定則可知，a受到的安培力向上，b受到的安培力向下，故線圈順時針旋轉，選項B錯誤，C正確；D．a、b導線始終與磁感線垂直，故受到的安培力大小總為IlB，選項D正確。故選CD。10、AB【解析】A．鉛蓄電池的電動勢為2V，表示非靜電力將單位正電荷從電源的負極通過電源內部移送到正極時所做的功為2J，即電源把2J的化學能轉化為電能，故A正確；B．電動勢反映電源將其他形式的能轉化為電能的本領；故鉛蓄電池把其他形式能轉化為電能的本領比一節干電池（電動勢為1.5V）的強，故B正確；C．電源的電動勢表示將1C的電量轉移時做功為2J，但并不明確做功的時間；故C錯誤；D．電動勢反映電源將其他形式的能轉化為電能的本領；與接入的外電路無關，故D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.4.745②.220③.不需要④.A2⑤.V1⑥.R1⑦.【解析】(1)[1]由圖示螺旋測微器可知，其示數為：4.5mm+24.5×0.01mm=4.745mm；(2)[2]歐姆表讀數=表盤讀數×倍率=22Ω×10=220Ω；[3]中值電阻附近刻度最均勻，讀數誤差最小，故不需要重新換擋；(3)[4]根據歐姆定律，最大電流故電流表選擇A2；[5]電源電動勢4V，故電壓表選擇V1；[6]要求測得多組數據進行分析，滑動變阻器采用分壓式接法，用小電阻控制大電阻，故滑動變阻器選擇R1；(4)[7]由可知，電阻阻值較小，電流表應用外接法，滑動變阻器用分壓式，電路圖如圖12、①.(1)描繪燈泡的I-U圖線所測數據需從零開始，并要多取幾組數據；②.(2)A，③.D，④.E【解析】（1）[1]描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應從零開始變化，并要多取幾組數據，滑動變阻器應選擇分壓接法；（2）[2]燈泡額定電壓為4V，電壓表應選A；[3]燈泡額定電流電流表應選D；[4]為方便實驗操作，滑動變阻器應選擇總阻值較小的E四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2),方向垂直斜面向上【解析】(1)沿導體棒從a向b觀察,對ab棒受力分析(如圖所示),由平衡條件得:在沿斜面方向:mgsinθ=Fcosθ在垂直斜面方向:FN=mgcosθ+Fsinθ其中F=BIL聯立以上各式可得(2)當安培力F全部用來平衡重力沿斜面方