20232024學年上學期高一期末聯考物理試卷考試時間：75分鐘；注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應題目的答案標號涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在試卷上無效。第Ⅰ卷（選擇題）一、單選題（本大題共4小題，每題4分，共16分）1.2022年10月31日，搭載空間站夢天實驗艙長征五號B遙四運載火箭，在我國文昌航天發射場成功發射；11月1日，在北京航天飛行控制中心的觀測下，夢天實驗艙從200m停泊點逐漸靠近19m停泊點，準備與空間站進行對接。2022年11月1日4：27，夢天實驗艙成功對接于天和核心艙前向端口，整個交會對接過程歷時約13小時。下列敘述正確的是（）A.“11月1日4：27”指的是時間間隔B.“13小時”指的是時刻C.從地球到空間站，夢天實驗艙的慣性發生改變D.研究夢天實驗艙在近地軌道的運行軌跡時，可將其視為質點【答案】D【解析】【詳解】A．“11月1日4：27”指的是時刻并非時間間隔，故A錯誤；B．“13小時”指的是時間間隔并非時刻，故B錯誤；C．慣性僅與質量有關，從地球到空間站，夢天實驗艙的慣性不發生改變，故C錯誤；D．在研究夢天實驗艙在近地軌道的運行軌跡時，夢天實驗艙的大小和形狀可以忽略不計，可以視為質點，故D正確。故選D。2.如圖所示，甲、乙兩位同學利用直尺測量反應時間。甲用一只手在直尺下方做捏尺的準備，從他看到乙同學放開直尺開始，到他捏住直尺為正，測出直尺在這段時間內下落的高度為20cm，則這次測量出甲的反應時間是（g取10m/s2）（）A.0.2s B.0.1s C.0.14s D.0.02s【答案】A【解析】【分析】【詳解】根據自由落體運動規律有可得反應時間為所以A正確；BCD錯誤；故選A。3.甲、乙兩輛汽車從平直公路上同一位置沿著同一方向做直線運動，它們的圖像如圖所示，則（）A.甲、乙兩車同時從靜止開始出發B.在時甲在乙前方2m處C.在時乙車追上甲車D.甲、乙兩車在公路上能相遇兩次【答案】B【解析】【詳解】A．由圖可知，乙車比甲車遲出發1s，故A錯誤；B．根據速度時間圖線與時間軸圍成的面積表示位移，知t=2s時，甲車的位移為x甲=×2×4m=4mx乙=×1×4m=2m所以甲在乙前方2m處，故B正確；C．在03s內，甲車的位移x甲=×6×3m=9m乙車的位移x乙=×2×8m=8m所以x甲>x乙兩者又是從同一位置沿著同一方向運動的，則在t=3s時乙車未追上甲車，故C錯誤；D．同理計算可得，在t=4s時乙車追上甲車，由于t=4s時刻以后，甲車比乙車的速度大，兩車不可能再相遇，所以兩車只能相遇一次，故D錯誤。故選B。4.如題圖所示，截面為圓弧的柱狀物體A靜置于粗糙水平地面上，A的左端緊靠豎直墻，光滑圓球B置于A與豎直墻之間，整個系統處于靜止狀態．現將A向右移動少許，整個系統仍處于靜止狀態，下列說法正確的是（）A.物體A對地面壓力減小B.圓球B對墻的壓力增大C.物體A與圓球B之間的作用力大小不變D.物體A受到的摩擦力減小【答案】D【解析】【詳解】A．以A、B為整體受力分析如圖1，豎直方向上受重力及地面的支持力，兩物體重力不變，所以地面對A的支持力不變，由牛頓第三定律知A對地面的壓力不變，故A錯誤；BC．對小球B受力分析，作出平行四邊形，如圖2所示，A向右移動少許，A對B的彈力減小，墻對B的壓力減小，由牛頓第三定律可知B對墻的壓力變小，故BC錯誤；D．分析A、B整體，水平方向上墻對B的壓力和地面對A的摩擦力等大反向，墻對B的壓力減小，則地面對A的摩擦力減小，故D正確；故選D。二、多選題（本題共4小題，每題6分，共24分）5.在16世紀末，伽利略用實驗和推理，推翻了在歐洲流行了近兩千年的亞里士多德關于力和運動的理論，開啟了物理學發展的新紀元。以下說法與伽利略觀點相反的是（）A.一個物體維持勻速直線運動，不需要受力B.兩物體從同一高度自由下落，較重的物體下落較快C.四匹馬拉的車比兩匹馬拉的車跑得快，這說明物體受的力越大，速度就越大D.一個運動的物體，如果不再受拉力了，它總會逐漸停下來，這說明靜止狀態才是物體長時間不受力時的“自然狀態”【答案】BCD【解析】【詳解】A．伽利略通過實驗和推理，得到的觀點為一個物體維持勻速直線運動，不需要受力，該說法與伽利略的觀點相同，故A錯誤；B．通過實驗和推理，伽利略認為在忽略空氣阻力時，兩物體從同一高度自由下落，較重的物體與較輕的物體下落較快慢相同，選項中的觀點與伽利略觀點相反，故B正確；C．伽利略認為物體的運動不需要力來維持，即力與速度大小沒有本質關系，四匹馬拉的車比兩匹馬拉的車跑得快，只能夠說明物體受的力越大，物體速度變化越快，選項中的觀點與伽利略觀點相反，故C正確；D．伽利略認為力不是維持物體運動的原因，一個運動的物體，如果不再受拉力了，它總會逐漸停下來，這是由于物體受到阻力的原因，并不說明靜止狀態是物體長時間不受力時的“自然狀態”，選項中的觀點與伽利略觀點相反，故D正確。故選BCD。6.做勻減速直線運動的物體經3s停止，若在第1s內的位移是15m，則第2s內、第3s內的位移是（）A.3m B.2m C.1m D.9m【答案】AD【解析】【詳解】做勻減速直線運動直到停止，利用逆向思維可以看成初速度為零的勻加速直線運動，令，，由于物體在第1s內的位移是15m，根據位移公式有解得則第2s內的位移第3s內的位移即第2s內、第3s內的位移分別為9m、3m。故選AD。7.如圖所示，一輛位于水平面上的小車，固定在小車上的支架的斜桿與豎直桿的夾角為，在斜桿下端固定有質量為m的小球。下列關于桿對球的作用力F的判斷正確的是（）A.小車靜止時，，方向沿桿向上B.小車靜止時，，方向垂直于桿向上C.小車向右勻速運動時，一定有，方向豎直向上D.小車向右勻加速運動時，一定有，方向可能沿桿向上【答案】CD【解析】【詳解】AB．小車靜止時，小球所受外力的合力為0，根據物體的平衡條件可知，此時桿對球的作用力方向豎直向上，大小等于球的重力mg，故AB錯誤；C．小車向右勻速運動時，小車和小球的加速度均為零，小球所受外力的合力為0，根據物體的平衡條件可知，桿對小球的作用力方向豎直向上，大小為mg，故C正確；D．當小車向右做勻加速運動時，小球有水平向右的加速度，對小球進行分析，桿對球的作用力F水平方向與豎直方向的分力分別為，則有當有解得此時，桿對小球的作用力沿桿向上，故D正確。故選CD。8.如圖甲所示，傾斜的傳送帶以恒定速率沿順時針方向轉動，傳送帶的傾角為37°。一物塊以初速度從傳送帶的底部沖上傳送帶并沿傳送帶向上運動，其運動的vt圖像如圖乙所示，物塊到達一定高度時速度為零，，，，則（）A.傳送帶的速度為4m/sB.物塊上升的豎直高度為0.96mC.物塊與傳送帶間的動摩擦因數為0.5D.物塊所受摩擦力方向一直與物塊運動方向相反【答案】BC【解析】【分析】【詳解】A．如果小于，則物塊向上做減速運動時加速度不變，與題圖乙不符，因此物塊的初速度一定大于。結合題圖乙可知物塊減速運動到與傳送帶速度相同時，繼續向上做減速運動。由此可以判斷傳送帶的速度為2m/s，A錯誤；B．物塊的位移等于vt圖線與橫軸所圍的面積，即則上升的豎直高度為B正確；C．0~0.2s內，加速度加速度大小根據牛第二定律0.2~1.2s內，加速度加速度大小根據牛第二定律解得C正確；D．在0~0.2s內，摩擦力方向與物塊的運動方向相反，0.2~1.2s內，摩擦力方向與物塊的運動方向相同，D錯誤。故選BC。第Ⅱ卷（非選擇題）三、填空題（本大題共3小題，共10分）9.顧誦芬院士主持建立了我國飛機設計體系，開創了我國自行設計研制殲擊機的歷史。“殲-20”在某次訓練時著艦不成功，飛行員經短暫反應后迅速啟動“逃逸復飛”，若啟動復飛時飛機距離航母跑道末端為210m，速度為20m/s。復飛過程可看成勻變速直線運動，飛機起飛所需的最小速度為50m/s，為使飛機能復飛成功，則復飛過程的加速度至少為______。【答案】【解析】【詳解】飛機從復飛到完全起飛，根據速度位移公式可得則飛機復飛過程的加速度至少為。10.如圖所示，A物塊用輕繩與天花板連接，A、B兩個物塊所受的重力分別是，彈簧所受的重力不計，整個裝置沿豎直方向處于靜止狀態，這時彈簧處于拉伸狀態且彈力，則天花板受到的拉力為______，地板受到的壓力為______．【答案】①5N②.2N【解析】【詳解】彈簧處于拉伸狀態時，兩物塊的受力如圖所示對物體A對物體B計算可得11.建筑工人常常徒手拋磚塊，當磚塊上升到最高點時，被樓上的師傅接住用以砌墻。若某次以15m/s的速度從地面豎直向上拋出一磚塊，樓上的師傅沒有接住，g取10m/s2，空氣阻力可以忽略，則磚塊上升的最大高度為______，磚塊被拋出后經______s回到拋出點。【答案】①.11.25m②.3【解析】【詳解】[1]磚塊做豎直上拋運動，則有所以磚塊上升的最大高度為[2]磚塊上升的時間為上升階段與下降階段的時間對稱，所以磚塊回到拋出點的時間為三、實驗題（本大題共2小題，共14分）12.有同學利用如圖所示裝置來驗證力的平行四邊形定則：在豎直木板上鋪有白紙，并固定兩個光滑的滑輪A和B，三根繩子打一個結點O，各繩另一端均連接鉤碼，各鉤碼質量均相等，當系統如圖達到平衡時，根據鉤碼個數可讀出三根繩子的拉力F1、F2和F3，回答下列問題：(1)若某次實驗中鉤碼個數=2，=5，則可能等于____（填正確答案標號）。A.2B.4C.8D.9(2)在實驗過程中，關于實驗操作和相關要求，下列說法正確的是____（填選項前字母）。A．實驗中三段繩子應與豎直木板平行B.實驗中需要用天平測出一個鉤碼的質量C.在某兩次實驗中，O點位置可以不同D.實驗中需要用量角器量出三段繩子之間的夾角(3)通過實驗，該同學用作圖法作出了兩個圖，如圖甲、乙所示，你認為圖示中____（填“甲”或“乙”）是正確的。【答案】①.B②.AC③.甲【解析】【分析】【詳解】(1)[1]N1、N2鉤碼的重力的合力大小應該等于N3鉤碼的重力，由三角形知識應有N2N1<N3<N2+N1即3<N3<7故選B；(2)[2]實驗中繩子與木板平行才能在木板平面完成好實驗，A正確；實驗中只要知道三根繩子的拉力關系就能作圖驗證力的平行四邊形定則，因此不需要測出鉤碼的質量，B錯誤；由于每次實驗都能進行一次驗證，故兩次實驗中O點的位置可以不同，C正確；實驗中以F1、F2為鄰邊作平行四邊形驗證，無需測夾角，D錯誤；所以答案為AC。(3)[3]實驗中F3方向應沿OC豎直方向，所以甲圖正確。13.某同學用圖（a）所示的實驗裝置圖做“驗證牛頓第二定律”的實驗。（1）下列屬于本實驗必要的操作有________。A．調節長木板一端滑輪高度，使細線與長木板平行B.取下懸掛的鉤碼，將長木板沒有定滑輪的一端適當墊高，平衡摩擦力C.每次改變懸掛鉤碼質量后，需要重新平衡摩擦力D.改變小車中砝碼的質量，進行多次實驗（2）某次實驗，打點計時器打出的一條記錄小車運動的紙帶如圖（b）所示，從清晰的點開始，每隔4個點取一計數點（中間4個點沒畫出），分別記為、、、、、，各計數點到點的距離為，，，，，，打點計時器打點頻率為，則由此紙帶可得到打點時小車的速度______，此次實驗小車的加速度______。（結果均保留2位有效數字）（3）該同學保持小車質量不變，不斷改變懸掛砝碼的質量，根據實驗數據，作出小車加速度與砝碼質量的圖像如圖（c）所示，圖線不過坐標原點的原因是______。【答案】①.AB##BA②.0.53③.0.81④.未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足（斜面傾角過小）【解析】【詳解】（1）[1]AB．平衡摩擦力時，先調節長木板一端滑輪的高度，使細線與長木板平行，再取下懸掛的鉤碼，將長木板沒有定滑輪的一端適當墊高，讓小車連著已經穿過打點計時器的紙帶，給打點計時器通電，輕推小車，從打出的紙帶判斷小車是否做勻速直線運動。A、B正確；C．每次改變懸掛鉤碼質量后，不需要重新平衡摩擦力。故C錯誤；D．在研究小車加速度與合外力大小關系時，需要控制小車質量不變，所以不能改變小車中砝碼的質量。故D錯誤。故選AB。（2）[2]打點時小車的速度[3]根據勻變速直線運動規律，采用逐差法求解加速度（3）[4]由題圖（c）發現圖線不過坐標原點，說明施加拉力時加速度仍為0，其原因未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足（斜面傾角過小）。三、計算題（本大題共3小題，共36分）14.如圖，質量為m的小球通過水平輕繩AO、豎直輕繩BO和輕彈簧CO相連接，處于平衡狀態。已知彈簧勁度系數為k，CO與豎直方向夾角為6