高級中學名校試卷PAGEPAGE12024屆廣西名校開學考試試題物理（考試時間：75分鐘滿分：100分）一、選擇題（1-6為單選題，每題4分；7-10題為多選題，每題5分，全部選對得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分，共44分）1.新一代“人造太陽”裝置——中國環流器二號M裝置（HL—2M）在成都建成并實現首次放電，標志著中國自主掌握了大型先進托卡馬克裝置的設計、建造、運行技術，為我國核聚變堆的自主設計與建造打下堅實基礎。下列關于核反應的說法正確的是（）A.相同質量的核燃料，輕核聚變比重核裂變釋放的核能更少B.氘氚核聚變的核反應方程為C.兩個輕核結合成質量較大的核，原子核的比結合能增加D.核裂變反應過程中有質量虧損，核聚變反應過程中沒有質量虧損〖答案〗C〖解析〗A．相同質量的核燃料，輕核聚變比重核裂變釋放的核能更多，故A錯誤；B．根據質量數守恒和核電荷數守恒可知，氘氚核聚變的核反應方程為故B錯誤；C．兩個輕核結合成質量較大的核，會釋放核能，產生質量虧損，生成物的結合能比反應物的結合能大，而反應前后核子數不變，所以原子核的比結合能增加，故C正確；D．核聚變反應過程中放出大量能量，有質量虧損，故D錯誤。故選C2.打籃球是很多同學喜愛的運動，假設某次籃球比賽小明先后兩次在不同地點投籃得分。簡化模型如圖所示，兩次投籃時籃球先后從A、B兩點（相同高度）拋出后直接落入籃筐，落入籃筐時的速度方向相同，下列判斷正確的是（）A.從A點拋出時的初速度小于從B點拋出時的初速度B.從B點拋出在最高點的速度比從A點拋出在最高點的速度小C.A、B落入籃筐時速度大小相同D.從拋出到落入籃筐，從B點拋出用時較長〖答案〗B〖解析〗BC．由于兩次投籃時籃球落入籃筐時的速度方向相同，設此時速度與水平方向的夾角為，則有籃球從最高點到落入籃筐過程做平拋運動，豎直方向有由圖可知從A點拋出在最高點到落入籃筐下落的高度較大，落入籃筐時的豎直分速度較大，則水平速度較大，由于水平方向做勻速直線運動，即從B點拋出在最高點的速度比從A點拋出在最高點的速度小；籃球落入籃筐時速度大小為可知A落入籃筐時速度大小大于B落入籃筐時速度大小，故B正確，C錯誤；D．從拋出到落入籃筐，可看成是從最高點向兩側的平拋運動，根據由于從最高點向兩側的平拋運動都是A對應的高度較大，則從最高點向兩側的平拋運動都是A所用時間較多，則從拋出到落入籃筐，從A點拋出用時較長，故D錯誤；A．從拋出到最高點可看成是逆向平拋運動，則拋出的初速度可表示為由于A對應的水平速度較大，且A對應的上升高度較大，則豎直分速度也較大，所以從A點拋出時的初速度大于從B點拋出時的初速度，故A錯誤。故選B。3.如圖（a），在均勻介質中有A、B、C和D四點，其中A、B、C三點位于同一直線上，，，DC垂直AB。時，位于A、B、C處的三個完全相同的橫波波源同時開始振動，振動圖像均如圖（b）所示，振動方向與平面ABD垂直，已知波長為4m。下列說法正確的是（）A.這三列波的波速均為2m/s B.時，D處的質點開始振動C.時，D處的質點位移大小為2cm D.A、B兩列波不能發生干涉現象〖答案〗C〖解析〗A．機械波在同一介質中波速相同，由題意知波長λ=4m，由題圖知周期，則選項A錯誤；B．C波源發出的波最先傳到質點D選項B錯誤；C．當時，質點D開始振動，在6s時由C波在D點振動3s，引起的位移為-2cm；由AB波在D點振動1s，引起的位移均為+2cm，則D點位移由A、B、C三波的位移疊加，可知D點此時位移為+2cm，選項C正確；D．A、B兩列波振動頻率一樣，起振方向一樣，能發生干涉現象，選項D錯誤。故選C。4.中國空間站進入應用與發展新階段，獨立在軌運行33天的“天舟五號”貨運飛船（以下簡稱“天舟五號”）于2023年6月6日3時10分完成與空間站組合體再次交會對接，空間站組合體再次恢復了“三船三艙”構型。“天舟五號”獨立在軌運行時與空間站組合體均在同一軌道上繞地球做勻速圓周運動，已知空間站組合體運行的周期約為90min，則下列說法正確的是（）A.空間站里的宇航員處于懸浮狀態是因為不受重力B.空間站組合體運行的線速度小于地球同步軌道衛星的線速度C.“天舟五號”獨立在軌運行時的角速度大于空間站組合體的角速度D.“天舟五號”貨運飛船的發射速度應大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度〖答案〗D〖解析〗A．天和核心艙里的宇航員處于懸浮狀態是因為處于完全失重狀態，但仍受重力作用，故A錯誤；B．根據萬有引力提供向心力可得可知該組合體運行的線速度大于地球同步軌道衛星的線速度，故B錯誤；C．根據牛頓第二定律可得可知“天舟五號”獨立在軌運行時的角速度等于空間站組合體的角速度，故C錯誤；D．“天舟五號”貨運飛船繞地球運動，“天舟五號”貨運飛船的發射速度應大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，故D正確。故選D。5.如圖所示，三角形ABC是等腰直角三角形，在A點固定一個電荷量大小為的點電荷，在B點固定一個電荷量大小為的點電荷，C點處的電場強度方向與CB垂直，則的值為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗設BC邊長度為r，則AC邊長度為，根據庫侖定律、的豎直分量相等，由幾何關系知解得故選C。6.如圖所示為質譜儀測定帶電粒子質量的裝置的示意圖．速度選擇器(也稱濾速器)中場強E的方向豎直向下，磁感應強度B1的方向垂直紙面向里，分離器中磁感應強度B2的方向垂直紙面向外．在S處有甲、乙、丙、丁四個一價正離子垂直于E和B1入射到速度選擇器中，若m甲＝m乙<m丙＝m丁，v甲>v乙＝v丙>v丁，在不計重力的情況下，則分別打在P1、P2、P3、P4四點的離子分別是A.甲、丁、乙、丙 B.丁、甲、乙、丙C.甲、丁、丙、乙 D.丁、甲、丙、乙〖答案〗B〖解析〗粒子通過速度選擇器，只有滿足qvB=qE，即速度滿足v=E/B，才能沿直線通過．當粒子的速度大于E/B，洛倫茲力大于電場力，粒子向上偏轉，當粒子的速度小于E/B，洛倫茲力小于電場力，粒子向下偏轉．四種粒子，只有兩個粒子通過速度選擇器，只有速度滿足v=E/B，才能通過速度選擇器．所以通過速度選擇器進入磁場的粒子是乙和丙．由牛頓第二定律得：qvB=m，解得：，乙的質量小于丙的質量，所以乙的半徑小于丙的半徑，則乙打在P3點，丙打在P4點．甲的速度大于乙的速度，即大于E/B，洛倫茲力大于電場力，粒子向上偏轉，打在P2點．丁的速度小于乙的速度，即小于E/B，洛倫茲力小于電場力，粒子向下偏轉，打在P1點．故選B．【『點石成金』】解決本題關鍵知道速度選擇器的原理，即所受洛倫茲力和電場力等大反向的粒子才能沿直線通過速度選擇器．7.如圖所示，一束可見光以與玻璃磚成30°夾角穿過平行玻璃磚后，分成a、b兩束單色光，玻璃磚的寬度為L，玻璃磚內b光光線與豎直方向夾角為30°，則下列說法正確的是（）A.a光的頻率大于b光的頻率B.a光的折射率大于b光的折射率C.b光穿過玻璃磚需用的時間為D.a、b兩種單色光分別通過同一個雙縫干涉裝置，b光的干涉條紋間距較小〖答案〗CD〖解析〗AB．由題圖知b光的折射角較小，根據折射定律，可知b光的折射率較大，頻率也較大，故AB錯誤；C．由題圖可知，b光線入射角為折射角由折射率的定義得解得b光線在玻璃中的傳播速度為由題圖知b光線在玻璃磚中傳播的路程所以b光線穿過玻璃磚需要時間故C正確；D．對于同一種介質，b光的折射率較大，說明b光的波長較短。根據條紋間距公式可知，b光的干涉條紋間距較小，故D正確。故選CD。8.如圖所示，整個裝置固定且在同一豎直平面內，AB段為光滑豎直管道，高度，BCD段為半徑的光滑半圓軌道，DE段為半徑的粗糙四分之一圓軌道，現有質量的小球從A點由靜止釋放，進入到裝置中。已知小球到達E點時，小球對外軌道的壓力為，C為半圓軌道BCD段的最低點，，下面正確的是（）A.整個運動過程中，小球的機械能不守恒B.小球到達最低點C點時，速度大小10m/sC.小球從靜止釋放到經過E點，合外力做的功為36JD.整個運動過程，摩擦力做的功〖答案〗AD〖解析〗A．依題意，DE軌道粗糙，小球經過時，摩擦力會做功，機械能不守恒，故A正確；B．依題意，小球到達最低點C點時，有解得故B錯誤；C．假定小球到E點速度為，依題意有從靜止釋放到經過E點，合外力做的功等于動能的變化量，故故C錯誤；D．整個運動過程，摩擦力做的功為，據動能定理有解得故D正確。故選AD。9.如圖所示是小型交流發電機的示意圖，線圈繞垂直于磁場方向的水平軸OO'沿逆時針方向勻速轉動，角速度為，線圈匝數為n，電阻為r，外接電阻為R，交流電流表。線圈從圖示位置（線圈平面平行于磁場方向）開始轉過360°時電流表示數為I。下列說法中正確的是（）A.該交流電周期為B.轉動過程中穿過線圈的磁通量的最大值為C.電阻R兩端電壓為IRD.線圈轉動一周的過程中，電阻R產生的熱量為〖答案〗BC〖解析〗A．該交流電周期為，故A錯誤；B．感應電動勢的最大值為又因為磁通量的最大值為聯立解得故B正確；C．電阻R兩端電壓為路端電壓，大小為IR，故C正確；D．線圈轉動一周的過程中，電阻R產生的熱量為故D錯誤。故選BC10.如圖，光滑水平地面上有一質量為的小車在水平推力的作用下加速運動。車廂內有質量均為的兩小球，兩球用輕桿相連，A球靠在光滑左壁上，B球處在車廂水平底面上，且與底面的動摩擦因數為，桿與豎直方向的夾角為，桿與車廂始終保持相對靜止假設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。下列說法正確的是（）A.只要推力取得合適的值，可使桿的彈力為零B.向右時，若B球受到的摩擦力為零，則C.向左時，若值足夠大，則推力的最大值為D.向左時，若，則推力的最大值為〖答案〗BC〖解析〗A．根據題意，對小球A受力分析，由平衡條件可知，桿的彈力豎直分力要平衡A球的重力，所以永遠不可能等于零，故A錯誤；B．根據題意，設桿的彈力為，對小球A，豎直方向受力平衡，則有由幾何關系有解得若B球受到的摩擦力為零，對B根據牛頓第二定律可得可得對小球A、B和小車整體根據牛頓第二定律有故B正確；C．若值足夠大，則B不會滑動。當A對右壁的壓力恰好等于零時，分析A可知可得對小球A、B和小車整體根據牛頓第二定律有故C正確；D．由要保持相對靜止，由C知道A球的最大加速度當B有向左最大加速度時，B會受到向左的最大靜摩擦力，對A、B球用整體法可知B球對車底壓力為，對B球受力分析如圖則有得因為所以即A球先達到臨界狀態，故整體的最大加速度對A球、B球和車組成的整體得推力的最大值為，故D錯誤。故選BC。二、非選擇題：本題共5小題，共56分。11.利用如圖甲所示的實驗裝置“探究小車速度隨時間變化的規律”。（1）使用電火花計時器時的基本步驟如下：A.接通開關，聽到放電聲，開始拖動紙帶B.把計時器固定在長木板上，將紙帶從墨粉紙盤下面穿過打點計時器C.將電火花計時器插頭插入相應的電源插座D.當紙帶完全通過電火花計時器后，及時關閉電火花計時器上述步驟正確的順序是___________（按順序填寫步驟前的字母）。（2）某實驗小組所得紙帶上打出的部分計數點如圖乙所示（每相鄰兩個計數點間還有4個點，圖中未畫出），打點計時器的頻率為50Hz。，，，，，。打點計時器在打E點時小車的速度___________m/s，根據紙帶計算出小車運動的加速度a=___________。（結果均保留兩位有效數字）〖答案〗（1）BCAD（2）1.22.0〖解析〗（1）[1]使用電火花計時器時首先要把計時器固定在長木板上，將紙帶從墨粉紙盤下面穿過打點計時器，然后將電火花計時器插頭插入相應的電源插座，接通開關，聽到放電聲，開始拖動紙帶，當紙帶完全通過電火花計時器后，及時關閉電火花計時器。故操作順序為BCAD。（2）[2]打點計時器的頻率為50Hz，每相鄰兩個計數點間還有4個點，則E點時小車的速度[3]小車運動的加速度12.在“測定金屬絲的電阻率”的實驗中，某同學實驗過程如下：（1）先用多用表的歐姆擋“×1”粗測其電阻，如圖甲所示，則讀數應記為___________。（2）由圖乙螺旋測微器測量該金屬絲的直徑為___________mm，然后用圖丙的毫米刻度尺測量其長度為___________cm。（3）為了減小實驗誤差，需進一步測量其電阻，除待測金屬絲、開關S、導線若干外，實驗室還備有的實驗器材如下：A.電壓表V（量程3V，內阻約為15kΩ；量程15V，內阻約為75kΩ）B.電流表A（量程0.6A，內阻約為1Ω；量程3A，內阻約為0.2Ω）C.滑動變阻器（0~2000Ω，0.1A）D.滑動變阻器（0~5Ω，0.6A）E.電阻箱F.1.5V的干電池兩節，內阻不計為了測量多組實驗數據，則滑動變阻器應選用___________（填“”或“”）。（4）實驗電路如圖丁所示，根據電路圖完成圖戊中的實物連線。___________（5）從實驗原理上看，待測電阻測量值___________（填“大于”、“小于”或“等于”）其真實值。（6）如果測得的金屬絲長度為a，直徑為b，電阻為c，則它的電阻率___________。（用a、b、c字母表示）〖答案〗（1）6（2）0.698##0.699##0.700##0.701##0.7029.12##9.13##9.14##9.15##9.16##9.17（3）（4）（5）小于（6）〖解析〗（1）[1]根據圖示可知，指針指向刻度6，由于采用的歐姆擋“×1”，故電阻讀數為6Ω。（2）[2]螺旋測微器讀數為[3]金屬絲的長度為9.15cm。（3）[4]電路電源是兩節干電池，電源電壓為3V，通過金屬絲的最大電流約的額定電流0.1A太小，則不合適，且阻值過大，即使電流在安全范圍內，電路調節也不方便，故滑動變阻器選。（4）[5]根據實驗電路圖連接實物電路圖，如圖所示（5）[6]電路圖采用了電流表外接法，考慮到電壓表分流的影響，電流表讀數偏大，根據歐姆定律，可知待測電阻測量值小于其真實值。（6）[7]根據電阻定律有，，解得13.受2023年第5號臺風杜蘇芮的殘余環流影響，我國北方多地引發極端暴雨天氣，造成嚴重災害。當大暴雨降臨，路面水井蓋因排氣孔（如圖甲）堵塞可能會造成井蓋不斷跳躍，導致井蓋移位而存在安全隱患。如圖乙所示，某次大暴雨，水位以60mm/h的速度迅速上漲，質量為的某井蓋排氣孔被堵塞且與地面不粘連，圓柱形豎直井內水面面積為，水位與井蓋之間的距離為時開始計時，此時井內密封空氣的壓強恰好等于大氣壓強，若空氣視為理想氣體，溫度始終不變，。（1）求密閉空氣的壓強為多大時井蓋剛好被頂起；（2）求從圖示位置起，歷經多長時間井蓋會第一次被頂起；（3）若井蓋第一次頂起后又蓋回，空氣的壓強變為，求排出的空氣體積V（保留兩位有效數字）。〖答案〗（1）；（2）0.3h；（3）〖解析〗（1）對井蓋進行受力分析有代入數據有（2）等溫變化，設位上升，則剛頂起時有解得則所用的時間為（3）空氣等溫變化，有其中代入數據解得14.兩水平軌道放置勻強磁場中，磁感應強度，磁場與導軌所在平面垂直，金屬棒ab可沿導軌自由移動，金屬棒ab的質量為1kg，金屬棒與導軌間的摩擦因數，左端接一定值電阻，阻值為，導軌電阻不計，金屬棒長為，電阻為，現將金屬棒沿導軌由靜止向右拉，拉力恒為，最終金屬棒做勻速運動，恰好勻速時通過的位移。。求：（1）求穩定狀態時金屬棒兩端電壓；（2）求金屬棒從開始運動到剛好勻速的過程中，電阻R上的發熱量Q；（3）求金屬棒從開始運動到穩定狀態所用時間。〖答案〗（1）3V；（2）1.5J；（3）8s〖解析〗（1）勻速時根據平衡條件有解得根據安培力的表達式有解得金屬棒為電源，其兩端的電壓為路端電壓，等于電阻R的電壓，則有（2）根據解得根據能量守恒有解得則電阻R上的發熱量（3）金屬棒靜止到剛好勻速過程由動量定理有聯立解得15.如圖所示，在水平面上靜置一質量的滑塊，滑塊上表面是一個半徑的四分之一圓弧，圓弧最低點A與水平地面相切，在滑塊右側有一接收器，其入口為P。現給質量的小球一個大小的水平初速度，小球經B點離開滑塊時，隨即撤去滑塊。小球于C點第一次著地，小球每次與地面碰撞前后，水平速度保持不變，豎直速度大小減半，方向反向。忽略小球通過各軌道連接處的能量損失，不計一切摩擦和空氣阻力，。求：（1）小球剛運動到滑塊最低點A時，對滑塊的壓力；（2）小球離開滑塊后距離地面所能到達的最大高度；（3）要使小球能水平進入接收器最低點P，P與C間的最小距離為多大。〖答案〗（1）2.1N；（2）；（3）〖解析〗（1）小球剛運動到滑塊最低點A時，對小球得由牛頓第三定律可知，小球對滑塊的壓力方向豎直向下（2）小球滑上滑塊到運動至最高點的過程中，小球和滑塊組成的系統水平方向動量守恒、機械能守恒，設小球運動到最高點h時，滑塊和小球水平方向的速度大小相等，設為解得又有解得小球離開滑塊后所能到達的距離地面的最大高度為0.76m；（3）設小球第一次著地前瞬間，豎直方向的速度大小設為，初次著地后經t時間，小球與地面發生第次碰撞時與C點的距離為x，則解得解得當時此時即要使小球能水平進入接收器最低點P，P與C間的最小距離為。2024屆廣西名校開學考試試題物理（考試時間：75分鐘滿分：100分）一、選擇題（1-6為單選題，每題4分；7-10題為多選題，每題5分，全部選對得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分，共44分）1.新一代“人造太陽”裝置——中國環流器二號M裝置（HL—2M）在成都建成并實現首次放電，標志著中國自主掌握了大型先進托卡馬克裝置的設計、建造、運行技術，為我國核聚變堆的自主設計與建造打下堅實基礎。下列關于核反應的說法正確的是（）A.相同質量的核燃料，輕核聚變比重核裂變釋放的核能更少B.氘氚核聚變的核反應方程為C.兩個輕核結合成質量較大的核，原子核的比結合能增加D.核裂變反應過程中有質量虧損，核聚變反應過程中沒有質量虧損〖答案〗C〖解析〗A．相同質量的核燃料，輕核聚變比重核裂變釋放的核能更多，故A錯誤；B．根據質量數守恒和核電荷數守恒可知，氘氚核聚變的核反應方程為故B錯誤；C．兩個輕核結合成質量較大的核，會釋放核能，產生質量虧損，生成物的結合能比反應物的結合能大，而反應前后核子數不變，所以原子核的比結合能增加，故C正確；D．核聚變反應過程中放出大量能量，有質量虧損，故D錯誤。故選C2.打籃球是很多同學喜愛的運動，假設某次籃球比賽小明先后兩次在不同地點投籃得分。簡化模型如圖所示，兩次投籃時籃球先后從A、B兩點（相同高度）拋出后直接落入籃筐，落入籃筐時的速度方向相同，下列判斷正確的是（）A.從A點拋出時的初速度小于從B點拋出時的初速度B.從B點拋出在最高點的速度比從A點拋出在最高點的速度小C.A、B落入籃筐時速度大小相同D.從拋出到落入籃筐，從B點拋出用時較長〖答案〗B〖解析〗BC．由于兩次投籃時籃球落入籃筐時的速度方向相同，設此時速度與水平方向的夾角為，則有籃球從最高點到落入籃筐過程做平拋運動，豎直方向有由圖可知從A點拋出在最高點到落入籃筐下落的高度較大，落入籃筐時的豎直分速度較大，則水平速度較大，由于水平方向做勻速直線運動，即從B點拋出在最高點的速度比從A點拋出在最高點的速度小；籃球落入籃筐時速度大小為可知A落入籃筐時速度大小大于B落入籃筐時速度大小，故B正確，C錯誤；D．從拋出到落入籃筐，可看成是從最高點向兩側的平拋運動，根據由于從最高點向兩側的平拋運動都是A對應的高度較大，則從最高點向兩側的平拋運動都是A所用時間較多，則從拋出到落入籃筐，從A點拋出用時較長，故D錯誤；A．從拋出到最高點可看成是逆向平拋運動，則拋出的初速度可表示為由于A對應的水平速度較大，且A對應的上升高度較大，則豎直分速度也較大，所以從A點拋出時的初速度大于從B點拋出時的初速度，故A錯誤。故選B。3.如圖（a），在均勻介質中有A、B、C和D四點，其中A、B、C三點位于同一直線上，，，DC垂直AB。時，位于A、B、C處的三個完全相同的橫波波源同時開始振動，振動圖像均如圖（b）所示，振動方向與平面ABD垂直，已知波長為4m。下列說法正確的是（）A.這三列波的波速均為2m/s B.時，D處的質點開始振動C.時，D處的質點位移大小為2cm D.A、B兩列波不能發生干涉現象〖答案〗C〖解析〗A．機械波在同一介質中波速相同，由題意知波長λ=4m，由題圖知周期，則選項A錯誤；B．C波源發出的波最先傳到質點D選項B錯誤；C．當時，質點D開始振動，在6s時由C波在D點振動3s，引起的位移為-2cm；由AB波在D點振動1s，引起的位移均為+2cm，則D點位移由A、B、C三波的位移疊加，可知D點此時位移為+2cm，選項C正確；D．A、B兩列波振動頻率一樣，起振方向一樣，能發生干涉現象，選項D錯誤。故選C。4.中國空間站進入應用與發展新階段，獨立在軌運行33天的“天舟五號”貨運飛船（以下簡稱“天舟五號”）于2023年6月6日3時10分完成與空間站組合體再次交會對接，空間站組合體再次恢復了“三船三艙”構型。“天舟五號”獨立在軌運行時與空間站組合體均在同一軌道上繞地球做勻速圓周運動，已知空間站組合體運行的周期約為90min，則下列說法正確的是（）A.空間站里的宇航員處于懸浮狀態是因為不受重力B.空間站組合體運行的線速度小于地球同步軌道衛星的線速度C.“天舟五號”獨立在軌運行時的角速度大于空間站組合體的角速度D.“天舟五號”貨運飛船的發射速度應大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度〖答案〗D〖解析〗A．天和核心艙里的宇航員處于懸浮狀態是因為處于完全失重狀態，但仍受重力作用，故A錯誤；B．根據萬有引力提供向心力可得可知該組合體運行的線速度大于地球同步軌道衛星的線速度，故B錯誤；C．根據牛頓第二定律可得可知“天舟五號”獨立在軌運行時的角速度等于空間站組合體的角速度，故C錯誤；D．“天舟五號”貨運飛船繞地球運動，“天舟五號”貨運飛船的發射速度應大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，故D正確。故選D。5.如圖所示，三角形ABC是等腰直角三角形，在A點固定一個電荷量大小為的點電荷，在B點固定一個電荷量大小為的點電荷，C點處的電場強度方向與CB垂直，則的值為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗設BC邊長度為r，則AC邊長度為，根據庫侖定律、的豎直分量相等，由幾何關系知解得故選C。6.如圖所示為質譜儀測定帶電粒子質量的裝置的示意圖．速度選擇器(也稱濾速器)中場強E的方向豎直向下，磁感應強度B1的方向垂直紙面向里，分離器中磁感應強度B2的方向垂直紙面向外．在S處有甲、乙、丙、丁四個一價正離子垂直于E和B1入射到速度選擇器中，若m甲＝m乙<m丙＝m丁，v甲>v乙＝v丙>v丁，在不計重力的情況下，則分別打在P1、P2、P3、P4四點的離子分別是A.甲、丁、乙、丙 B.丁、甲、乙、丙C.甲、丁、丙、乙 D.丁、甲、丙、乙〖答案〗B〖解析〗粒子通過速度選擇器，只有滿足qvB=qE，即速度滿足v=E/B，才能沿直線通過．當粒子的速度大于E/B，洛倫茲力大于電場力，粒子向上偏轉，當粒子的速度小于E/B，洛倫茲力小于電場力，粒子向下偏轉．四種粒子，只有兩個粒子通過速度選擇器，只有速度滿足v=E/B，才能通過速度選擇器．所以通過速度選擇器進入磁場的粒子是乙和丙．由牛頓第二定律得：qvB=m，解得：，乙的質量小于丙的質量，所以乙的半徑小于丙的半徑，則乙打在P3點，丙打在P4點．甲的速度大于乙的速度，即大于E/B，洛倫茲力大于電場力，粒子向上偏轉，打在P2點．丁的速度小于乙的速度，即小于E/B，洛倫茲力小于電場力，粒子向下偏轉，打在P1點．故選B．【『點石成金』】解決本題關鍵知道速度選擇器的原理，即所受洛倫茲力和電場力等大反向的粒子才能沿直線通過速度選擇器．7.如圖所示，一束可見光以與玻璃磚成30°夾角穿過平行玻璃磚后，分成a、b兩束單色光，玻璃磚的寬度為L，玻璃磚內b光光線與豎直方向夾角為30°，則下列說法正確的是（）A.a光的頻率大于b光的頻率B.a光的折射率大于b光的折射率C.b光穿過玻璃磚需用的時間為D.a、b兩種單色光分別通過同一個雙縫干涉裝置，b光的干涉條紋間距較小〖答案〗CD〖解析〗AB．由題圖知b光的折射角較小，根據折射定律，可知b光的折射率較大，頻率也較大，故AB錯誤；C．由題圖可知，b光線入射角為折射角由折射率的定義得解得b光線在玻璃中的傳播速度為由題圖知b光線在玻璃磚中傳播的路程所以b光線穿過玻璃磚需要時間故C正確；D．對于同一種介質，b光的折射率較大，說明b光的波長較短。根據條紋間距公式可知，b光的干涉條紋間距較小，故D正確。故選CD。8.如圖所示，整個裝置固定且在同一豎直平面內，AB段為光滑豎直管道，高度，BCD段為半徑的光滑半圓軌道，DE段為半徑的粗糙四分之一圓軌道，現有質量的小球從A點由靜止釋放，進入到裝置中。已知小球到達E點時，小球對外軌道的壓力為，C為半圓軌道BCD段的最低點，，下面正確的是（）A.整個運動過程中，小球的機械能不守恒B.小球到達最低點C點時，速度大小10m/sC.小球從靜止釋放到經過E點，合外力做的功為36JD.整個運動過程，摩擦力做的功〖答案〗AD〖解析〗A．依題意，DE軌道粗糙，小球經過時，摩擦力會做功，機械能不守恒，故A正確；B．依題意，小球到達最低點C點時，有解得故B錯誤；C．假定小球到E點速度為，依題意有從靜止釋放到經過E點，合外力做的功等于動能的變化量，故故C錯誤；D．整個運動過程，摩擦力做的功為，據動能定理有解得故D正確。故選AD。9.如圖所示是小型交流發電機的示意圖，線圈繞垂直于磁場方向的水平軸OO'沿逆時針方向勻速轉動，角速度為，線圈匝數為n，電阻為r，外接電阻為R，交流電流表。線圈從圖示位置（線圈平面平行于磁場方向）開始轉過360°時電流表示數為I。下列說法中正確的是（）A.該交流電周期為B.轉動過程中穿過線圈的磁通量的最大值為C.電阻R兩端電壓為IRD.線圈轉動一周的過程中，電阻R產生的熱量為〖答案〗BC〖解析〗A．該交流電周期為，故A錯誤；B．感應電動勢的最大值為又因為磁通量的最大值為聯立解得故B正確；C．電阻R兩端電壓為路端電壓，大小為IR，故C正確；D．線圈轉動一周的過程中，電阻R產生的熱量為故D錯誤。故選BC10.如圖，光滑水平地面上有一質量為的小車在水平推力的作用下加速運動。車廂內有質量均為的兩小球，兩球用輕桿相連，A球靠在光滑左壁上，B球處在車廂水平底面上，且與底面的動摩擦因數為，桿與豎直方向的夾角為，桿與車廂始終保持相對靜止假設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。下列說法正確的是（）A.只要推力取得合適的值，可使桿的彈力為零B.向右時，若B球受到的摩擦力為零，則C.向左時，若值足夠大，則推力的最大值為D.向左時，若，則推力的最大值為〖答案〗BC〖解析〗A．根據題意，對小球A受力分析，由平衡條件可知，桿的彈力豎直分力要平衡A球的重力，所以永遠不可能等于零，故A錯誤；B．根據題意，設桿的彈力為，對小球A，豎直方向受力平衡，則有由幾何關系有解得若B球受到的摩擦力為零，對B根據牛頓第二定律可得可得對小球A、B和小車整體根據牛頓第二定律有故B正確；C．若值足夠大，則B不會滑動。當A對右壁的壓力恰好等于零時，分析A可知可得對小球A、B和小車整體根據牛頓第二定律有故C正確；D．由要保持相對靜止，由C知道A球的最大加速度當B有向左最大加速度時，B會受到向左的最大靜摩擦力，對A、B球用整體法可知B球對車底壓力為，對B球受力分析如圖則有得因為所以即A球先達到臨界狀態，故整體的最大加速度對A球、B球和車組成的整體得推力的最大值為，故D錯誤。故選BC。二、非選擇題：本題共5小題，共56分。11.利用如圖甲所示的實驗裝置“探究小車速度隨時間變化的規律”。（1）使用電火花計時器時的基本步驟如下：A.接通開關，聽到放電聲，開始拖動紙帶B.把計時器固定在長木板上，將紙帶從墨粉紙盤下面穿過打點計時器C.將電火花計時器插頭插入相應的電源插座D.當紙帶完全通過電火花計時器后，及時關閉電火花計時器上述步驟正確的順序是___________（按順序填寫步驟前的字母）。（2）某實驗小組所得紙帶上打出的部分計數點如圖乙所示（每相鄰兩個計數點間還有4個點，圖中未畫出），打點計時器的頻率為50Hz。，，，，，。打點計時器在打E點時小車的速度___________m/s，根據紙帶計算出小車運動的加速度a=___________。（結果均保留兩位有效數字）〖答案〗（1）BCAD（2）1.22.0〖解析〗（1）[1]使用電火花計時器時首先要把計時器固定在長木板上，將紙帶從墨粉紙盤下面穿過打點計時器，然后將電火花計時器插頭插入相應的電源插座，接通開關，聽到放電聲，開始拖動紙帶，當紙帶完全通過電火花計時器后，及時關閉電火花計時器。故操作順序為BCAD。（2）[2]打點計時器的頻率為50Hz，每相鄰兩個計數點間還有4個點，則E點時小車的速度[3]小車運動的加速度12.在“測定金屬絲的電阻率”的實驗中，某同學實驗過程如下：（1）先用多用表的歐姆擋“×1”粗測其電阻，如圖甲所示，則讀數應記為___________。（2）由圖乙螺旋測微器測量該金屬絲的直徑為___________mm，然后用圖丙的毫米刻度尺測量其長度為___________cm。（3）為了減小實驗誤差，需進一步測量其電阻，除待測金屬絲、開關S、導線若干外，實驗室還備有的實驗器材如下：A.電壓表V（量程3V，內阻約為15kΩ；量程15V，內阻約為75kΩ）B.電流表A（量程0.6A，內阻約為1Ω；量程3A，內阻約為0.2Ω）C.滑動變阻器（0~2000Ω，0.1A）D.滑動變阻器（0~5Ω，0.6A）E.電阻箱F.1.5V的干電池兩節，內阻不計為了測量多組實驗數據，則滑動變阻器應選用___________（填“”或“”）。（4）實驗電路如圖丁所示，根據電路圖完成圖戊中的實物連線。___________（5）從實驗原理上看，待測電阻測量值___________（填“大于”、“小于”或“等于”）其真實值。（6）如果測得的金屬絲長度為a，直徑為b，電阻為c，則它的電阻率___________。（用a、b、c字母表示）〖答案〗（1）6（2）0.698##0.699##0.700##0.701##0.7029.12##9.13##9.14##9.15##9.16##9.17（3）（4）（5）小于（6）〖解析〗（1）[1]根據圖示可知，指針指向刻度6，由于采用的歐姆擋“×1”，故電阻讀數為6Ω。（2）[2]螺旋測微器讀數為[3]金屬絲的長度為9.15cm。（3）[4]電路電源是兩節干電池，電源電壓為3V，通過金屬絲的最大電流約的額定電流0.1A太小，則不合適，且