山東省青島第二中學2025屆高一物理第一學期期末達標檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、如圖所示，質量為m的木塊在質量為M的長木板上滑動，長木板與水平地面間的動摩擦因數為μ1，木塊與木板間的動摩擦因數為μ2，已知長木板處于靜止狀態，那么此時長木板受到地面的摩擦力大小為（）A.μ2mg B.μ1MgC.μ1（m+M）g D.μ2mg+μ1Mg2、如圖所示是甲、乙兩物體從同一點出發的位移﹣時間（s﹣t）圖象，由圖象可以看出在0～4s這段時間內（）A.甲、乙兩物體始終同向運動B.4s末甲、乙兩物體相遇C.甲的平均速度大于乙的平均速度D.甲、乙兩物體之間的最大距離為6m3、如圖，P、Q為靜止在固定斜面上的兩個物塊，中間用輕彈簧相連，以下說法正確的是A.若彈簧處于拉伸狀態，則Q的受力個數一定為4個B.若彈簧處于拉伸狀態，則P的受力個數一定為4個C.若彈簧處于壓縮狀態，則Q的受力個數一定為3個D.若彈簧處于壓縮狀態，則P的受力個數一定為3個4、如圖所示，小球從高處下落到正下方豎直放置的輕彈簧上，那么小球從接觸彈簧開始到將彈簧壓縮到最短的過程中（彈簧一直保持豎直），下列說法中正確的是（）A.小球受到的彈力先增大后減小B.小球的速度一直在減小C.小球的加速度先減小后增大D.小球一直處于失重狀態5、滑雪者以某一初速度沖上斜面做勻減速直線運動，到達斜面頂端時的速度為零。已知滑雪者通過斜面中點時的速度為v，則滑雪者初速度的大小為（）A.v B.vC.v D.v6、有一傾角為的斜面，將某小球以某一未知的速度從斜面的頂點水平拋出，小球落在斜面上，已知重力加速度為，則下列說法正確的是（）A.可以求出小球在空中飛行的時間B.可以求出小球落在斜面上的瞬時速度方向C.可以求出小球落在斜面上瞬時速度大小D.以上都無法求出7、如圖所示，物體自O點由靜止開始做勻加速直線運動，A、B、C、D為其運動軌跡上的四點，測得AB＝2m，BC＝3m，且物體通過AB、BC、CD所用的時間均為0.5s，則下列說法正確的是（）A.物體的加速度為4m/s2 B.CD＝5mC.OA之間的距離為1m D.OA之間的距離為1.125m8、一塊足夠長的白板，位于水平桌面上，處于靜止狀態．一石墨塊（可視為質點）靜止在白板上．石墨塊與白板間有摩擦，滑動摩擦系數為μ．突然，使白板以恒定的速度v0做勻速直線運動，石墨塊將在板上劃下黑色痕跡．經過某段時間t，令白板突然停下，以后不再運動．在最后石墨塊也不再運動時，白板上黑色痕跡的長度可能是（已知重力加速度為g，不計石墨與板摩擦劃痕過程中損失的質量）（）A. B.C. D.v0t9、下列說法符合歷史事實的是（）A.愛因斯坦通過“理想試驗”推理證實了亞里士多德的觀點B.亞里士多德認為，力是改變物體運動狀態的原因C.伽利略通過“理想實驗”得出結論：運動物體具有一定速度，如果它不受力，它將以這一速度永遠運動下去D.笛卡兒指出：如果運動中的物體沒有受到力的作用，它將繼續以同一速度沿同一直線運動，既不停下來也不偏離原來的方向10、如圖所示，質量分別為m、2m的兩物塊A、B中間用輕彈簧相連，A、B與水平面間的動摩擦因數均為，在水平推力F作用下，A、B一起向右做加速度大小為a的勻加速直線運動。當突然撤去推力F的瞬間，A、B兩物塊的加速度大小分別為A. B.C. D.11、人站在自動扶梯的水平踏板上，隨扶梯斜向上勻減速運動，如圖所示．以下說法正確的是（）A.人受到重力和支持力的作用B.人受到的合外力為零C.人受到重力、支持力和摩擦力的作用D.人受到的合外力方向與速度方向相反12、如圖甲所示，某人正通過定滑輪將質量為m的貨物提升到高處．滑輪的質量和摩擦均不計，貨物獲得的加速度a與繩子對貨物豎直向上的拉力F之間的關系如圖乙所示．g表示當地的重力加速度，由圖可以判斷（）A.圖線與縱軸的交點M的值aM＝﹣gB.圖線與橫軸的交點N的值C.圖線的斜率等于物體的質量mD.圖線的斜率等于物體質量的倒數二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）14、（10分）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，質量M＝10kg的小車放在水平光滑的平面上，在小車左端施加一水平推力F＝10N，當小車向右運動的速度達到7m/s時，在小車前端輕輕地放上一個大小不計、質量為m＝2kg的小物塊，物塊與小車間的動摩擦因數μ＝0.2，小車足夠長g取10m/s2，則：(1)放上小物塊后，小物塊及小車的加速度各為多大；(2)經多長時間兩者達到相同的速度；(3)從小物塊放上小車開始，經過t＝8s小物塊通過位移大小為多少？16、（12分）質量為60kg同學站在電梯內，電梯以0.5m/s2的加速度勻加速豎直上升．求：電梯地板對該同學支持力的大小17、（12分）如圖所示，光滑水平面AB與光滑斜面BC通過一小段光滑的圓弧軌道平滑連接，斜面的傾角θ=30°。質量m=2kg的物塊在水平向右的恒力F=4N的作用下，從A點由靜止開始運動，經2s到達B點，重力加速度g=10m/s2，求：(1)物體在光滑水平面AB上的加速度大小；(2)物體到達B點時的速度大小；(3)物體到達B點時撤去F，物體沿光滑斜面向上運動，最遠能到達C點，則BC的距離為多大?

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、A【解析】對木塊受力分析，受重力mg、長木板的支持力FN和向左的滑動摩擦力Ff1，有Ff1=μ2FNFN=mgFf1=μ2mg對長木板受力分析，受到重力Mg、木塊對長木板的壓力、木塊對長木板向右的滑動摩擦力、地面的支持力F支和向左的靜摩擦力Ff2，長木板受力平衡，由平衡條件可知，在豎直方向受力平衡，在水平方向受力平衡則有Ff2=由牛頓第三定律可知=Ff1=μ2mgA正確，BCD錯誤。故選A。2、B【解析】根據位移﹣時間圖象表示物體的位置隨時間的變化，圖象上的任意一點表示該時刻的位置，圖象的斜率表示該時刻的速度，斜率的正負表示速度的方向【詳解】由于位移﹣時間圖象斜率表示該時刻的速度，可以從圖中看出乙物體的速度（斜率）始終為正值，即速度始終為正方向，甲物體前兩秒內速度為正方向，2秒末到4秒末速度為負方向，故A錯誤；4s秒末兩物體的位置坐標相同，說明兩物體相遇，故B正確；由圖知：4s內甲的位移大小為s甲＝△x＝2m﹣0＝2m，乙的位移大小為s乙＝△x＝2m﹣0＝2m，可見，位移相等，所用時間也相等，則平均速度相等，故C錯誤；從位移﹣時間圖象來看，兩個物體兩秒末縱坐標讀數之差最大，即兩物體相距最遠，可知2s末兩物體相距最遠，最大距離為△s＝4m﹣1m＝3m，故D錯誤．所以B正確，ACD錯誤【點睛】解答本題關鍵要理解位移﹣時間圖象上點和斜率的物理意義，知道位移時間圖象僅描述直線運動3、B【解析】AB．若彈簧處于拉伸狀態，Q受到重力，斜面對它的支持力、彈簧的拉力，如果三個力正好平衡，則不受摩擦力，Q可能受3個力；而對于P，其受到重力，斜面對它的支持力，彈簧對它的拉力和摩擦力，P一定受4個力，A錯誤，B正確；CD．若彈簧處于壓縮狀態，對Q分析，受到重力，斜面的支持力，彈簧對它向下的彈力，若要靜止，必定還受一個沿斜面向上的摩擦力，Q一定受到4個力，P受到重力，斜面的支持力，彈簧對它向上的彈力，如果三個力平衡，則不受摩擦力，P可能受到3個力，而不是一定，CD錯誤4、C【解析】A．彈簧的壓縮量不斷變大，故彈簧的彈力不斷變大，故A錯誤；BCD．小球開始下落時，只受重力作用做加速運動，當和彈簧接觸時，受到彈簧彈力作用，開始時彈簧壓縮量小，因此重力大于彈力，此時：mg-kx=ma隨著彈簧壓縮量的增加，彈力增大，加速度減小，但是物體仍加速運動，當mg=kx時，速度最大，然后彈簧繼續被壓縮，當mg=kx時，加速度等于零，速度最大，物體繼續向下運動，彈簧繼續被壓縮，彈力大于重力，物體開始減速運動，所以整個過程中物體先加速后減速運動，加速度先減小后增大，小球先處于失重狀態后處于超重狀態，故BD錯誤，C正確故選C【點睛】下落過程中正確對小球進行受力分析，然后根據牛頓第二定律即可判斷其加速度的變化情況，然后進一步判斷速度變化情況5、C【解析】勻變速直線運動中，通過位移中點的瞬時速度所以故選C。6、B【解析】A．根據得物體在空中飛行的時間由于不知道初速度，無法求出小球在空中飛行的時間，A錯誤；B．設小球落在斜面上的瞬時速度方向與水平速度的夾角為，根據小球在豎直方向做自由落體運動，則有：則速度夾角的正切值為：則可以求出小球落在斜面上的瞬時速度方向，B正確；C．根據速度的合成，可得小球落在斜面上的瞬時速度大小為：由于不知道初速度，無法求出小球落在斜面上的瞬時速度大小，C錯誤。D．由上分析可知，D錯誤。故選B。7、AD【解析】A．設物體通過AB、BC、CD所用的時間均為t，由勻變速直線運動的規律相鄰相等的時間內位移之差為常數，即得m/s2A正確；B．根據m可知m，B錯誤；CD．因某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，所以物體經過B點時的瞬時速度為再由可得OB兩點間的距離為m，所以O與A間的距離mC錯誤，D正確。故選AD。【點晴】本題考查勻變速直線運動的規律相鄰相等的時間內位移之差為常數，某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度等規律8、AC【解析】在時間t內，石墨可能一直勻加速，也可能先加速后勻速；石墨加速時，根據牛頓第二定律，有μmg＝ma，解得a＝μg①如果時間t內一直加速，加速的位移為，故相對白板的位移為②如果先加速，后勻速，位移為，故相對白板的位移為③如果加速的末速度恰好等于v0，則，故相對白板的位移為經過時間t后，白板靜止后，石墨做減速運動，加速度大小不變，故相對白板沿原路返回，故白板上黑色痕跡長度等于加速時相對薄板的位移；故選AC9、CD【解析】A．伽利略通過“理想實驗”推理推翻了亞里士多德的觀點，故A錯誤；B．亞里士多德認為，力是維持物體運動狀態的原因；伽利略認為，力是改變物體運動狀態的原因，故B錯誤；C．伽利略通過“理想實驗”得出結論：運動物體具有一定速度，如果它不受力，沒有加速或減速的原因，它將以這一速度永遠運動下去，故C正確；D．笛卡兒指出：如果運動中的物體沒有受到力的作用，它將繼續以同一速度沿同一直線運動，既不停下來也不偏離原來的方向，故D正確。故選CD。10、AC【解析】撤去F前：設彈簧的彈力大小為F彈，根據牛頓第二定律對B：F彈-μ?2mg=2ma…①解得，F彈=2μmg+2ma…②CD．撤去F瞬間：彈簧的彈力F彈沒有改變，則B物體的受力情況沒有改變，則B的加速度仍為a。，選項C正確，D錯誤；AB．對A：F彈+μmg=maA…③由②③解得：aA=2a+3μg。則A正確，B錯誤；故選AC。11、CD【解析】由于人在水平方向上有加速度，所以必受到摩擦力作用，故人受重力，支持力，摩擦力三力作用，A錯誤C正確；做勻減速運動，有加速度，合力不為零，人受到的合外力方向與速度方向相反，B錯誤D正確；考點：考查了受力分析，牛頓第二定律12、ABD【解析】對貨物受力分析，受重力和拉力，根據牛頓第二定律求出加速度的一般表達式進行分析，根據表達式結合圖象運用數學知識分析物理問題；【詳解】對貨物受力分析，受重力mg和拉力F，根據牛頓第二定律，有：則整理可以得到：A、當時，，即圖線與縱軸的交點M的值，故A正確；B、當時，，故圖線與橫軸的交點N的值，故B正確；C、圖線的斜率表示質量的倒數，故C錯誤，D正確【點睛】本題關鍵是根據牛頓第二定律求出加速度的一般表達式，并能根據數學關系對表達式進行討論是解決問題的關鍵二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、14、三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、(1)2m/s2，0.6m/s2；(2)5s；(3)58.75m。【解析】(1)放上小物塊后，小物塊受到向右的滑動摩擦力，則物塊的加速度為am＝＝μg＝2m/s2小車受到向左的滑動摩擦力以及向右的推力F，則小車的加速度aM＝＝0.6m/s2(2)速度相等時，由amt＝v0+aMt得t＝5s(3)在開始5s內小物塊的位移s1＝amt2＝25m最大速度v＝amt＝10m/s在接下來的3s物塊與小車相對靜止，一起做加速運動且加速度a