2020屆內蒙古包頭市高考物理一模試卷一、單選題（本大題共5小題，共30.0分）1. 我國女子短道速滑隊在去年世錦賽上實現女子3000m接力三連冠．如圖所示，觀察發現，“接棒”的運動員甲提前站在“交捧”的運動員乙前面，并且開始向前滑行，待乙追上甲時，乙猛推甲一把，使甲獲得更大的速度向前沖出．在乙推甲的過程中，忽略運動員與冰面問在水平方向上的相互作用，則(????)A.甲對乙的沖量一定等于乙對甲的沖量B.甲對乙做多少負功，乙對甲就一定做多少正功C.甲的動能增加量一定等于乙的動能減少量D.甲、乙的動量變化一定大小相等方向相反2. 下列關于近代物理知識，說法正確的是(????)A.核衰變時放出的射線都是由帶電粒子所組成的B.發生光電效應時，光電子來源于原子核外部C.天然放射性元素?90232Th(釷)共經歷4次α衰變和6次β衰變變成D.根據玻爾理論，一群處于n=4的激發態的氫原子向n=2的激發態躍遷時能輻射出6種頻率的光3. 圖甲所示的理想變壓器原、副線圈匝數比為55：7，圖乙是該變壓器原線圈兩端輸入的交變電壓u的圖象，副線圈中L是規格為“28V，12W“的燈泡，R0是定值電阻，R是滑動變阻器，圖中各電表均為理想交流電表，以下說法正確的是(????)A.流過燈泡L的電流每秒鐘方向改變50次B.滑片P向上滑動的過程中，燈泡L能正常發光，A2C.滑片P向上滑動的過程中，A1表示數變大，VD.原線圈兩端輸入電壓的瞬時值表達式為u=220sin100π4. 如圖所示，質量為m=1kg的小球以v0=10m/s的速度水平拋出，在落地之前經過空中A、B兩點，在A點小球速度方向與水平方向的夾角為45°，在B點小球速度方向與水平方向的夾角為60°(空氣阻力忽略不計，g取10m/s2).A.小球經過A、B兩點間的時間為3B.A、B兩點間的高度差h=15

mC.小球在A點時的速度大小為20m/sD.小球在B點時時的速度大小為20m/s5. 一帶電油滴在勻強電場E中的運動軌跡如圖中虛線所示，電場方向豎直向7.若不計空氣阻力，則此帶電油滴從a運動到b的過程中，能量變化情況為(????)A.動能一定減小 B.動能和電勢能之和一定增加C.電勢能一定增加 D.重力勢能和電勢能之和一定增加二、多選題（本大題共5小題，共27.0分）6. 如圖所示，a、b兩顆人造地球衛星分別在半徑不同的軌道上繞地球作勻速圓周運動，則下列說法正確的是(????)A.a的周期小于b的周期B.a的動能大于b的動能C.a的勢能小于b的勢能D.a的加速度大于b的加速度7. 甲乙兩名溜冰運動員的質量分別為m1=80kg、m2=40kg，兩人面對面在光滑水平冰面上拉著彈簧秤作圓周運動，此時兩人相距0.9m，彈簧秤的示數為24N，則下列判斷正確的是A.兩人的線速度相同，約為0.5m/sB.兩人的角速度相同，為1rad/sC.兩人的運動半徑相同，都是0.45mD.兩人的運動半徑不同，甲為0.3m，乙為0.6m8. 北京時間2019年2月17日，蹦床世界杯第一站比賽暨東京奧運會首站積分賽在阿塞拜疆巴庫收官。中國選手劉靈玲技壓群芳，奪得女子個人賽冠軍。劉靈玲從最高點(距蹦床平面高度為h)開始下落，然后與蹦床作用△t時間后下落到最低點。已知劉靈玲的質量為m，蹦床下陷的最大形變量為x，下洛過程空氣阻力恒為f，重力加速度為g，則劉靈玲(可看做質點)從最高點下落至最低點的過程中，下列說法正確的是(????)A.劉靈玲運動過程中重力的沖量大小為mgB.劉靈玲運動過程中重力的沖量大小為mg(C.蹦床彈性勢能的增加量為mg(h+x)D.蹦床彈性勢能的增加量為(mg-f)(h+x)9. 下列說法正確的是(????)A.溫度一定時，懸浮在水中的花粉顆粒越小，布朗運動越明顯B.所有晶體都有固定的熔點，且都表現為各向異性C.一定質量的理想氣體等壓影脹過程溫度一定升高D.分子間作用力減小過程，其分子勢能一定越來越大E.對氣體做功可以改變其內能10. 如圖所示，沿x軸正方向傳播的一列簡諧橫波在某時刻的波形圖為一正弦曲線，其波速為200m/s，質點a是x軸上1m處的質點，質點b是x軸上3.5m處的質點，下列說法正確的是(????)A.從圖示時刻開始，經過0.01s，質點a通過的路程為20cmB.圖示時刻，質點b的加速度正在減小C.從圖示時刻開始，經過0.0025s，質點b到達波谷D.若該波遇到另一列波并發生穩定的干涉現象，則另一列波的頻率為50HzE.若該波傳播中遇到寬約4m的障礙物，能發生明顯的衍射現象三、實驗題（本大題共2小題，共15.0分）11. 由于當年實驗條件的限制，伽利略無法直接對落體運動進行實驗研究，而今天即使在中學實驗室里，我們具備了足夠的技術條件，也可以通過實驗來驗證落體運動的規律．如圖是某次實驗中獲得質量為m的小球下落時的頻閃照片，頻閃間隔是130s，根據此照片，完成下列的分析和計算：(保留三位有效數值)(1)由照片可以得出小球的下落運動是：______，依據是______；(2)根據此照片，分析計算出小球在3號位置的速度v3=______12. 測量電阻可以采用多用電表，也可以采用伏安法。某同學想測量電壓表0～3V擋的內阻，他從實驗室拿來多用電表、三節干電池、最大阻值為50Ω(1)先用多用電表粗測電壓表0～3V擋的內阻，該同學把選擇開關旋到歐姆擋的“×100”倍率，然后把紅、黑表筆短接，進行______，使指針恰好停在歐姆刻度線的0Ω處。接著把紅、黑表筆接到待測電壓表兩端，進行測量。多用電表的指針位置如圖1中的a所示，則電壓表的內阻為______(2)再用伏安法測量其內阻，把多用電表的選擇開關旋到直流電流的1mA擋，請在圖2中完成其余的連線。(3)實驗中多用表的指針位置如圖1中的b所示，則讀數為______mA，電壓表的示數(如圖3)為______V，則電壓表的內阻為RV=______Ω四、計算題（本大題共4小題，共52.0分）13. 一輛汽車做勻減速直線運動，初速度大小為15m/s，加速度大小為3m/s2(1)汽車第3s末的瞬時速度大小？(2)汽車速度剛好為零時所經歷的時間？(3)剎車2s內的位移？14. 如圖所示，兩根平行光滑金屬導軌MN和PQ放置在水平面內，其間距L=1.0m，磁感應強度B=0.5T的勻強磁場垂直軌道平面向下，兩導軌之間連接的電阻R=4.0Ω，在導軌上有一質量m=0.1kg的金屬棒ab，其電阻r=1.0Ω，金屬棒與導軌垂直且接觸良好，如圖所示，在ab棒上施加水平拉力使其以速度v=10m/s向右勻速運動，設金屬導軌足夠長。求：(1)金屬棒ab產生的感應電動勢；(2)通過電阻R的電流大小和方向；(3)金屬棒a、b兩點間的電勢差；(4)回路產生的熱功率；(5)金屬棒ab所受的安培力；(6)維持金屬棒ab勻速運動的水平外力F的大小；(7)外力F做功的功率；(8)某時刻撤去外力F，此后電阻R產生的熱量Q1(9)撤去外力后，金屬棒ab滑行的距離s；(10)撤去外力后，通過電阻R的電量q。15. 溫度為27℃時，一只充滿氣的汽車輪胎內氣體壓強達到2.5×105Pa，此時輪胎內氣體體積為0.05m3。將該輪胎裝在汽車上后，由于受到車身的壓力，輪胎發生形變，其內部氣體體積減小為0.048m3。汽車行駛一段距離后，由于輪胎溫度升高，胎內氣體壓強變為2.7×10516. 如圖所示，一列向右傳播的簡諧橫波，波速大小為0.6m/s，P質點的橫坐標x=0.96m，從圖中狀態開始計時，求：(1)P質點剛開始振動時，振動方向如何？(2)經過多長時間，P質點第一次到達波谷；(3)經過多長時間，P質點第二次到達波峰．

參考答案及解析1.答案：D解析：解：A、甲對乙的沖量與乙對甲的沖量大小相等、方向相反，她們相互作用的沖量不相等，故A錯誤；B、由于二人的位移不同，二人的推力相同，故兩人相互做功不同；故B錯誤；B、由于二人做功不同；故甲的動能增加量不等于乙的動能減少量；故C錯誤；D、甲、乙間的作用力大小相等，方向相反；作用時間相同，故由動量定理可知，二人的動量變化大小一定相等，方向相反；故D正確；故選：D．運動員與冰面間的摩擦可忽略不計，在“交棒”過程中，“交棒”運動員猛推“接棒”運動員一把，兩個運動員相互作用的力等大、反向、共線，作用時間相同，根據動量定理，兩個運動員的動量變化等大、反向、共線，系統動量守恒．本題關鍵是明確運動員間的相互作用力的沖量等于對方的動量變化，又有作用時間相同，相互作用力等大、反向，故兩個運動員的動量變化大小相等；而系統的總動量守恒．2.答案：B解析：解：A、在核衰變時放出的射線有α、β、γ三種射線，α射線和β射線由帶電粒子所組成的，γ射線是高頻的電磁波，故A錯誤；B、發生光電效應時，原子核外部的電子吸收光子后成為光電子，故B正確；C、β衰變不引起質量數變化，所以α衰變的次數為n=232-2044=7D、大量處于n=4能級的氫原子，躍遷到n=2的過程中，可釋放出4→2、4→3、3→2這三種頻率的光子，故D錯誤。故選：B。根據射線的特點分析；根據光電效應的本質分析；根據兩種衰變的特點分析衰變的次數；依據數學組合Cn解決本題的關鍵知道核反應過程中電荷數守恒、質量數守恒，知道三種射線的特點與本質等，基礎題，關鍵要多看課本，多加積累。3.答案：B解析：解：A、由圖乙可知電流的周期為T=0.02S，故電流每秒鐘方向改變次數為n=1T×2=B、當滑片P向上滑動的過程中，導致總電阻變大，而電壓不變，由歐姆定律得電流變小，副線圈兩端電壓由輸入電壓和匝數比確定，保持不變，燈泡L正常發光，故B正確；C、由B知，滑片P向上滑動的過程中，A1表示數變小，V1表示數不變，故D、由圖象知交流電的周期為0.02s，角速度為100π，電壓峰值為2202V，電壓的瞬時值表達式為u=2202故選：B閉合電路動態分析中，電源部分是由變壓器提供，其它仍用閉合電路毆姆定律．流過燈泡L的電流每秒鐘方向改變次數由周期判斷；當滑片P向下滑動的過程中，導致總電阻發生變化，而電壓不變，則可判斷出電路中的電流及電壓如何變化．原線圈兩端輸入電壓的瞬時值表達式理想變壓器是理想化模型，一是不計線圈內阻；二是沒有出現漏磁現象．同時運用閉合電路毆姆定律來分析隨著電阻變化時電流、電壓如何變化．分析的思路先干路后支路，以不變應萬變．最后值得注意的是變壓器的原線圈與燈泡串聯后接入交流中，所以圖象的有效值不是原線圈的有效值4.答案：D解析：解：A、根據平行四邊形定則知，vyA=v則小球由A到B的時間間隔△t=vyB-B、A、B的高度差h=vyB2C、小球在A點時的速度大小vA=vD、小球在B點時時的速度大小vB=v故選：D根據平行四邊形定則求出A、B的豎直分速度，結合速度時間公式求出小球由A到B的時間．根據速度位移公式求出A、B的高度差，根據幾何關系求出小球在A、B點的速度．解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律，結合運動學公式靈活求解．5.答案：B解析：試題分析：帶電油滴受到重力和電場力作用，從a運動到b的過程中，重力做正功，重力勢能減小，電場力方向不能確定，電勢能的變化不能確定；由動能定理可求得動能的變化；由能量關系分析動能和電勢能之和的變化．A、帶電油滴運動軌跡向下彎曲，所以一定受到向下五合外力，重力方向豎直向下，電場力有可能向上或者向下，由圖可知：合外力做正功，動能一定增加；故A錯誤．B、D、由能量守恒知：油滴五動能、重力勢能和電勢能五總和不變，重力勢能減小，則動能和電勢能之和一定增加；動能增加，則重力勢能和電勢能之和一定減小．故B正確，D錯誤．C、電場力做功正負不能確定，所以無法確定電勢能五變化；故C錯誤．故選：B6.答案：AD解析：解：萬有引力提供衛星圓周運動的向心力即：GMmA、T=2πr3GM，知半徑大的衛星周期大，所以a的周期小于bB、a、b兩顆質量關系不知道，動能關系無法確定，故B錯誤；C、a、b兩顆質量關系不知道，勢能關系無法確定，故C錯誤；D、a=GMr2，知軌道半徑小的衛星向心加速度大，所以a的加速度大于b故選：AD．萬有引力提供圓周運動的向心力，質量相同的衛星的勢能取決于衛星的軌道高度．衛星做圓周運動的向心力由萬有引力提供，列式討論是解決本題的關鍵，知道質量相同時勢能與軌道半徑有關．7.答案：BD解析：解：兩個人做圓周運動的角速度相等，向心力相等，有：m1r1ω2=m2r根據F=m1r1ω2，解得：ω=1rad/s.故B、故選BD．兩人面對面在光滑水平冰面上拉著彈簧秤作圓周運動，角速度相等，向心力相等，根據牛頓第二定律求出角速度的大小．解決本題的關鍵抓住兩人的角速度相等，向心力相等，運用牛頓第二定律進行求解．8.答案：BD解析：解：AB、在開始下落h過程中，設下落時間為t，受力分析得：mg-f=ma，解得：a=mg-fm，由運動學公式得：h=1根據I=Ft，則劉靈玲運動過程中重力的沖量為：I=mg(t+△t)，解得：I=mg(2mhmg-f+△t)，故ACD、根據能量守恒定律可得：彈性網彈性勢能的增量為△Ep=mg(h+x)-f(h+x)=(mg-f)(h+x)，故C故選：BD。沖量等于力與時間的乘積，與其他因素無關，故直接由I=Ft即可求出重力的沖量。由能量守恒定律求彈性網彈性勢能的增量。本題直接考查沖量的定義和能量守恒定律，屬于對基礎知識的考查，屬于中等題目。9.答案：ACE解析：解：A、對于布朗運動，顆粒越小，溫度越高，布朗運動越劇烈，故A正確。B、所有晶體都有固定的熔點，單表現為各向異性，多晶體表現為各向同性，故B錯誤。C、一定質量的理想氣體等壓影脹過程，壓強P相等，體積V增大，根據理想氣體狀態方程PVT=C知，溫度T一定升高，故D、當分子力表現為引力時，分子力先增大后減小，而分子勢能一直增大，故D錯誤。E、改變物體內能的方式有做功和熱傳遞，所以對氣體做功可以改變且內能，故E正確。故選：ACE。顆粒越小，液體分子對其撞擊越不平衡，運動越激烈；多晶體表現為各向同性；根據理想氣體狀態方程來判斷；當分子力表現為引力時，分子力先增大后減小，而分子勢能一直增大；改變物體內能的方式有做功和熱傳遞。本題考查了布朗運動、晶體、理想氣體狀態方程等知識點。這種題型知識點廣，多以基礎為主，只要平時多加積累，難度不大。10.答案：CDE解析：解：A、由圖知，波長λ=4m，則該波的周期為T=因為t=0.01s=T2，所以從圖示時刻開始，經過0.01s，質點a通過的路程為S=2A=40cm，故B、由于波向右傳播，根據“上下坡”法，知道b質點向下振動，位移正在增大，則加速度正在增大．故B錯誤．C、從圖示時刻開始，經過0.0025s，波傳播的距離x=vt=200×0.0025m=0.5m，波沿x軸正方向傳播，由波形平移法可知，再經過0.0025s，質點b到達波谷．故C正確．D、該列波的頻率為f=1T=50HzE、該波的波長為4m，當波的波長比障礙物尺寸大或差不多時，就會發生明顯的衍射．所以若該波傳播中遇到寬約4m的障礙物，能發生明顯的衍射現象．故E正確．故選：CDE根據波的圖象讀出波長，計算出周期，由時間與周期的關系，求解質點在一段時間內通過的路程．根據波傳播方向知道質點b的振動方向，從而知道質點b加速度的變化情況．發生干涉的條件是頻率相同，看兩列波的頻率是否相同．比較波的波長與障礙物的尺寸，因為只有當波長比障礙物尺寸大或差不多時，就會發生明顯的衍射．結合這些知識分析．解決本題的關鍵掌握波動與振動的聯系，靈活運用波形平移法分析波的形成過程，以及知道發生干涉和明顯衍射的條件．11.答案：勻加速直線運動；相鄰相等時間內的位移之差都相等；0.984m/s解析：解：(1)頻閃照相每隔相同時間間隔曝光一次，小球在相等時間內的位移越來越大所以小球做加速運動，由于相鄰相等時間內的位移之差都相等，所以小球的下落運動是勻加速直線運動．(2)頻閃間隔是130根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出3點時小車的瞬時速度大小．v3故答案為：①勻加速直線運動；相鄰相等時間內的位移之差都相等．②0.984m/s根據小球下落相鄰位置的位移之差的關系判斷運動性質．根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出3點時小車的瞬時速度大小．要提高應用勻變速直線的規律以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習中要加強基礎知識的理解與應用．12.答案：歐姆調零

6000

0.44

2.40

5455解析：解：(1)選擇好倍率后需要進行的操作是紅、黑表筆短接，進行歐姆調零，多用電表的倍率為“×100”擋，由圖1所示可知，該電阻的阻值約為60×100Ω=6000Ω。(2)多用電表作為電流表使用，串聯接入，為了精確采用分壓式電路，連接實物圖，如圖所示：(3)直流電流的1mA擋的多用表的指針位置如圖1中的b所示，分度值為0.02mA，讀到本位，故其讀數為I=0.44mA=4.4×10電壓表的示數如圖3，分度值為0.1V，應估讀到分度值的下一位，故其讀數為U=2.40V，根據歐姆定律可得電壓表的內阻為RV故答案為：(1)歐姆調零，6000；(2)如圖所示；(3)0.44，2.40，5455。(1)根據歐姆表的原理以及使用步驟作答，歐姆表測電阻的讀數為指針示數乘以倍率，當指針指在中央附近時測量值較準確；(2)多用電表作為電流表使用，串聯接入，為了精確采用分壓式電路，連接實物圖即可；(3)先算出電表的分度值，若電表測量的分度為“1”的要估讀到分度值的下一位，若為“2”或“5”時讀到本位；根據電壓和電流的讀數，利用歐姆定律即可求出電壓表的內阻為RV本題考查了多用電表的使用與讀數問題，解題關鍵是要認真審題、理解題意與實驗步驟、知道實驗原理是解題的關鍵；注意電表讀數的估讀問題，若電表測量的分度為“1”的要估讀到分度值的下一位，若為“2”或“5”時讀到本位。13.答案：解：已知

v0=15m/s若末速度：v=0，根據速度-時間公式：v=可得剎車時間為：t

(1)汽車第3s末的瞬時速度：v=

(2)汽車速度剛好為零，即末速度v=0時，所用時間為：t

(3)由x=v0t+答：(1)汽車第3s末的瞬時速度大小為6m/s；

(2)汽車速度剛好為零時所經歷的時間為5s；

(3)汽車3S內的位移是24m。解析：(1)根據速度-時間公式，求出3s末速度的大小；(2)根據速度-時間公式，求出汽車速度剛好為零時所經歷的時間；(3)根據位移-時間公式，即可求出剎車2s內的位移。本題考查了求汽車的速度與位移，應用勻變速直線運動的速度-時間公式、位移-時間公式即可正確解題；本題為剎車問題，注意判斷剎車時間，避免時間“陷阱”，在剎車時間內直接帶入公式求解即可。14.答案：解：(1)金屬棒ab產生的感應電動勢為：E=BLv=0.5×1.0×10V=5V；(2)根據閉合電路歐姆定律可得通過電阻R的電流大小為：I=E根據右手定則可得通過金屬棒的電流方向b→a，則通過電阻R的電流方向M→P；(3)根據歐姆定律可得金屬棒a、b兩點間的電勢差為：Uab(4)回路產生的熱功率為：P=EI=5×1W=5W；(5)金屬棒ab所受的安培力為：F安根據左手定則可知安培力方向向左；(6)根據平衡條件可得維持金屬棒ab勻速運動的水平外力F的大小為：F=F(7)外力F做功的功率為：P外(8)某時刻撤去外力F，回路中產生的總的焦耳熱為：Q=1電阻R產生的熱量Q1(9)撤去外力后，取初速度方向為正方向，根據動量定理可得：-BI-Lt=0-mv金屬棒ab滑行的距離s=v-t(10)撤去外力后，通過電阻R的電量q=I代入數據解得：q=2C。答：(1)金屬棒ab產生的感應電動勢為5V；(2)通過電阻R的電流大小為1A，方向M→P；(3)金屬棒a、b兩點間的電勢差為4V；(4)回路產生的熱功率為5W；(5)金屬棒ab所受的安培力為0.5N，方向向左；(6)維持金屬棒ab勻速運動的水平外力F的大小為0.5N；(7)外力F做功的功率為5W；(8)某時刻撤去外力F，此后電阻R產生的熱量為1J；(9)撤去外力后，金屬棒ab滑行的距離為20m；(10)撤去外力后，通過電阻R的電量為2C。解析：(1)根據E=BLv求解金屬棒ab產生的感應電動勢；(2)根據閉合電路歐姆定律求解通過電阻R的電流大小，根據右手定則判斷電流方向；(3)根據歐姆定律求解金屬棒a、b兩點間的電勢差；(4)根據電功率的計算公式求解回路產生的熱功率；(5)根據安培力的計算公式求解金屬棒ab所受的安培力；(6)根據平衡條件可得維持