高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024屆高考物理考向核心卷物理（遼寧專版）【滿分：100分】一、選擇題（本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。）1.近年來無人機在軍事、工業(yè)等領(lǐng)域均有廣泛的應(yīng)用，一質(zhì)量為m的無人機在執(zhí)行遠(yuǎn)程偵察任務(wù)，某段時間內(nèi)該無人機以速度v沿著與水平方向成θ角斜向上的方向勻速直線飛行，重力加速度為g，則（）A.該無人機處于超重狀態(tài)B.該無人機在運動的過程中機械能守恒C.空氣對該無人機作用力的大小為mgD.重力對無人機做功的瞬時功率為mgv〖答案〗C〖解析〗A．該無人機處于平衡狀態(tài)，故A錯誤；B．無人機運動過程中動能不變，重力勢能增加，機械能增加，故B錯誤；C．無人機在運動過程中受到自身豎直向下的重力，空氣對其作用力與重力等大反向，故C正確；D．重力與速度v有夾角，重力對無人機做功的瞬時功率不等于mgv，故D錯誤。故選C。2.如圖，用兩根完全相同、不可伸長的輕繩將小沙包（大小可忽略）對稱地吊在空中，輕推小沙包，測得其在垂直紙面平面內(nèi)做簡諧運動的周期為（已知在一根豎直繩懸掛下做簡諧運動的小物體的周期為，l為繩長，g為重力加速度），已知每根輕繩的長度為L，小沙包的質(zhì)量為m，則小沙包靜止時，每根繩子張力為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗依題意，小沙包做簡諧運動，設(shè)等效擺長為l，則有對小沙包受力分析，如圖根據(jù)平衡條件可得聯(lián)立解得故選A。3.食鹽被灼燒時會發(fā)出黃光，主要是由食鹽蒸氣中鈉原子的能級躍遷造成的。在鈉原子光譜的四個線系中，只有主線系的下級是基態(tài)，在光譜學(xué)中，稱主線系的第一組線（雙線）為共振線，鈉原子的共振線是有名的黃雙線（波長分別為589.0nm和589.6nm）。已知普朗克常量．元電荷，光速，下列說法正確的是（）A.玻爾理論能解釋鈉原子的光譜現(xiàn)象B.鈉原子處于高能級是因為從火中吸收了能量C.黃雙線均能使逸出功為2.25eV的金屬發(fā)生光電效應(yīng)D.太陽光譜中有黃光，說明太陽中有鈉元素〖答案〗B〖解析〗A．玻爾理論成功解釋了氫原子光譜的實驗規(guī)律，但無法解釋復(fù)雜原子的光譜現(xiàn)象，故A錯誤；B．食鹽被灼燒時，鈉原子吸收能量達(dá)到高能級，之后向低能級躍遷時放出光子，故B正確；C．根據(jù)可知黃雙線的光子能量均約為eV=2.1eV根據(jù)發(fā)生光電效應(yīng)的條件可知，均不能使逸出功為2.25eV的金屬發(fā)生光電效應(yīng)，故C錯誤；D．太陽光譜中有黃光，并不能說明太陽中有鈉元素，有鈉的特征光譜才能說明太陽中有鈉元素，故D錯誤。故選B。4.飛輪儲能是指利用電動機帶動飛輪高速旋轉(zhuǎn)，在需要的時候再用飛輪帶動發(fā)電機發(fā)電的儲能方式。圓盤形飛輪存儲的能量與其質(zhì)量、半徑、角速度的關(guān)系為，k、m為常數(shù)。在飛輪厚度、材料、角速度均不變的情況下，飛輪儲存的能量E與飛輪半徑R的關(guān)系為（）A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗能量的單位為，質(zhì)量的單位為kg，結(jié)合力學(xué)單位制知識可知，由公式可得解得，在飛輪厚度、材料、角速度均不變時，飛輪的質(zhì)量代入可得故選D。5.如圖所示，ACD為一等邊三角形，兩根通過電流相等的長直導(dǎo)線分別垂直紙面置于A、D兩個頂點，A處導(dǎo)線中的電流方向垂直紙面向里，D處導(dǎo)線中的電流方向垂直紙面向外。已知通電長直導(dǎo)線在其周圍某點處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為，k為常量，為該點到通電直導(dǎo)線的距離。已知C處磁感應(yīng)強度大小為，則CD邊中點E的磁感應(yīng)強度大小為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗設(shè)三角形ACD的邊長為L，則A處導(dǎo)線在C點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為D處導(dǎo)線在C點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為如圖所示C處合磁感應(yīng)強度為結(jié)合上述分析知，A處導(dǎo)線在E點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為D處導(dǎo)線在E點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為E點的合磁感應(yīng)強度為，故選C。6.《中華人民共和國道路交通安全法實施條例》第六十二條規(guī)定：不得連續(xù)駕駛機動車超過4小時未停車休息或者停車休息時間少于20分鐘。因為長時間行車一是駕駛員會疲勞，二是汽車輪胎與地面摩擦使輪胎變熱，有安全隱患。一輛汽車行駛4小時后輪胎變熱，輪胎內(nèi)氣體溫度也會升高，設(shè)此過程中輪胎體積不變且沒有氣體的泄漏，空氣可看作理想氣體，則此過程中輪胎內(nèi)氣體（）A.分子平均動能增大，每個分子的動能都增大B.速率大的區(qū)間分子數(shù)增多，分子平均速率增大C內(nèi)能增大，外界對氣體做正功D.內(nèi)能增大，氣體向外界放出熱量〖答案〗B〖解析〗A．氣體溫度升高，根據(jù)分子動理論可知分子平均動能增大，但并不是所有氣體分子的動能都增大，故A錯誤；B．根據(jù)氣體分子速率分布規(guī)律可知，當(dāng)溫度升高時速率大的分子比例增大，則速率大的區(qū)間分子數(shù)增多，分子平均速率增大，故B正確；CD．氣體溫度升高，內(nèi)能增大，氣體的體積不變，則沒有做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律有，，則，氣體從外界吸收熱量，故CD錯誤。故選B。7.2023年7月10日，經(jīng)國際天文學(xué)聯(lián)合會小行星命名委員會批準(zhǔn)，中國科學(xué)院紫金山天文臺發(fā)現(xiàn)的、國際編號為381323號的小行星被命名為“樊錦詩星”。如圖所示，“樊錦詩星”繞日運行的橢圓軌道面與地球繞日運行的圓軌道面間的夾角為20.11度，軌道半長軸為3.18天文單位（日地距離為1天文單位），遠(yuǎn)日點到太陽中心的距離為4.86天文單位。則（）A.“樊錦詩星”繞太陽一圈大約需要2.15年B.“樊錦詩星”在遠(yuǎn)日點的速度大于地球的公轉(zhuǎn)速度C.“樊錦詩星”在遠(yuǎn)、近日點的速度大小之比為D.“樊錦詩星”在近日點的加速度大小與地球的加速度大小之比為〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)開普勒第三定律有解得年故A錯誤；B．過“樊錦詩星”的遠(yuǎn)日點構(gòu)建一以日心為圓心的圓軌道，繞太陽做圓周運動的物體，根據(jù)萬有引力提供向心力有可得則軌道半徑越大，衛(wèi)星的線速度越小，在構(gòu)建圓軌道上運動的衛(wèi)星的線速度小于地球的線速度，“樊錦詩星”在遠(yuǎn)日點要想運動到該構(gòu)建圓軌道上，需要加速，則“樊錦詩星”在遠(yuǎn)日點的速度小于構(gòu)建圓軌道上衛(wèi)星的線速度，綜上，“樊錦詩星”在遠(yuǎn)日點的速度小于地球的公轉(zhuǎn)速度，故B錯誤；C．對于“樊錦詩星”在遠(yuǎn)日點和近日點附近很小一段時間內(nèi)的運動，近日點到太陽中心的距離為=1.5天文單位。根據(jù)開普勒第二定律有解得故C錯誤；D．軌道半長軸為3.18天文單位，遠(yuǎn)日點到太陽中心距離為4.86天文單位，則近日點到太陽中心距離為1.5天文單位，根據(jù)萬有引力提供向心力有則“樊錦詩星”在近日點的加速度大小與地球的加速度大小之比為故D正確。故選D。8.某同學(xué)將一平玻璃和一凸透鏡或者一凹透鏡貼在一起，用單色平行光垂直照射上方平玻璃，會形成明暗相間的同心干涉圓環(huán)，從干涉環(huán)上無法判斷兩塊透鏡的凸和凹。該同學(xué)對平玻璃上表面加壓，發(fā)現(xiàn)干涉圓環(huán)會發(fā)生移動，下列說法正確的是（）A.若干涉圓環(huán)向邊緣移動，則表示下面的透鏡是凹透鏡B.若干涉圓環(huán)向邊緣移動，則表示下面的透鏡是凸透鏡C.若干涉圓環(huán)向中心收縮，則表示下面的透鏡是凹透鏡D.若干涉圓環(huán)向中心收縮，則表示下面的透鏡是凸透鏡〖答案〗BC〖解析〗AB．凸透鏡中心比邊緣高，在平玻璃上表面加壓時，空氣膜由厚變薄，相應(yīng)各點光程差也變小，圓環(huán)條紋相對中心將延遲出現(xiàn)，原來靠近中心的圓環(huán)條紋現(xiàn)在就要向邊緣（向外）移動，故A錯誤，B正確；CD．凹透鏡中心比邊緣低，在平玻璃上表面加壓時，空氣膜由厚變薄，相應(yīng)各點光程差也變小，圓環(huán)條紋相對邊緣將延遲出現(xiàn)，原來靠近中心的圓環(huán)條紋現(xiàn)在就要向中心（向內(nèi)）收縮，故C正確，D錯誤。故選BC。9.如圖，中國古典文化中太極圖是由兩個完全相同的陰陽兩部分構(gòu)成的，陰陽對立而又統(tǒng)一，相應(yīng)而又合抱，相反而又相成，生動形象地揭示了宇宙萬象在對立統(tǒng)一法則下的和諧。太極圖中黑色陰影部分為陰，白色部分為陽，O為外大圓的圓心，為上側(cè)小陰圓和上側(cè)的陽半圓的圓心，為下側(cè)小陽圓和下側(cè)的陰半圓的圓心，和分別為上側(cè)陽半圓和下側(cè)陰半圓的半徑，且與平行，CD為外大圓的直徑，CD與連線垂直，電荷量均為的兩個正點電荷分別固定在兩點，不計質(zhì)子和電子的重力，質(zhì)子和電子僅受靜電力作用，下列說法正確的是（）A.A、B兩點電場強度相同，電勢也相同B.電子在O點的電勢能小于在C點的電勢能C.一電子沿OC從O點運動到C點，此過程中電子的加速度先增大再減小D.一質(zhì)子沿OD從O點運動到D點過程中，靜電力不做功〖答案〗BC〖解析〗A．與平行且相等，根據(jù)幾何關(guān)系可得A、B兩點關(guān)于圓心O對稱，根據(jù)等量同種正點電荷的電場線和等勢面分布規(guī)律可得A、B兩點電場強度大小相等，方向相反，電勢相同，則A、B兩點電場強度不相同，故A錯誤；B．O點的電勢大于C點的電勢，電勢能電子帶負(fù)電，在電勢較低處具有的電勢能較大，所以電子在O點的電勢能小于在C點的電勢能，故B正確；C．在OC連線上任取一點P，設(shè)與夾角為θ，間的距離為d，其中一個點電荷在P點產(chǎn)生的電場強度大小為，兩點電荷在P點的電場強度的矢量和，則有求電場強度的矢量和E的最大值時，將E對θ求導(dǎo)并令導(dǎo)數(shù)等于0，有解得即當(dāng)時P點的電場強度最大，設(shè)與夾角為α，根據(jù)幾何關(guān)系可得所以場強最大的點在OC之間，所以電子從O運動到C的過程中靜電力先增大再減小，加速度也是先增大再減小，故C正確；D．等量異種點電荷連線的中垂面為等勢面，等量同種點電荷連線的中垂面不是等勢面，一質(zhì)子沿OD從O點運動到D點過程中所受靜電力方向一直沿OD方向，靜電力一直做正功，故D錯誤。故選BC。10.如圖所示，電容的平行板電容器MN、極板間距，在上極板的中心位置用絕緣細(xì)繩懸掛質(zhì)量的帶電小球A、小球A所帶電荷量大小，極板右邊緣位置焊接有電阻不計的金屬棒PQ、金屬棒與兩極板的總質(zhì)量，平行于水平絕緣長木板的輕質(zhì)絕緣細(xì)繩繞過定滑輪后，一端連接金屬棒PQ，另一端連接質(zhì)量的不帶電的物塊B，整個空間處于垂直于紙面向里的勻強磁場之中。當(dāng)釋放物塊B后，懸掛小球A的細(xì)繩與豎直方向的夾角為θ，經(jīng)歷時間，金屬棒運動到定滑輪左側(cè)的D位置（圖中沒有畫出）。重力加速度g取，電容器與木板間的動摩擦因數(shù)．整個過程中電容器處于正常工作狀態(tài)，則在金屬棒運動到D位置的過程中，下列分析正確的是（）A.小球A一定帶負(fù)電B.物塊B運動的加速度大小為C.勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小為5TD.電容器儲存的電場能為7.5J〖答案〗BD〖解析〗A．金屬棒PQ切割磁感線，由右手定則可知金屬棒P端為等效電源的正極，PQ運動時產(chǎn)生的電動勢平行板電容器兩端電壓與該電動勢相等，小球A受到的電場力且電場力與洛倫茲力均沿豎直方向，兩力方向相反，故小球A可能帶負(fù)電也可能帶正電，故A錯誤；BC．金屬棒PQ在物塊B的拉動下做加速運動，則電容器兩端電壓不斷增大，金屬棒PQ中有持續(xù)的充電電流，電流由電容的定義式有解得對金屬棒PQ、小球A、物塊B、平行板電容器MN整體進行分析，由牛頓第二定律有解得物塊B運動加速度對小球A分析有解得磁感應(yīng)強度的大小故B正確，C錯誤；D．由上述分析可知系統(tǒng)做勻加速直線運動，則運動2.0s時，位移速度根據(jù)能量守恒定律有解得電容器儲存的電場能故D正確。故選BD。二、非選擇題（本題共5小題，共54分。）11.某同學(xué)設(shè)計了一個利用已安裝加速度傳感器的手機測量木塊與木板之間的動摩擦因數(shù)的實驗，實驗裝置如圖（a）所示。實驗步驟如下：①將手機用膠帶固定在木塊上，把木塊放置在木板上。調(diào)整小滑輪使細(xì)線與水平木板平行并與豎直細(xì)線在同一豎直平面內(nèi)，以保證木塊能夠沿細(xì)線方向做直線運動。②將砂和砂桶釋放，細(xì)線帶動木塊由靜止開始做勻加速直線運動。讀出彈簧測力計的示數(shù)F，并記錄手機所顯示的木塊運動的加速度a。③改變砂和砂桶的總質(zhì)量，重復(fù)步驟②多次進行實驗。④根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出木塊運動的加速度a與其對應(yīng)的彈簧測力計的示數(shù)F變化的圖像，如圖（b）所示。根據(jù)上述信息，回答下列問題：（1）該同學(xué)從手機說明書上查到該手機的質(zhì)量為150g，已知重力加速度大小為，根據(jù)圖像數(shù)據(jù)可得木塊的質(zhì)量m為______kg，不計固定手機所用膠帶的質(zhì)量，木塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)為______。（計算結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）（2）實驗過程中如果沒有調(diào)整木板水平，小滑輪一端較低，木板與水平方向有一定夾角，這樣會導(dǎo)致動摩擦因數(shù)的測量結(jié)果______（填“偏大”、“偏小”或“不變”）。〖答案〗（1）0.850.30（2）偏小〖解析〗（1）[1][2]令手機質(zhì)量為M，木塊質(zhì)量為m，對木塊與手機整體進行分析，根據(jù)牛頓第二定律有則有結(jié)合圖（b）有，解得，（2）[3]令木板與水平方向的夾角為，對木塊與手機整體進行分析，根據(jù)牛頓第二定律有則有由于操作過程中，將砂和砂桶釋放，細(xì)線帶動木塊由靜止開始做勻加速直線運動，表明釋放砂和砂桶前，木塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，即有則可知實驗中處理數(shù)據(jù)時，將整體看為了，即有解得即，這樣會導(dǎo)致動摩擦因數(shù)的測量結(jié)果偏小。12.熱敏電阻的阻值會隨著溫度的變化而改變。電阻值隨溫度的升高而增大的熱敏電阻叫正溫度系數(shù)熱敏電阻．電阻值隨溫度的升高而減小的熱敏電阻叫負(fù)溫度系數(shù)熱敏電阻。為了測量熱敏電阻在不同溫度下的電阻值，學(xué)習(xí)小組設(shè)計了如圖甲所示的電路。將熱敏電阻密封絕緣包裝后浸入熱水中，調(diào)節(jié)水的溫度，描繪出的該熱敏電阻的電阻值隨溫度t變化的關(guān)系曲線如圖乙所示。（1）根據(jù)圖甲用筆畫線代替導(dǎo)線將圖丙實物圖連線補充完整______。（2）開關(guān)S閉合前，應(yīng)將滑動變阻器R的滑片移至______（填“a”或“b”）端。（3）在某一溫度時，電壓表的讀數(shù)為1.12V，電流表的讀數(shù)為0.20A，已知電流表內(nèi)阻，電壓表內(nèi)阻，測得此溫度下熱敏電阻的電阻值______，該熱敏電阻為______（填“正溫度系數(shù)”或“負(fù)溫度系數(shù)”）熱敏電阻。（4）利用該熱敏電阻制作一個簡易的溫控裝置。電路圖如圖丁所示，電磁鐵與熱敏電阻、滑動變阻器R串聯(lián)接在電源E兩端，當(dāng)電磁鐵的電流超過某一特定值時，銜鐵被吸合，加熱器停止加熱，實現(xiàn)溫控。當(dāng)前溫度為40℃時加熱器停止加熱，若要設(shè)置到溫度為60℃時加熱器停止加熱，則滑動變阻器的阻值應(yīng)______（填“調(diào)大”或“調(diào)小”）______Ω。〖答案〗（1）（2）a（3）5負(fù)溫度系數(shù)（4）調(diào)大2〖解析〗【小問1詳析】根據(jù)電路圖連接實物圖，連線時注意電流要從電流表、電壓表的正接線柱流入。實物圖連接方式如下圖所示【小問2詳析】開關(guān)S閉合前，應(yīng)將滑動變阻器R的滑片移至a端，使電壓表、電流表的讀數(shù)從0開始調(diào)節(jié)，避免電流、電壓超過量程。【小問3詳析】[1][2]由歐姆定律有得由題圖乙可知該熱敏電阻為負(fù)溫度系數(shù)熱敏電阻。【小問4詳析】[1][2]設(shè)電磁鐵電阻為，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，由圖可知，溫度為40℃時熱敏電阻阻值為，此時回路電流溫度為60℃時熱敏電阻阻值為，熱敏電阻阻值減小了2.0Ω，把滑動變阻器阻值調(diào)大2Ω，溫度為60℃時回路電流達(dá)到觸發(fā)值，銜鐵被吸合，加熱器停止加熱。13.如圖所示，豎直放置的輕彈簧下端固定在水平地面上，上端與質(zhì)量為m的平板連接，平板水平且處于靜止?fàn)顟B(tài)。一質(zhì)量也為m的物塊從平板正上方高h(yuǎn)處的P點自由落下，與平板碰撞后不反彈，與平板一起向下運動距離后二者速度達(dá)到最大。已知，重力加速度為g，不計空氣阻力。彈簧的彈性勢能[其中k為彈簧的勁度系數(shù)（未知），x為彈簧的形變量]。求：（1）物塊與平板碰后瞬間的速度大小和彈簧的勁度系數(shù)k；（2）物塊離開平板后上升到的最高點到P點的距離。〖答案〗（1），（2）〖解析〗【小問1詳析】設(shè)物塊與平板碰撞前瞬間的速度大小為，根據(jù)動能定理有又根據(jù)動量守恒定律有聯(lián)立解得當(dāng)物塊和平板一起運動的加速度為零時，其速度達(dá)到最大，設(shè)平板靜止時彈簧壓縮量為，則有且聯(lián)立解得，【小問2詳析】當(dāng)物塊與平板剛要分離時，它們間彈力為零，即物塊的加速度，此時平板的加速度也為g，可知彈簧彈力為零，即彈簧恢復(fù)原長時物塊與平板分離。設(shè)此時物塊和平板的速度大小為，從物塊與平板碰撞后瞬間到二者分離的過程，根據(jù)能量守恒定律有設(shè)物塊上升到最高點上升的距離為，則有則最高點到P點的距離聯(lián)立解得14.如圖所示，足夠長的光滑傾斜軌道與粗糙水平軌道用一小段光滑圓弧在A點平滑連接，B的右側(cè)有一底邊長和高度均為的斜面體，斜面體的最高點與B點平齊。質(zhì)量為的滑塊乙放在水平軌道上的A點，質(zhì)量為的滑塊甲由傾斜軌道上距離水平軌道的高度為的位置由靜止釋放，經(jīng)過一段時間兩滑塊發(fā)生彈性碰撞，之后乙垂直落在斜面體上。已知兩滑塊與水平軌道之間的動摩擦因數(shù)均為，兩滑塊均可視為質(zhì)點，重力加速度為，水平軌道。求：（1）乙離開B點時的速度大小；（2）甲的釋放點距離水平軌道的高度。〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）設(shè)甲的釋放點距離水平軌道的高度為時，乙垂直落在斜面上．設(shè)乙離開B點的速度為，則由平拋運動規(guī)律有，又有，聯(lián)立可得（2）設(shè)乙碰后瞬間的速度為，乙從A到B的過程中，由動能定理得解得設(shè)碰前瞬間甲速度為，對兩滑塊碰撞的過程有，解得甲從釋放到運動至A點的過程，由機械能守恒定律有解得15.如圖所示，帶負(fù)電的小球通過長為L的絕緣輕繩與天花板上固定的點電荷相連，固定點電荷的電荷量為+Q，帶電小球的質(zhì)量為m。空間內(nèi)存在豎直向上的勻強磁場、輕繩恰好伸直時小球恰好可以在水平面內(nèi)做勻速圓周運動（俯視時沿順時針方向運動），速度大小，小球運動過程中，絕緣輕繩與豎直方向的夾角，重力加速度為g，靜電力常量為k。（1）求小球所帶電荷量；（2）求小球所受洛倫茲力的大小；（3）若撤去固定的點電荷和絕緣輕繩、小球落地點到原來固定點電荷位置的水平距離恰好為，求小球豎直位移的可能值。〖答案〗（1）（2）（3）〖解析〗【小問1詳析】設(shè)小球電荷量為q，對小球受力分析，小球在豎直方向上有解得【小問2詳析】對小球受力分析，根據(jù)左手定則可知，小球受到的洛倫茲力方向背離圓心，靜電力水平分力為水平方向，根據(jù)合力提供向心力，有解得【小問3詳析】撤去固定的點電荷和絕緣輕繩后，水平方向小球速度大小不變，水平方向合力為洛倫茲力，大小不變，此時因此小球在水平面內(nèi)做偏轉(zhuǎn)方向相反、半徑不變的圓周運動，因為落地點到O點的水平距離為小球做圓周運動的周期為T，對小球水平方向受力分析，有因此小球運動的時間小球的豎直位移解得2024屆高考物理考向核心卷物理（遼寧專版）【滿分：100分】一、選擇題（本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。）1.近年來無人機在軍事、工業(yè)等領(lǐng)域均有廣泛的應(yīng)用，一質(zhì)量為m的無人機在執(zhí)行遠(yuǎn)程偵察任務(wù)，某段時間內(nèi)該無人機以速度v沿著與水平方向成θ角斜向上的方向勻速直線飛行，重力加速度為g，則（）A.該無人機處于超重狀態(tài)B.該無人機在運動的過程中機械能守恒C.空氣對該無人機作用力的大小為mgD.重力對無人機做功的瞬時功率為mgv〖答案〗C〖解析〗A．該無人機處于平衡狀態(tài)，故A錯誤；B．無人機運動過程中動能不變，重力勢能增加，機械能增加，故B錯誤；C．無人機在運動過程中受到自身豎直向下的重力，空氣對其作用力與重力等大反向，故C正確；D．重力與速度v有夾角，重力對無人機做功的瞬時功率不等于mgv，故D錯誤。故選C。2.如圖，用兩根完全相同、不可伸長的輕繩將小沙包（大小可忽略）對稱地吊在空中，輕推小沙包，測得其在垂直紙面平面內(nèi)做簡諧運動的周期為（已知在一根豎直繩懸掛下做簡諧運動的小物體的周期為，l為繩長，g為重力加速度），已知每根輕繩的長度為L，小沙包的質(zhì)量為m，則小沙包靜止時，每根繩子張力為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗依題意，小沙包做簡諧運動，設(shè)等效擺長為l，則有對小沙包受力分析，如圖根據(jù)平衡條件可得聯(lián)立解得故選A。3.食鹽被灼燒時會發(fā)出黃光，主要是由食鹽蒸氣中鈉原子的能級躍遷造成的。在鈉原子光譜的四個線系中，只有主線系的下級是基態(tài)，在光譜學(xué)中，稱主線系的第一組線（雙線）為共振線，鈉原子的共振線是有名的黃雙線（波長分別為589.0nm和589.6nm）。已知普朗克常量．元電荷，光速，下列說法正確的是（）A.玻爾理論能解釋鈉原子的光譜現(xiàn)象B.鈉原子處于高能級是因為從火中吸收了能量C.黃雙線均能使逸出功為2.25eV的金屬發(fā)生光電效應(yīng)D.太陽光譜中有黃光，說明太陽中有鈉元素〖答案〗B〖解析〗A．玻爾理論成功解釋了氫原子光譜的實驗規(guī)律，但無法解釋復(fù)雜原子的光譜現(xiàn)象，故A錯誤；B．食鹽被灼燒時，鈉原子吸收能量達(dá)到高能級，之后向低能級躍遷時放出光子，故B正確；C．根據(jù)可知黃雙線的光子能量均約為eV=2.1eV根據(jù)發(fā)生光電效應(yīng)的條件可知，均不能使逸出功為2.25eV的金屬發(fā)生光電效應(yīng)，故C錯誤；D．太陽光譜中有黃光，并不能說明太陽中有鈉元素，有鈉的特征光譜才能說明太陽中有鈉元素，故D錯誤。故選B。4.飛輪儲能是指利用電動機帶動飛輪高速旋轉(zhuǎn)，在需要的時候再用飛輪帶動發(fā)電機發(fā)電的儲能方式。圓盤形飛輪存儲的能量與其質(zhì)量、半徑、角速度的關(guān)系為，k、m為常數(shù)。在飛輪厚度、材料、角速度均不變的情況下，飛輪儲存的能量E與飛輪半徑R的關(guān)系為（）A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗能量的單位為，質(zhì)量的單位為kg，結(jié)合力學(xué)單位制知識可知，由公式可得解得，在飛輪厚度、材料、角速度均不變時，飛輪的質(zhì)量代入可得故選D。5.如圖所示，ACD為一等邊三角形，兩根通過電流相等的長直導(dǎo)線分別垂直紙面置于A、D兩個頂點，A處導(dǎo)線中的電流方向垂直紙面向里，D處導(dǎo)線中的電流方向垂直紙面向外。已知通電長直導(dǎo)線在其周圍某點處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為，k為常量，為該點到通電直導(dǎo)線的距離。已知C處磁感應(yīng)強度大小為，則CD邊中點E的磁感應(yīng)強度大小為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗設(shè)三角形ACD的邊長為L，則A處導(dǎo)線在C點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為D處導(dǎo)線在C點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為如圖所示C處合磁感應(yīng)強度為結(jié)合上述分析知，A處導(dǎo)線在E點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為D處導(dǎo)線在E點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為E點的合磁感應(yīng)強度為，故選C。6.《中華人民共和國道路交通安全法實施條例》第六十二條規(guī)定：不得連續(xù)駕駛機動車超過4小時未停車休息或者停車休息時間少于20分鐘。因為長時間行車一是駕駛員會疲勞，二是汽車輪胎與地面摩擦使輪胎變熱，有安全隱患。一輛汽車行駛4小時后輪胎變熱，輪胎內(nèi)氣體溫度也會升高，設(shè)此過程中輪胎體積不變且沒有氣體的泄漏，空氣可看作理想氣體，則此過程中輪胎內(nèi)氣體（）A.分子平均動能增大，每個分子的動能都增大B.速率大的區(qū)間分子數(shù)增多，分子平均速率增大C內(nèi)能增大，外界對氣體做正功D.內(nèi)能增大，氣體向外界放出熱量〖答案〗B〖解析〗A．氣體溫度升高，根據(jù)分子動理論可知分子平均動能增大，但并不是所有氣體分子的動能都增大，故A錯誤；B．根據(jù)氣體分子速率分布規(guī)律可知，當(dāng)溫度升高時速率大的分子比例增大，則速率大的區(qū)間分子數(shù)增多，分子平均速率增大，故B正確；CD．氣體溫度升高，內(nèi)能增大，氣體的體積不變，則沒有做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律有，，則，氣體從外界吸收熱量，故CD錯誤。故選B。7.2023年7月10日，經(jīng)國際天文學(xué)聯(lián)合會小行星命名委員會批準(zhǔn)，中國科學(xué)院紫金山天文臺發(fā)現(xiàn)的、國際編號為381323號的小行星被命名為“樊錦詩星”。如圖所示，“樊錦詩星”繞日運行的橢圓軌道面與地球繞日運行的圓軌道面間的夾角為20.11度，軌道半長軸為3.18天文單位（日地距離為1天文單位），遠(yuǎn)日點到太陽中心的距離為4.86天文單位。則（）A.“樊錦詩星”繞太陽一圈大約需要2.15年B.“樊錦詩星”在遠(yuǎn)日點的速度大于地球的公轉(zhuǎn)速度C.“樊錦詩星”在遠(yuǎn)、近日點的速度大小之比為D.“樊錦詩星”在近日點的加速度大小與地球的加速度大小之比為〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)開普勒第三定律有解得年故A錯誤；B．過“樊錦詩星”的遠(yuǎn)日點構(gòu)建一以日心為圓心的圓軌道，繞太陽做圓周運動的物體，根據(jù)萬有引力提供向心力有可得則軌道半徑越大，衛(wèi)星的線速度越小，在構(gòu)建圓軌道上運動的衛(wèi)星的線速度小于地球的線速度，“樊錦詩星”在遠(yuǎn)日點要想運動到該構(gòu)建圓軌道上，需要加速，則“樊錦詩星”在遠(yuǎn)日點的速度小于構(gòu)建圓軌道上衛(wèi)星的線速度，綜上，“樊錦詩星”在遠(yuǎn)日點的速度小于地球的公轉(zhuǎn)速度，故B錯誤；C．對于“樊錦詩星”在遠(yuǎn)日點和近日點附近很小一段時間內(nèi)的運動，近日點到太陽中心的距離為=1.5天文單位。根據(jù)開普勒第二定律有解得故C錯誤；D．軌道半長軸為3.18天文單位，遠(yuǎn)日點到太陽中心距離為4.86天文單位，則近日點到太陽中心距離為1.5天文單位，根據(jù)萬有引力提供向心力有則“樊錦詩星”在近日點的加速度大小與地球的加速度大小之比為故D正確。故選D。8.某同學(xué)將一平玻璃和一凸透鏡或者一凹透鏡貼在一起，用單色平行光垂直照射上方平玻璃，會形成明暗相間的同心干涉圓環(huán)，從干涉環(huán)上無法判斷兩塊透鏡的凸和凹。該同學(xué)對平玻璃上表面加壓，發(fā)現(xiàn)干涉圓環(huán)會發(fā)生移動，下列說法正確的是（）A.若干涉圓環(huán)向邊緣移動，則表示下面的透鏡是凹透鏡B.若干涉圓環(huán)向邊緣移動，則表示下面的透鏡是凸透鏡C.若干涉圓環(huán)向中心收縮，則表示下面的透鏡是凹透鏡D.若干涉圓環(huán)向中心收縮，則表示下面的透鏡是凸透鏡〖答案〗BC〖解析〗AB．凸透鏡中心比邊緣高，在平玻璃上表面加壓時，空氣膜由厚變薄，相應(yīng)各點光程差也變小，圓環(huán)條紋相對中心將延遲出現(xiàn)，原來靠近中心的圓環(huán)條紋現(xiàn)在就要向邊緣（向外）移動，故A錯誤，B正確；CD．凹透鏡中心比邊緣低，在平玻璃上表面加壓時，空氣膜由厚變薄，相應(yīng)各點光程差也變小，圓環(huán)條紋相對邊緣將延遲出現(xiàn)，原來靠近中心的圓環(huán)條紋現(xiàn)在就要向中心（向內(nèi)）收縮，故C正確，D錯誤。故選BC。9.如圖，中國古典文化中太極圖是由兩個完全相同的陰陽兩部分構(gòu)成的，陰陽對立而又統(tǒng)一，相應(yīng)而又合抱，相反而又相成，生動形象地揭示了宇宙萬象在對立統(tǒng)一法則下的和諧。太極圖中黑色陰影部分為陰，白色部分為陽，O為外大圓的圓心，為上側(cè)小陰圓和上側(cè)的陽半圓的圓心，為下側(cè)小陽圓和下側(cè)的陰半圓的圓心，和分別為上側(cè)陽半圓和下側(cè)陰半圓的半徑，且與平行，CD為外大圓的直徑，CD與連線垂直，電荷量均為的兩個正點電荷分別固定在兩點，不計質(zhì)子和電子的重力，質(zhì)子和電子僅受靜電力作用，下列說法正確的是（）A.A、B兩點電場強度相同，電勢也相同B.電子在O點的電勢能小于在C點的電勢能C.一電子沿OC從O點運動到C點，此過程中電子的加速度先增大再減小D.一質(zhì)子沿OD從O點運動到D點過程中，靜電力不做功〖答案〗BC〖解析〗A．與平行且相等，根據(jù)幾何關(guān)系可得A、B兩點關(guān)于圓心O對稱，根據(jù)等量同種正點電荷的電場線和等勢面分布規(guī)律可得A、B兩點電場強度大小相等，方向相反，電勢相同，則A、B兩點電場強度不相同，故A錯誤；B．O點的電勢大于C點的電勢，電勢能電子帶負(fù)電，在電勢較低處具有的電勢能較大，所以電子在O點的電勢能小于在C點的電勢能，故B正確；C．在OC連線上任取一點P，設(shè)與夾角為θ，間的距離為d，其中一個點電荷在P點產(chǎn)生的電場強度大小為，兩點電荷在P點的電場強度的矢量和，則有求電場強度的矢量和E的最大值時，將E對θ求導(dǎo)并令導(dǎo)數(shù)等于0，有解得即當(dāng)時P點的電場強度最大，設(shè)與夾角為α，根據(jù)幾何關(guān)系可得所以場強最大的點在OC之間，所以電子從O運動到C的過程中靜電力先增大再減小，加速度也是先增大再減小，故C正確；D．等量異種點電荷連線的中垂面為等勢面，等量同種點電荷連線的中垂面不是等勢面，一質(zhì)子沿OD從O點運動到D點過程中所受靜電力方向一直沿OD方向，靜電力一直做正功，故D錯誤。故選BC。10.如圖所示，電容的平行板電容器MN、極板間距，在上極板的中心位置用絕緣細(xì)繩懸掛質(zhì)量的帶電小球A、小球A所帶電荷量大小，極板右邊緣位置焊接有電阻不計的金屬棒PQ、金屬棒與兩極板的總質(zhì)量，平行于水平絕緣長木板的輕質(zhì)絕緣細(xì)繩繞過定滑輪后，一端連接金屬棒PQ，另一端連接質(zhì)量的不帶電的物塊B，整個空間處于垂直于紙面向里的勻強磁場之中。當(dāng)釋放物塊B后，懸掛小球A的細(xì)繩與豎直方向的夾角為θ，經(jīng)歷時間，金屬棒運動到定滑輪左側(cè)的D位置（圖中沒有畫出）。重力加速度g取，電容器與木板間的動摩擦因數(shù)．整個過程中電容器處于正常工作狀態(tài)，則在金屬棒運動到D位置的過程中，下列分析正確的是（）A.小球A一定帶負(fù)電B.物塊B運動的加速度大小為C.勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小為5TD.電容器儲存的電場能為7.5J〖答案〗BD〖解析〗A．金屬棒PQ切割磁感線，由右手定則可知金屬棒P端為等效電源的正極，PQ運動時產(chǎn)生的電動勢平行板電容器兩端電壓與該電動勢相等，小球A受到的電場力且電場力與洛倫茲力均沿豎直方向，兩力方向相反，故小球A可能帶負(fù)電也可能帶正電，故A錯誤；BC．金屬棒PQ在物塊B的拉動下做加速運動，則電容器兩端電壓不斷增大，金屬棒PQ中有持續(xù)的充電電流，電流由電容的定義式有解得對金屬棒PQ、小球A、物塊B、平行板電容器MN整體進行分析，由牛頓第二定律有解得物塊B運動加速度對小球A分析有解得磁感應(yīng)強度的大小故B正確，C錯誤；D．由上述分析可知系統(tǒng)做勻加速直線運動，則運動2.0s時，位移速度根據(jù)能量守恒定律有解得電容器儲存的電場能故D正確。故選BD。二、非選擇題（本題共5小題，共54分。）11.某同學(xué)設(shè)計了一個利用已安裝加速度傳感器的手機測量木塊與木板之間的動摩擦因數(shù)的實驗，實驗裝置如圖（a）所示。實驗步驟如下：①將手機用膠帶固定在木塊上，把木塊放置在木板上。調(diào)整小滑輪使細(xì)線與水平木板平行并與豎直細(xì)線在同一豎直平面內(nèi)，以保證木塊能夠沿細(xì)線方向做直線運動。②將砂和砂桶釋放，細(xì)線帶動木塊由靜止開始做勻加速直線運動。讀出彈簧測力計的示數(shù)F，并記錄手機所顯示的木塊運動的加速度a。③改變砂和砂桶的總質(zhì)量，重復(fù)步驟②多次進行實驗。④根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出木塊運動的加速度a與其對應(yīng)的彈簧測力計的示數(shù)F變化的圖像，如圖（b）所示。根據(jù)上述信息，回答下列問題：（1）該同學(xué)從手機說明書上查到該手機的質(zhì)量為150g，已知重力加速度大小為，根據(jù)圖像數(shù)據(jù)可得木塊的質(zhì)量m為______kg，不計固定手機所用膠帶的質(zhì)量，木塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)為______。（計算結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）（2）實驗過程中如果沒有調(diào)整木板水平，小滑輪一端較低，木板與水平方向有一定夾角，這樣會導(dǎo)致動摩擦因數(shù)的測量結(jié)果______（填“偏大”、“偏小”或“不變”）。〖答案〗（1）0.850.30（2）偏小〖解析〗（1）[1][2]令手機質(zhì)量為M，木塊質(zhì)量為m，對木塊與手機整體進行分析，根據(jù)牛頓第二定律有則有結(jié)合圖（b）有，解得，（2）[3]令木板與水平方向的夾角為，對木塊與手機整體進行分析，根據(jù)牛頓第二定律有則有由于操作過程中，將砂和砂桶釋放，細(xì)線帶動木塊由靜止開始做勻加速直線運動，表明釋放砂和砂桶前，木塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，即有則可知實驗中處理數(shù)據(jù)時，將整體看為了，即有解得即，這樣會導(dǎo)致動摩擦因數(shù)的測量結(jié)果偏小。12.熱敏電阻的阻值會隨著溫度的變化而改變。電阻值隨溫度的升高而增大的熱敏電阻叫正溫度系數(shù)熱敏電阻．電阻值隨溫度的升高而減小的熱敏電阻叫負(fù)溫度系數(shù)熱敏電阻。為了測量熱敏電阻在不同溫度下的電阻值，學(xué)習(xí)小組設(shè)計了如圖甲所示的電路。將熱敏電阻密封絕緣包裝后浸入熱水中，調(diào)節(jié)水的溫度，描繪出的該熱敏電阻的電阻值隨溫度t變化的關(guān)系曲線如圖乙所示。（1）根據(jù)圖甲用筆畫線代替導(dǎo)線將圖丙實物圖連線補充完整______。（2）開關(guān)S閉合前，應(yīng)將滑動變阻器R的滑片移至______（填“a”或“b”）端。（3）在某一溫度時，電壓表的讀數(shù)為1.12V，電流表的讀數(shù)為0.20A，已知電流表內(nèi)阻，電壓表內(nèi)阻，測得此溫度下熱敏電阻的電阻值______，該熱敏電阻為______（填“正溫度系數(shù)”或“負(fù)溫度系數(shù)”）熱敏電阻。（4）利用該熱敏電阻制作一個簡易的溫控裝置。電路圖如圖丁所示，電磁鐵與熱敏電阻、滑動變阻器R串聯(lián)接在電源E兩端，當(dāng)電磁鐵的電流超過某一特定值時，銜鐵被吸合，加熱器停止加熱，實現(xiàn)溫控。當(dāng)前溫度為40℃時加熱器停止加熱，若要設(shè)置到溫度為60℃時加熱器停止加熱，則滑動變阻器的阻值應(yīng)______（填“調(diào)大”或“調(diào)小”）______Ω。〖答案〗（1）（2）a（3）5負(fù)溫度系數(shù)（4）調(diào)大2〖解析〗【小問1詳析】根據(jù)電路圖連接實物圖，連線時注意電流要從電流表、電壓表的正接線柱流入。實物圖連接方式如下圖所示【小問2詳析】開關(guān)S閉合前，應(yīng)將滑動變阻器R的滑片移至a端，使電壓表、電流表的讀數(shù)從0開始調(diào)節(jié)，避免電流、電壓超過量程。【小問3詳析】[1][2]由歐姆定律有得由題