第頁溫馨提示：此套題為Word版，請按住Ctrl,滑動鼠標滾軸，調節(jié)合適的觀看比例，答案解析附后。階段滾動檢測(一)第一～三章(90分鐘100分)第Ⅰ卷(選擇題共40分)一、單項選擇題(本大題共5小題，每小題3分，共15分，每小題只有一個選項符合題意)1.一物體從高x處做自由落體運動，經時間t到達地面，落地速度為v，那么當物體下落時間為eq\f(t,3)時，物體的速度和距地面的高度分別是()A.eq\f(v,3)，eq\f(x,9)B.eq\f(v,9)，eq\f(x,9)C.eq\f(v,3)，eq\f(8,9)xD.eq\f(v,9)，eq\f(\r(3),3)x2.如圖所示，為一物體沿南北方向(規(guī)定向北為正方向)做直線運動的速度－時間圖象，由圖可知()A.3s末物體回到初始位置B.3s末物體的加速度方向發(fā)生變化C.物體所受合外力的方向一直向南D.物體所受合外力的方向一直向北3.如圖所示，物體A靠在傾斜的墻面上，在與墻面和B垂直的力F作用下，A、B保持靜止，下列關于A、B兩物體受力的個數正確的是()A.44B.45C.54D.554.(2019·常州模擬)在第十一屆全運會男子舉重56公斤級比賽中，龍清泉以302公斤的總成績獲得冠軍，并以169公斤超該級別挺舉世界紀錄.如圖所示，設龍清泉所舉杠鈴的總重為G，杠鈴平衡時每只手臂與豎直方向所成的夾角為30°，則他每只手臂承受的張力為()A.eq\f(G,2)B.eq\f(\r(3),3)GC.eq\f(\r(3)G,2)D.G5.(2019·無錫模擬)如圖所示，一圓環(huán)位于豎直平面內，圓環(huán)圓心處有一小球，OP、OQ為兩根細繩，一端與球相連另一端固定在圓環(huán)上.OP呈水平，OQ與豎直方向成30°角，現保持小球位置不動，將圓環(huán)沿順時針方向轉過90°角，則在此過程中()A.OP繩所受拉力增大B.OP繩所受拉力先增大后減小C.OQ繩所受拉力先減小后增大D.OQ繩所受拉力先增大后減小二、多項選擇題(本大題共5小題，每小題5分，共25分，每小題有多個選項符合題意)6.(2019·南京模擬)某物體運動的v-t圖象如圖所示，根據圖象可知()A.前15s內物體的平均速度是10m/sB.第20s末物體的加速度大小是1.0m/s2C.0～10s內物體的加速度等于10～15s內物體的加速度D.10～15s內物體所受的合外力為零7.如圖所示，A、B兩個物塊的重力分別是GA＝3N，GB＝4N，彈簧的重力不計，整個裝置沿豎直方向處于靜止狀態(tài)，這時彈簧的彈力F＝2N，則天花板受到的拉力和地板受到的壓力有可能是()A.1N和6NB.5N和6NC.1N和2ND.5N和2N8.一游客站在觀光電梯內，將行李箱置于電梯的水平底板上，某段時間內電梯豎直向上做勻減速運動，加速度為a＜g，在這一運動過程中()A.游客感覺到電梯外的建筑物加速向下運動B.游客感覺到電梯外的建筑物減速向下運動C.行李箱對底板的壓力大于行李箱的重力D.行李箱對底板的壓力小于行李箱的重力9.某同學為了探究物體與斜面間的動摩擦因數進行了如下實驗，取一質量為m的物體使其在沿斜面方向的推力作用下向上運動如圖甲所示，通過力傳感器得到推力隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，通過頻閃照相處理后得出速度隨時間變化的規(guī)律如圖丙所示，若已知斜面的傾角α＝30°，取重力加速度g＝10m/s2，則由此可得()A.物體的質量為3kgB.物體與斜面間的動摩擦因數為eq\f(\r(3),9)C.撤去推力F后，物體將做勻減速運動，最后可以靜止在斜面上D.撤去推力F后，物體下滑時的加速度為eq\f(10,3)m/s210.如圖所示，小車上有一直立木板，木板上方有一槽，槽內固定一定滑輪，跨過定滑輪的輕繩一端系一重球，另一端系在輕質彈簧測力計上，彈簧測力計固定在小車上，開始時小車處于靜止狀態(tài)，輕繩豎直且重球恰好緊挨直立木板，假設重球和小車始終保持相對靜止，則下列說法正確的是()A.若小車勻加速向右運動，彈簧測力計讀數及小車對地面壓力均不變B.若小車勻加速向左運動，彈簧測力計讀數及小車對地面壓力均不變C.若小車勻加速向右運動，彈簧測力計讀數變大，小車對地面壓力不變D.若小車勻加速向左運動，彈簧測力計讀數變大，小車對地面壓力不變第Ⅱ卷(非選擇題共60分)三、實驗題(本大題共2小題，共12分)11.(2019·廣州模擬)(6分)某同學在“探究彈力和彈簧伸長的關系”實驗中，按正確操作方法測出的數據如表.其中，他選擇的輕質彈簧的原長是10cm，實驗中彈簧的伸長始終未超過彈性限度.彈簧所受拉力F/N2.04.06.08.010.012.014.0彈簧的總長度l/cm11.0112.0112.9914.0015.0116.0016.99(1)若以拉力F為縱坐標，以彈簧的伸長x為橫坐標，請你在圖中描點并作出該彈簧的F-x圖線.(2)說明圖象中斜率k的物理意義：_______________.(3)若以x為自變量，且F的單位用N表示，x的單位用m表示，則上述圖線所代表的函數為___________.12.(6分)用如圖甲所示的實驗裝置來驗證牛頓第二定律，為消除摩擦力的影響，實驗前必須平衡摩擦力.(1)某同學平衡摩擦力時是這樣操作的：將小車靜止地放在水平木板上，把木板不帶滑輪的一端慢慢墊高，如圖乙，直到小車由靜止開始沿木板向下滑動為止，請問這位同學的操作是否正確？如果不正確，應當如何進行？答：_______________________________________________________________.(2)如果這位同學先如(1)中操作，然后不斷地改變對小車的拉力F，他得到M(小車質量)保持不變情況下的a-F圖線是圖中的(將選項代號的字母填在橫線上).四、計算題(本大題共4小題，共48分，要有必要的文字說明和解題步驟，有數值計算的要注明單位)13.(10分)一輛卡車初速度為v0＝10m/s，以a＝2m/s2的加速度加速行駛，求：(1)卡車在3s末的速度；(2)卡車在前6s內的位移；(3)卡車在第6s內的平均速度.14.(10分)沿光滑的墻壁把一個足球懸掛在A點，如圖所示，足球的質量為m，懸掛繩的質量不計.足球與墻壁接觸點為B，球心為O點，懸繩與墻壁的夾角為α.已知懸繩對足球的拉力的方向沿OA方向，求懸繩對足球的拉力的大小和墻壁對足球的支持力的大小.15.(14分)在動摩擦因數μ＝0.2的水平面上有一個質量為m＝1kg的小球，跟與豎直方向成θ＝45°角的不可伸長的輕繩一端相連，如圖所示，此時小球處于靜止平衡狀態(tài)，且水平面對小球的彈力恰好為零，當剪斷輕繩的瞬間，取g＝10m/s2，求：(1)此時輕彈簧的彈力大小為多少？(2)小球的加速度大小和方向.(3)若不剪斷輕繩而剪斷彈簧的瞬間，小球的加速度為多少？16.(2019·無錫模擬)(14分)如圖所示，長12m、質量為50kg的木板右端有一立柱.木板置于水平地面上，木板與地面間的動摩擦因數為0.1，質量為50kg的人立于木板左端，木板與人均靜止，當人以4m/s2的加速度勻加速向右奔跑至木板的右端時，立刻抱住立柱(取g＝10m/s2)，求：(1)人在奔跑過程中受到的摩擦力的大小和方向；(2)人在奔跑過程中木板的加速度的大小和方向；(3)人從開始奔跑至到達木板右端所經歷的時間.答案解析1.【解析】選C.根據運動學公式v＝gt得，速度v與時間t成正比，所以下落eq\f(t,3)時的速度為v′＝v·eq\f(\f(t,3),t)＝eq\f(v,3).根據公式x＝eq\f(1,2)gt2得，下落位移x與時間的平方t2成正比，所以下落eq\f(t,3)時下落的高度為x′＝x·eq\f((\f(t,3))2,t2)＝eq\f(1,9)x.所以距地面高度x距＝x－x′＝x－eq\f(1,9)x＝eq\f(8,9)x.選項C正確.2.【解析】選D.3s末物體速度為零，6s末物體回到初始位置，前6s物體的加速度方向沒有發(fā)生變化，方向一直向北，所以物體所受合外力的方向一直向北，故A、B、C錯誤，D正確.3.【解析】選C.先取B為研究對象，把A看做墻的一部分，受力如圖所示.若只受GB和F，B物體不能靜止，因此A對B有沿接觸面向上的靜摩擦力Ff1，受Ff1則一定有A對B的彈力FN，B受4個力作用.取AB整體為研究對象，同理可得墻對A有沿墻面向上的靜摩擦力Ff2和墻的彈力FNA；由牛頓第三定律知A還受B的沿A、B接觸面向下的靜摩擦力Ff1′和垂直接觸面向上的彈力FN′，還有自身的重力GA，共5個力.故選項C正確.4.【解析】選B.設每只手臂受力為F，則2Fcos30°＝G，解得F＝eq\f(\r(3),3)G，故B正確.5.【解析】選B.由于小球平衡，OP繩與OQ繩的拉力的合力與重力平衡，由繩子移動過程中兩繩的角度再結合平行四邊形定則可知OP繩所受拉力先增大后減小，OQ繩所受拉力不斷減小.6.【解析】選B、D.前15s內x＝eq\f(1,2)×10×20m＋(15－10)×20m＝200m，eq\x\to(v)＝eq\f(200,15)m/s＝13.3m/s.20s時加速度a＝eq\f(30－20,25－15)m/s2＝1m/s2；0～10s內物體加速度a′＝eq\f(20,10)m/s2＝2m/s2,10～15s內物體做勻速運動，加速度為零，物體所受合外力為零，故A、C錯誤，B、D正確.7.【解析】選A、D.彈簧的彈力為2N，有兩種可能情形：彈簧處于拉伸狀態(tài)和彈簧處于壓縮狀態(tài)，因此對應的解應有兩組.①當彈簧處于拉伸狀態(tài)時，由A、B受力均平衡可知，D正確.②若彈簧處于壓縮狀態(tài)，同理可知，A正確.8.【解析】選B、D.以建筑物為參考系，電梯豎直向上做勻減速運動，反之，以電梯為參考系，游客看到的建筑物向下減速運動，故A錯、B對；游客和行李箱處于失重狀態(tài)，則行李箱對底板的壓力小于行李箱的重力，故C錯、D對.9.【解析】選A、B、D.在0～2s由速度圖象可得：a＝eq\f(Δv,Δt)＝0.5m/s2，由速度圖象可知，2s后勻速，合外力為零，推力等于阻力，故0～2s內的合外力F合＝21.5N－20N＝1.5N，由牛頓第二定律可得：m＝eq\f(F合,a)＝eq\f(1.5,0.5)kg＝3kg，故選項A正確；由勻速時F推＝mgsinα＋μmgcosα，代入數據可得：μ＝eq\f(\r(3),9)，所以選項B正確；撤去推力F后，物體先做勻減速運動到速度為零，之后所受合外力為F′合＝mgsinα－μmgcosα＝10N>0，所以物體將下滑，下滑時的加速度為：a′＝eq\f(F′合,m)＝eq\f(10,3)m/s2，故選項C錯D對，所以正確選項為A、B、D.10.【解析】選B、C.小車勻加速向右運動時重球飛離木板后與小車一起加速，二者保持相對靜止，此時彈簧拉力大于重球重力，其讀數變大.小車勻加速向左運動時重球受到木板向左的支持力，豎直方向上彈簧拉力仍與重力保持平衡，其讀數不變.取整個系統分析，由平衡條件可知小車對地面的壓力保持不變，始終等于系統重力，綜上可知B、C項正確.11.【解析】(1)彈簧的伸長量如表所示：彈簧所受拉力F/N2.04.06.08.010.012.014.0彈簧的總長度l/cm11.0112.0112.9914.0015.0116.0016.99彈簧的伸長量x/cm1.012.012.994.005.016.006.99在F-x坐標系中描點連線如圖所示：(2)圖象中斜率k表示彈簧的勁度系數.(3)由圖象可得F＝kx，其中k＝eq\f(ΔF,Δx)＝200N/m.答案：(1)見解析(2)彈簧的勁度系數(3)F＝kx，其中k＝200N/m12.【解析】(1)本題考查對實驗原理的理解，該同學的操作不正確.正確的操作應是：調節(jié)木板的傾斜度，直到輕推一下小車后，小車能沿傾斜木板緩慢勻速運動.(注：本題的答題要點是：必須說清要給小車一個初速度).(2)這位同學如(1)中操作，那么小車開始運動而未加外力F時就有加速度，又F＋mgsinθ－Ff＝ma.即：a＝eq\f(F,m)＋eq\f(mgsinθ－Ff,m)，由此可知C正確.答案：(1)見解析(2)C13.【解析】(1)3s末速度v3＝v0＋at3＝16m/s(2分)(2)前6s內的位移x6＝v0t6＋eq\f(1,2)at62＝96m(2分)(3)前5s內的位移x5＝v0t5＋eq\f(1,2)at52＝75m(2分)第6秒內的位移為x＝x6－x5＝21m(2分)第6秒內的平均速度為eq\x\to(v)＝eq\f(x,Δt)＝21m/s(2分)答案：(1)16m/s(2)96m(3)21m/s14.【解析】以足球為研究對象，受力如圖所示由平衡條件得：豎直方向：FTcosα－mg＝0①(3分)水平方向：FTsinα－FN＝0②(3分)由①②得FT＝mg/cosα(2分)FN＝mgtanα(2分)答案：mg/cosαmgtanα15.【解析】(1)因此時水平面對小球的彈力為零，小球在繩沒有斷時受到繩的拉力FT和彈簧的彈力FN作用而處于平衡狀態(tài)，依據平衡條件得豎直方向有：FTcosθ＝mg，(3分)水平方向有：FTsinθ＝FN，(3分)解得彈簧的彈力大小為：FN＝mgtanθ＝10N.(2分)(2)剪斷繩后小球在豎直方向仍平衡，水平面支持力等于重力FN′＝mg，(2分)由牛頓第二定律得小球的加速度為a＝eq\f(FN－μFN′,m)＝8m/s2，方向水平向左.