2025屆云南昆明市黃岡實驗學校物理高二第一學期期中調研試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法正確的是()A．運動電荷在磁感應強度不為零的地方，一定受到洛倫茲力的作用B．運動電荷在某處不受洛倫茲力作用，則該處的磁感應強度一定為零C．洛倫茲力既不能改變帶電粒子的動能，也不能改變帶電粒子的動量D．洛倫茲力對帶電粒子不做功2、在真空中有a、b兩個點電荷，b的電荷量是a的3倍，如果a受到的靜電力是F，則b受到的靜電力是A．F B． C．3F D．4F3、如圖所示，直線A為電源的圖線，直線B為電阻R的圖線；用該電源和電阻組成的閉合電路，電源輸出功率和電路的總功率分別是()A．4W，8WB．2W，4WC．4W，6WD．2W，3W4、鋰電池因能量密度高、綠色環保而廣泛使用在手機等電子產品中，現用充電器為一手機鋰電池充電，等效電路如圖所示，充電器的輸出電壓為U，輸出電流為I，手機鋰電池的內阻為r，下列說法正確的是A．鋰電池兩端的電壓為B．鋰電池產生的熱功率C．電能轉化為化學能的功率為D．充電器輸出的電功率為5、如圖所示，虛線AB和CD分別為橢圓的長軸和短軸，相交于O點，兩個等量異種點電荷分別處于橢圓的兩個焦點M、N上，下列說法中正確的是（）A．C、D兩處電勢、場強均相同B．A、B兩處電勢、場強均相同C．在虛線AB上O點的場強最大D．帶正電的試探電荷在O處的電勢能小于在B處的電勢能6、如圖所示，為某靜電除塵裝置的原理圖，廢氣先經過機械過濾裝置再進入靜電除塵區、圖中虛線是某一帶負電的塵埃(不計重力)僅在電場力作用下向集塵極遷移并沉積的軌跡，A、B兩點是軌跡與電場線的交點，不考慮塵埃在遷移過程中的相作用和電荷量變化，則以下說法正確的是A．A點電勢高于B點電勢B．塵埃在A點的加速度大于在B點的加速度C．塵埃在遷移過程中做勻變速運動D．塵埃在遷移過程中電勢能始終在增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示,A為地球同步衛星,B為運行軌道比A低的一顆衛星,C為地球赤道上某一高山山頂上的一個物體,兩顆衛星及物體C的質量都相同,關于它們的線速度、角速度、運行周期和所受到的萬有引力的比較,下列關系式正確的是()A．vB>vA>vC B．C．FB>FA>FC D．TA=TC>TB8、如圖所示虛線表示豎直平面內的四個等勢面，相鄰等勢面間的電勢差相等，一帶負電的油滴，從右垂直等勢面φa向左進入電場，在圖中所示的豎直平面內運動，運動軌跡與等勢面分別交于abc三點。已知帶電油滴從a點運動到c點的過程中重力做功為2.0J,克服電場力做功為1.2J,則A．油滴在a點的動能比在c點的動能大0.8JB．油滴在c點受到的電場力大于在a點受到的電場力C．油滴在ab段動能的增量與在bc段動能的增量一定相等D．油滴在ab段機械能的改變量與在bc段機械能的改變量相等9、如圖所示，兩個質量相等的帶電小球，以相同速率在帶電平行金屬板的上邊緣P點沿垂直于電場方向射入電場，A落在下板中點、B恰好沿下板邊緣飛出電場，不計重力，則開始射入到打到下板（B剛好飛出電場）的過程中A．它們運動的時間之比tA：tB=1:2B．它們運動的加速度之比aA：aB=2:1C．它們的動能增加量之比ΔEkA∶ΔEkB=4∶1D．它們的動量增加量之比ΔPA∶ΔPB=1:210、如圖所示，光滑絕緣的半球形容器處在水平向右的勻強電場中，一個質量為m，電荷量為+q的小球在容器邊緣A點由靜止釋放，結果小球運動到B點時速度剛好為零，OB與水平方向的夾角0=60o，重力加速度為g，不計空氣阻力，則下列說法正確的是A．小球重力與電場力的關系是B．小球在B點時，對容器的壓力為C．小球在A點和B點的加速度大小相等D．如果小球帶負電，還能沿AB圓弧面運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某電阻額定電壓為3V（阻值大約為10Ω），為測量其阻值，實驗室提供了下列可選用的器材：A．電流表A1（量程300mA，內阻約1Ω）B．電流表A2（量程0.6A，內阻約0.3Ω）C．電壓表V1（量程3.0V，內阻約3kΩ）D．電壓表V2（量程5.0V，內阻約5kΩ）E.滑動變阻器R1（最大阻值為10Ω）F.滑動變阻器R2（最大阻值為1kΩ）G.電源E（電動勢4V，內阻可忽略）H.電鍵、導線若干（1）為了盡可能提高測量準確度，應選擇的器材為（只需添器材前面的字母即可）：電流表_____，電壓表_____，滑動變阻器_____．（2）畫出該實驗電路圖_____．12．（12分）打點計時器輸入的交流電的頻率是50Hz，則打點計時器每隔_______秒打一個點。若測得紙帶上打下的第5個到第15個點的距離為20.00cm，則物體在這段位移的平均速度為_________m/s。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）有一電流表G，內阻為，滿偏電流是1mA，求：如果它改裝成量程為的電壓表，要串聯多大的電阻？改裝后電壓表的內阻是多大？如果它改裝成量程的電流表，要并聯多大的電阻？改裝后電流表的內阻是多大？14．（16分）虛線MN下方有豎直向上的勻強電場，場強大小E＝2×103V/m，MN上方有一豎直長為L＝0.5m的輕質絕緣桿，桿的上下兩端分別固定小球A、B（可看成質點），質量均為m＝0.01kg，其中B球帶有電荷量－q2＝－5×10－5C，B到MN的距離h＝0.05m．現將桿由靜止釋放（g取10m/s2），求：（1）小球B在勻強電場中，而A還未進入電場時，兩小球的加速度大小；（2）從開始運動到A剛要進入勻強電場過程的時間．15．（12分）把一根長L=10cm的導線垂直磁感線方向放入如圖所示的勻強磁場中，當導線中通以I1=2A的電流時，導線受到安培力大小為1.0×10－7N，則該磁場的磁感應強度為T，若該導線中通以I2=3A的電流，則此時導線所受安培力大小是N.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

A．當速度和磁場平行時，洛倫茲力為0，A錯誤B．不受洛倫茲力，有兩種情況：磁場為0或者速度與磁場平行，B錯誤CD．洛倫茲力和速度始終垂直，所以洛倫茲力永遠不做功，但是可以改變速度方向，因此可以改變粒子動量，C錯誤D正確2、A【解析】

根據牛頓第三定律，兩帶電體之間的庫侖力是作用力與反作用力，二者大小總是相等的，與所帶電量無關，因此b受到的靜電力大小是F，故A正確，BCD錯誤．3、C【解析】

由圖可知，電源電動勢為，用該電源和該電阻組成一個閉合電路，電路中的電流為，路端電壓為則電源輸出功率為：電源總功率是：總A.4W，8W與分析不符，故A錯誤；B.2W，4W與分析不符，故B錯誤；C.4W，6W與分析相符，故C正確；D.2W，3W與分析不符，故D錯誤。4、B【解析】

A.鋰電池兩端的電壓為充電器的輸出電壓U．由于鋰電池不是純電阻電路，所以U≠Ir．故A錯誤B.電池產生的熱功率為I2r，故B正確C.電能轉化為化學能和熱能，根據能量守恒定律，有：UI=I2r+P故P=UI-I2r故C錯誤；D.充電器輸出的電功率為：UI，故D錯誤；5、C【解析】由等量異種點電荷周圍電場線和等勢線的分布情況可知，A、B兩處電勢不相等，場強相同，A錯；CD兩處電勢、場強均相同，B對；在虛線AB上O點的場強最小，C錯；帶正電的試探電荷從O點運動到B點電場力先做正功后作負功，由于B點確切位置未知，OB兩點電勢高低不能確定，D錯；6、B【解析】沿電場線方向電勢降低，由圖可知，B點的電勢高于A點電勢，故A錯誤；由圖可知，A點電場線比B點密集，因此A點的場強大于B點場強，故A點的電場力大于B點的電場力，則A點的加速度大于B點的加速度，故B正確；放電極與集塵極間建立非勻強電場，塵埃所受的電場力是變化的．故粒子不可能做勻變速運動，故C錯誤；由圖可知，開始速度方向與電場力方向夾角為鈍角，電場力做負功，電勢能增大；后來變為銳角，電場力做正功，電勢能減小；對于全過程而言，根據電勢的變化可知，電勢能減小，故D錯誤．故選B．點睛：本題考查考查分析實際問題工作原理的能力，解題時要明確電場線的分布規律，并且能抓住塵埃的運動方向與電場力方向的關系是解題突破口．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

A.AC的角速度相等，由：可知：AB比較，同為衛星，由萬有引力提供向心力，則有：解得：可知：綜合分析有：故A正確；B.因為同步衛星想上對地面上的C靜止，所以AC的角速度相等，AB比較，同為衛星，由萬有引力提供向心力，則有：解得：而A的角速度小于B的加速度；故：故B錯誤；C.由萬有引力公式可知：即半徑越大，萬有引力越小；故：故C錯誤；D.衛星A為同步衛星，周期與C物體周期相等；又萬有引力提供向心力，即：解得：所以A的周期大于B的周期，綜合分析有：故D正確。8、BD【解析】油滴從a點運動到c點的過程中，根據動能定理：，可得，即油滴在a點的動能比在c點的動能小0.8J，故A錯誤；等差等勢面越密集的區域電場強度越大，所以油滴在c點受到的電場力大于在a點受到的電場力，故B正確；油滴在ab段和bc段電場力做功相等，而重力做功不一定相等，根據動能定理可知，油滴在ab段動能的增量與在bc段動能的增量不一定相等，故C錯誤；機械能的改變量等于電場力做的功，油滴在ab段和bc段電場力做功相等，所以滴在ab段機械能的改變量與在bc段機械能的改變量相等，故D正確。所以BD正確，AC錯誤。9、AC【解析】

A．小球在水平方向勻速運動，則由x=v0t可知，它們運動的時間之比tA：tB=1:2，選項A正確；B．豎直方向，根據，則，則aA：aB=4:1，選項B錯誤；C．因aA：aB=4:1，則電場力之比FA：FB=4:1，則由可知它們的動能增加量之比ΔEkA∶ΔEkB=4∶1，選項C正確；D．根據動量定理：，則它們的動量增加量之比ΔPA∶ΔPB=2:1，選項D錯誤。故選AC.10、AC【解析】

A.由于小球運動到B點時速度剛好為零，說明B點為“等效重力場”的最高點，由對稱性可知，在圓弧AB的中點即為“等效重力場”的最低點即受力平衡點，由平衡條件可得：，故A正確；B.在B點對小球受力分析且沿半徑指向圓心方向的合力為零，即，故B錯誤；C.在“等效重力場”中根據對稱性可知，小球在A、B兩點的加速度大小相等，故C正確；D.如果小球帶負電，則小球受到的電場力方向向左且電場力大于小球的重力，重力與電場力的合力向左下方，所以小球將脫離AB圓弧面，故D錯誤．故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ACE【解析】

（1）根據待測電阻的阻值和額定電壓比較容易的選擇電流表和電壓表，滑動變阻器采用分壓式接法，可測量多組數值；（2）由待測電阻的大小選擇安培表的外接法測量誤差較小．【詳解】（1）[1][2][3]．由于待測電阻額定電壓為3V而電阻約為10Ω，則待測電阻額定電流約為0.3A，所以電流表選擇量程為300mA的電流表A，電壓表選擇量程為3.0V的電壓表C，為了測量精確需要多測量幾組，所以滑動變阻器需要采用分壓式接法，故用電阻較小的E；（2）[4]．滑動變阻器用分壓式，由于待測電阻（阻值大約為10Ω）遠小于伏特表內阻(內阻約3kΩ)，所以電流表采用外接法，實驗電路如下圖：12、0.021【解析】

[1][2]交變電流的頻率是50Hz，則打點計時器每隔0.02s打一個點．平均速度為：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、【解析】

（1）根據串并聯規律寫出表達式，然后解出分壓電阻的阻值即可；（2）根據串并聯規律列出表達式，然后解出分流電阻即可．【詳解】（1）改裝為電壓表時，根據串并聯規律應有：，代入數據解得：；改裝后電壓表的內阻為：；（2）改裝為電流表時，應有：，代入數據解得：；改裝后電流表的內阻為：；14、（1）15m/s2（2）0.3s【解析】

（1）以A、B球以及桿做研究對象，由牛頓第二定律：2ma＝2mg＋q2E解得：a＝15m/s2.（2）B未進入電場前，系統做