內蒙古包頭市2025屆高二物理第一學期期中聯考模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、根據電容器的電容的定義式,可知（）A．電容器帶的電荷量越多，它的電容就越大B．電容器兩極板之間的電勢差越大，它的電容就越小C．電容器的電容大小與電容器的帶電情況無關D．電容器不帶電時，其電容為零2、對于場強，出現了E=和E=及E=三個公式，你認為下列認識正確的是()A．q表示場中的試探電荷、d表示沿電場線方向的距離B．E隨U的增大而增大，隨Q的增大而增大C．第一個公式適用于包括點電荷在內的所有場源的電場求場強，且E的方向和F一致D．1N/C=10V/m3、如圖所示，a、b兩點位于以負點電荷–Q（Q>0）為球心的球面上，c點在球面外，則A．a點場強的大小比b點大B．b點場強的大小比c點小C．a點電勢比b點高D．b點電勢比c點低4、如圖的電路中，電池的電動勢為，內阻為，和是兩個阻值固定的電阻．當可變電阻的滑片向點移動時，通過的電流和通過的電流將發生如下的變化（）A．變大，變小B．變大，變大C．變小，變大D．變小，變小5、如圖所示，a、b、c、d是某勻強電場中的四個點，它們正好是一個矩形的四個頂點，ab=cd=10cm，ad=bc=20cm．電場線與矩形所在平面平行．已知a點的電勢為20V，b點的電勢為24V，則下列說法正確的是（）A．cd間電勢差一定為4VB．c點電勢可能比d點低C．電場強度方向一定由b指向aD．電場強度大小一定為E=40V/m6、如圖為某物體運動的v-t圖像，則物體在8s內運動的位移為A．32m B．36m C．40m D．48m二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示電路中，R1＝5Ω，R2＝7Ω，R3＝8Ω，R4＝10Ω，C＝20μF，電源電動勢E＝18.6V，內阻r＝1Ω，電表為理想電表．開始電鍵K是閉合的，則下列判斷正確的是（）A．電流表的示數為lAB．電壓表的示數為6VC．電容器所帶的電荷量為1．8×10－4CD．當電鍵K斷開后，通過電阻R1的電荷量為1．8×10－4C8、如圖所示，一平行板電容器的A、B兩極板與一電壓恒定的電源相連，極板水平放置，極板間距為d，兩極板間有一個質量為m的帶電粒子靜止于P點．下列說法正確的是A．帶電粒子帶負電B．若僅將A板稍微向上移動一定距離，則帶電粒子仍將保持靜止C．若僅將兩極板各繞其中點快速順時針轉過一定小角度后，則粒子將向左做直線運動D．若斷開電源并將B板稍向右移動一定距離，則帶電粒子將向上做直線運動9、如圖，兩根平行長直導線相距2l，通有大小相等、方向相同的恒定電流：a、b、c是導線所在平面內的三點，左側導線與它們的距離分別為、l和3l．關于這三點處的磁感應強度，下列判斷正確的是A．a處的磁感應強度大小比c處的大B．b、c兩處的磁感應強度大小相等C．a、c兩處的磁感應強度方向相同D．b處的磁感應強度為零10、如圖所示，兩極板間距為d的平行板電容器與一電源連接，開關S閉合，電容器兩板間有一質量為m、帶電荷量為q的微粒靜止不動，下列敘述中正確的是A．微粒帶的是正電B．兩極板的電壓等于C．斷開開關S，微粒將向下做加速運動D．保持開關S閉合，把電容器兩極板距離增大，微粒將向下做加速運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用圖甲所示示裝置來探究碰撞中的不變量（1）實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，可以通過僅測量______間接地解決這個問題（請將選項前的字母代號填在題前的橫線上）。A．小球開始釋放時距離桌面的高度hB．小球拋出點距地面的高度HC．小球做平拋運動的水平位移D．拋出點到落點的距離（2）實驗步驟如下：①取兩個半徑相同的小球A、B，實驗時先不放球，使球從斜槽上某一固定點C由靜止滾下，落到位于水平地面的記錄紙上留下痕跡，重復操作，從多次落點痕跡中找到平均落點，記為P；②把月球靜置于水平槽前端邊緣處，讓球仍從C處由靜止滾下，月球和球碰撞后分別落在記錄紙上留下各自的痕跡，重復操作，從多次落點痕跡中找到平均落點，分別記為M和N；③重垂線所指的位置在記錄紙上記為O點，將毫米刻度尺的0刻度線和O點對齊，如圖乙所示，測得各平均落點M、P、N到O點的距離分別為x1、x2、x3；④若小球A、B的質量分別為m1、m2，則實驗需要探究的表達式為________________________（用步驟中所給的字母進行表示）。該同學測得小球A的質量m1=0.40kg，小球B的質量m2=0.20kg，則碰撞前m1x2=_______________kg?m；碰撞后m1x1+m2x3=_______________kg?m；（上述兩空的計算結果保留三位有效數字）。在實驗誤差允許的范圍內，可認為碰撞前后A、B兩小球組成的系統動量守恒。12．（12分）（1）在測定金屬的電阻率實驗中，用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，示數如圖1所示，讀數________mm．（2）某同學用指針式多用電表測電阻Rx的阻值，他將紅黑筆分別插入“+”“﹣”插孔中，將選擇開關置于“×10”檔位置，然后將紅、黑表筆短接調零，此后測量阻值時發現指針偏轉角度較?。噯枺孩贋闇p小實驗誤差，該同學應將選擇開關置于“___________”位置．（選填“×1”、“×100”）②再將紅、黑表筆短接，重新調零后繼續實驗，結果看到指針指在如圖2所示位置，則電阻Rx測量值為________Ω．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在如圖所示的電路中，電源電動勢E=10V，內阻r未知，R1是阻值為9Ω的定值電阻，R2是由某金屬氧化物制成的導體棒，可視為非純電阻，實驗證明通過R2的電流I和它兩端電壓U遵循I=0.1U3的規律．閉合開關S后，理想電流表的示數為0.8A．求：（1）R1、R2消耗的電功率P1、P2（2）電源的內阻r．14．（16分）電動玩具汽車的直流電動機電阻一定，當加上0.6V電壓時，通過的電流為0.6A，此時電動機沒有轉動．當加上6V電壓時，電流為1A，這時候電動機正常工作．求（1）電動機的電阻；（2）電動機正常工作時，產生的機械功率和發熱功率．15．（12分）電動摩托車是目前一種較為時尚的代步工具，某廠生產的一種電動摩托車，設計質量（包括人）為m＝120kg，動力電源選用能量存儲量為“36V，18Ah”（即輸出電壓恒為36伏，工作電流與工作時間的乘積為18安培小時）的蓄電池（不計內阻），所用電源的額定輸出功率P＝216W，由于電動機發熱造成的損耗（其他損耗不計），摩托車的效率為η＝80%。求：(1)該摩托車保持額定功率行駛的最長時間是多少？(2)摩托車電動機的內阻為多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】AB、根據電容的定義式，采用的是比值法定義，可知C與Q、U無關．故AB錯誤；C、電容是反映電容器容納電荷本領大小的物理量，由電容器本身決定，C與Q無關，故C正確；D、電容器不帶電時，其電容不為零，故D錯誤；故選C。2、A【解析】

A.E=中q表示場中的試探電荷，E=中d表示沿電場線方向的距離，故A正確。B.E=，場強不變，電勢差隨沿電場線方向距離變大而變大；E=中Q是場源電荷，E隨Q的增大而增大，故B錯誤。C.根據定義可知，第一個公式適用于包括點電荷在內的所有場源的電場求場強，但場強方向與正試探電荷受力方向相同，與負試探電荷受力方向相反，故C錯誤。D.根據公式可知1N/C=1V/m，故D錯誤。3、D【解析】

由點電荷場強公式確定各點的場強大小，由點電荷的等勢線是以點電荷為球心的球面和沿電場線方向電勢逐漸降低確定各點的電勢的高低．由點電荷的場強公式可知，a、b兩點到場源電荷的距離相等，所以a、b兩點的電場強度大小相等，故A錯誤；由于c點到場源電荷的距離比b點的大，所以b點的場強大小比c點的大，故B錯誤；由于點電荷的等勢線是以點電荷為球心的球面，所以a點與b點電勢相等，負電荷的電場線是從無窮遠處指向負點電荷，根據沿電場線方向電勢逐漸降低，所以b點電勢比c點低，故D正確．4、C【解析】當可變電阻的滑片向點移動時，連入電路中的電阻變小，電路總電阻減小，總電流增大，根據閉合回路歐姆定律可得路端電壓減小，即兩端電壓減小，所以通過的電流減小，而總電流增大，并且，所以通過的電流變大，C正確．【點睛】在電路中，當一個電阻在變大，分壓作用增大，它所引起電路電壓的變化是與它并聯的電阻兩端的電壓變小，電流也隨之變大，由于電源的電動勢不變，與它串聯的電阻兩端電壓變小，電流也就變小；反之，當一個電阻在變小時，分壓作用減小，它所引起電路電壓的變化是與它并聯的電阻的電阻兩端的電壓變小，電流也隨變小，與它串聯的電阻兩端電壓變大，電流也就變大．若是用這一原則來判斷，就可直接得出由于的減小，與它并聯的電阻通過的電流就小，與串聯的電阻通過的電流變大．5、A【解析】試題分析：勻強電場的電場線為相互平行間隔相等的平行線，而等勢線與電場線垂直，可知，cd間電勢差等于ba間電勢差．電場線方向無法確定，場強大小不能求出．解：A、C根據題設條件可知，場強方向無法確定，知道了ab間電勢差，但不能根據E=求出場強的大小．故AC錯誤．B、根據勻強電場的電場線與等勢線分布的特點可知，cd間電勢差必等于ba間電勢差，為4V．故B正確．D、cd間電勢差為4V，則知c點電勢比d點高4V．故D錯誤．故選B【點評】本題的關鍵在于抓住勻強電場的等勢面與電場線分布均勻的特點，分析cd間電勢差與ba間電勢差的關系．6、A【解析】

由圖像性質可知，圖像與x軸圍成的面積就是所求位移故BCD錯誤，A正確；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A、由于電流表視為短路，而電壓表視為短路，則分析電路結構可知，知R2、R3、R4串聯后與R1并聯，R5上無電流電流表示數為：解得：電流，電壓表的示數等于R4上的電壓，解得：；A錯誤，B正確；C、電容器C所帶的電量：；解得：；開關斷開后，電流將分別流過R1、R4和R2、R3，故流過R1的電量一定小于1.8×10﹣4C，C正確，D錯誤；故選BC．8、AD【解析】

帶電微粒P在水平放置的A、B金屬板間的電場內處于靜止狀態，說明處于平衡狀態，豎直向上的電場力大小等于重力的大小，即可判定粒子的電性；當兩平行金屬板A、B分別以繞其中點為軸在豎直平面內快速順時針轉過相同的較小角度α，此時分析P受到重力、電場力，從而判定運動性質；根據接通電源與斷開電源兩種情況下，前者是電壓U不變，后者是電量Q不變，結合，及，即可一一求解.【詳解】A．帶電微粒P在水平放置的A、B金屬板間的電場內處于靜止狀態，電場力豎直向上，且電場強度方向向下，因此粒子帶負電，故A正確；B．若僅將A板稍微向上移動一定距離，因電壓U不變，根據，則有電場強度減小，那么電場力減小，因此粒子將向下運動，故B錯誤；C．設初狀態極板間距是d，順時針旋轉α角度后，極板間距變為dcosα，所以電場強度，而且電場強度的方向也旋轉了α，由受力分析可知，豎直方向仍然平衡，水平方向有電場力的分力，所以微粒水平向右做勻加速直線運動，故C錯誤；D．若斷開電源并將B板稍向右移動一定距離，因電容器所帶電量Q不變，根據，及得，則知電場強度E增大，則帶電粒子將向上做直線運動，故D正確；故選AD.【點睛】考查了已知受力求運動，正確受力分析，有牛頓第二定律判斷運動情況，解決本題的關鍵是確定新場強與原來場強在大小、方向上的關系，注意電壓U與電量Q的不變兩種情況下，影響電場強度大小的影響也是解題的關鍵.9、AD【解析】

由安培定則可以判斷，a、c兩處的磁場是兩電流在a、c處產生的磁場相加，但a距離兩導線比c近，故a處的磁感應強度大小比c處的大，故A對；ｂ、c與右側電流距離相同，故右側電流對此兩處的磁場要求等大反向，但因為左側電流要求此兩處由大小不同、方向相同的磁場，故b、c兩處的磁感應強度大小不相等，故B錯；由安培定則可知，a處磁場垂直紙面向里，c處磁場垂直紙面向外，故C錯；b與兩導線距離相等，故兩磁場疊加為零，故D對．10、BD【解析】

A．由題，帶電荷量為q的微粒靜止不動，所受的電場力與重力平衡，則微粒受到向上的電場力，而平行板電容器板間的場強方向豎直向下，則微粒帶負電，故A錯誤；B．由平衡條件得：得電源的電動勢為：，故B正確；C．斷開開關S，電容器所帶電量不變，根據公式、和可得，得場強E不變，微粒所受的電場力不變，則微粒仍靜止不動，故C錯誤；D．保持開關S閉合，極板間的電壓U不變，當把電容器兩極板距離增大，根據，則電場強度減小，那么電場力減小，因此微粒將向下做加速運動，故D正確；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、C0.0340.034【解析】

（1）[1]．驗證動量守恒定律實驗中，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是通過平拋的情況來代替時：設落地時間為t，則有：，落地高度不變情況下時間不變，水平射程來體現速度，故C正確，ABD錯誤。（2）④[2]．要驗證的表達式為因為帶入可得：[3][4]．由刻度尺讀出：x1=2.65cm；x2=8.60cm；x3=11.50cm；碰撞前m1x2=0.40×0.0860=0.034kg?m；碰撞后m1x1+m2x3=0.40×0.0265+0.20×0.1150=0.034kg?m；12、0.772×1003000【解析】解：（1）螺旋測微器的固定刻度為0.5mm，可動刻度為27.2×0.01mm=0.272mm，所以最終讀數為：0.5mm+0.272mm=0.772mm；（2）選“×10”擋位時由圖知指針偏轉角度較小，被測阻值較大，應換大檔：“×100”檔，換擋后重新歐姆調零．測量后如圖所示指針示數為30Ω，倍率為“×100”，故最后讀數為：30×100=3000Ω；故答案為（1）0.772；（2）×100，3000；【點評】本題關鍵是明確螺旋測微器讀數和歐姆表的正確使用方法，注意歐姆表每次換擋后都要重新進行歐姆調零，基礎問題．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演