湖北省鄂東南五校一體聯盟聯考2025屆物理高一下期末達標檢測模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、取水平地面為重力勢能零點。一物塊從某一高度水平拋出，在拋出點其動能恰好是重力勢能的3倍。不計空氣阻力，該物塊落地時的速度方向與水平方向的夾角為（）A． B． C． D．2、(本題9分)將人造地球衛星環繞地球的運動視為圓周運動，比較在不同軌道上運行的人造衛星，軌道半徑越大的衛星，其A．速度越小，周期越短 B．速度越大，周期越短C．速度越小，周期越長 D．速度越大，周期越長3、某電動車以額定功率從靜止開始加速，若所受阻力始終不變，則在加速過程，下列說法正確的是A．電動車牽引力不變 B．電動車牽引力逐漸增大C．電動車做勻加速直線運動 D．電動車的加速度逐漸減小4、(本題9分)某同學為了探究向心力的大小與哪些因素有關，做了一個小實驗：繩的一端拴一小球，繩的另一端用手牽著在空中甩動，使小球在水平面內做圓周運動（如圖所示），則下列說法正確的是A．保持繩長不變，增大角速度，繩對手的拉力將不變B．保持繩長不變，增大角速度，繩對手的拉力將減小C．保持角速度不變，增大繩長，繩對手的拉力將增大D．保持角速度不變，增大繩長，繩對手的拉力將減小5、(本題9分)用水平恒力F作用于質量為m的物體，使之在光滑的水平面上沿力的方向移動距離x，恒力F做功為W1；再用該恒力作用在質量為2m的物體上，使之在粗糙的水平面上移動同樣的距離x，恒力F做功為W2，則兩次恒力做功的關系是（）A．W1>W2 B．W1<W2C．W1=W2 D．無法判斷6、(本題9分)某人估測一豎直枯井深度，從井口靜止釋放一石頭并開始計時，經2s聽到石頭落地聲，由此可知井深約為（不計聲音傳播時間，重力加速度g取10m/s2）A．10m B．20mC．30m D．40m7、如圖所示，a、b、c是在地球大氣層外圓形軌道上運動的3顆衛星，下列說法正確的是（）A．b、c的線速度大小相等，且大于a的線速度B．b、c的環繞周期相等，且大于a的環繞周期C．b、c的向心加速度大小相等，且小于a的向心加速度D．c加速可追上同一軌道上的b，b減速可等候同一軌道上的c8、(本題9分)如圖所示，繃緊的水平傳送帶始終以恒定速率v1=2m/s順時針運行，質量m=2.0kg的小物塊從與傳送帶等高的光滑水平地面上的A處以初速度v2=4m/s向左滑上傳送帶，若傳送帶足夠長，已知物塊與傳送帶間摩擦因數為0.4，，下列判斷正確的是A．物體離開傳送帶速度大小為2m/sB．物體離開傳送帶速度大小為4m/sC．摩擦力對物塊做的功為-12JD．系統共增加了12J的內能9、(本題9分)2018年6月13日午后，淄博城區突降冰雹，給人們帶來巨大的損失。據淄博市保險行業協會不完全統計，僅被冰雹砸壞車輛就達811輛。已知某一質量為32g的冰雹從足夠高處豎直下落，在下落的過程中，冰雹所受阻力f與下落速度v的關系為f=kv2，比例系數k=8×10-4Ns2/m2，g取10m/s2。（下落過程中可以認為冰雹的質量不變）則A．冰雹下落過程中先做加速直線運動后做勻速直線運動B．冰雹下落過程中先做加速直線運動后做減速直線運動C．冰雹下落過程中能達到的最大速度為20m/sD．若冰覆撞擊靜止的汽車后速度立即變為零，撞擊時間為0.001s，則該冰對汽車的平均撞擊力大小約為640N10、如圖所示，質量相等的兩物體A、B處于同一高度，A自由下落，B沿固定在地面上的光滑斜面從靜止開始下滑，最后到達同一水平面，則A．重力對兩物體做功相同B．重力的平均功率相同C．到達底端時重力的瞬時功率PA等于PBD．到達底端時重力的瞬時功率PA大于PB11、某同學玩飛鏢游戲，先后將兩只飛鏢a、b由同一位置水平投出，兩支飛鏢插在豎直墻上的狀態（側視圖）如圖所示，不計空氣阻力，則（）A．兩只飛鏢投出的初速度 B．兩只飛鏢投出的初速度C．兩只飛鏢飛行的時間 D．兩只飛鏢飛行的時間12、如圖是一個單擺的共振曲線，已知重力加速度為g，根據圖線可以得出的是（）A．單擺的固有頻率 B．單擺的固有周期C．這個單擺的擺長 D．單擺的擺球質量二．填空題(每小題6分，共18分)13、(本題9分)用如圖1所示的實驗裝置驗證m1、m1組成的系統機械能守恒．m1與m1通過一不可伸長的細線穿過一光滑的定滑輪．m1從高處由靜止開始下落，m1上拖著的紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點跡進行測量，即可驗證機械能守恒定律．圖1給出的是實驗中獲取的一條紙帶，0是打下的第一個點，每相鄰兩計數點間還有4個點（圖1中未標出），計數點間的距離如圖所示．已知m1=50g，m1=150g，實驗用交流電周期為0.01秒，則：（計算結果保留兩位小數，g=9.8m/s1）（1）在紙帶上打下記數點5時的速度v=______m/s；（1）在記數點0-5過程中系統動能的增量△Ek=_____J，系統重力勢能的減少量△EP=___J；（3）在實驗中，某同學根據多次實驗記錄，作出了v1-h圖象，如圖3所示，h為從起點量起的長度，則據此得到當地的重力加速度g=__m/s1．14、(本題9分)某實驗小組用如圖所示的裝置探究功與速度變化的關系，打點計時器工作頻率為50Hz。(1)實驗中木板略微傾斜，這樣做_________;A．是為了使釋放小車后，小車能勻加速下滑B．是為了增大小車下滑的加速度C．可使得橡皮筋做的功等于合力對小車做的功D．可使得橡皮筋松弛后小車做勻速運動(2)實驗中先后用同樣的橡皮筋1條、2條、3條…合并起來掛在小車的前端進行多次實驗，每次都要把小車拉到同一位置再釋放。橡皮筋對小車做功后而使小車獲得的速度可由打點計時器打出的紙帶測出。根據第四次的紙帶(如圖所示)求得小車獲得的速度為________m/s。(結果保留3位有效數字)(3)若根據多次測量數據畫出的W-v圖象如圖所示，根據圖線形狀，可知對W與v的關系符合實際的是圖________。A．B．C．D．15、在做研究平拋運動的實驗時，讓小球多次沿同一軌道運動，通過描點法畫出小球平拋運動的軌跡．(1)為了能較準確地描繪運動軌跡，下面列出了一些操作要求，將你認為正確的選項前面字母填在橫線上：_____A．每次釋放小球的位置不必相同B．通過調節使斜槽的末端保持水平C．每次必須由靜止釋放小球D．小球運動時應與木板上的白紙（或方格紙）相接觸(2)用一張印有小方格的紙記錄軌跡，小方格的邊長L，若小球在平拋運動途中的幾個位置如圖中的a、b、c、d所示，則小球平拋的初速度的計算式為v0=__（用L、g表示）三．計算題(22分)16、（12分）(本題9分)如圖所示，在豎直平面內有一“”管道裝置，它是由兩個完全相同的圓弧管道和兩直管道組成。直管道和圓弧管道分別相切于、、、，、分別是兩圓弧管道的最高點，、分別是兩圓弧管道的最低點，、固定在同一水平地面上。兩直管道略微錯開，其中圓弧管道光滑，直管道粗糙，管道的粗細可忽略。圓弧管道的半徑均為R，。一質量為m的小物塊以水平向左的速度從點出發沿管道運動，小物塊與直管道間的動摩擦因數為。設，m=1kg，R=1.5m，，（sin37°=0.6，cos37°=0.8）。求：（1）小物塊從點出發時對管道的作用力；（2）小物塊第一次經過點時的速度大小；（3）小物塊在直管道上經過的總路程。17、（10分）(本題9分)如圖所示，AB為傾角θ＝37°的粗糙斜面軌道，通過一小段光滑圓弧與光滑水平軌道BC相連接，質量為m2的小球乙靜止在水平軌道上，質量為m1的小球甲以速度v0與乙球發生彈性正碰.若m1∶m2＝2∶3，且軌道足夠長，（1）第一次碰撞后的瞬間兩球的速度分別多大；（2）要使兩球能發生第二次碰撞，求乙球與斜面之間的動摩擦因數μ應滿足什么條件？.(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、A【解析】

根據機械能守恒定律以及已知條件：拋出時動能恰好是重力勢能的3倍，分別列式即可求出落地時速度與水平速度的關系，從而求出物塊落地時的速度方向與水平方向的夾角；【詳解】設拋出時物體的初速度為，高度為h，物塊落地時的速度大小為v，方向與水平方向的夾角為，根據機械能守恒定律得：據題有：聯立解得：則，可得：，故選項A正確，BCD錯誤。【點睛】解決本題的關鍵會熟練運用機械能守恒定律處理平拋運動，并要掌握平拋運動的研究方法：運動的分解。2、C【解析】

人造地球衛星在繞地球做圓周運動時地球對衛星的引力提供圓周運動的向心力，則有,解得，，顯然軌道半徑越大，衛星運動的周期越大；軌道半徑越大，線速度越小，故選項C正確，A、B、D錯誤。3、D【解析】

AB.汽車以恒定功率加速，則開始時加速度較大，速度快速增大；由P=Fv可得，F減小；故A，B錯誤；CD.由牛頓第二定律可得，加速度減小；故汽車做加速度減小的加速運動；故C錯誤，D正確.4、C【解析】

由題意，根據向心力公式，，結合牛頓第二定律，則有AB.當保持繩長不變，增大角速度，根據公式可知，繩對手的拉力將增大，故AB錯誤；CD.當保持角速度不變，增大繩長，根據公式可知，繩對手的拉力將增大，故C正確，D錯誤．5、C【解析】

物體沿力的方向運動，根據，兩次做功中的F、x、α均相同，所以兩次F做功相同，即。故選C。6、B【解析】

從井口由靜止釋放，石頭做自由落體運動，由運動學公式h＝gt2可得h＝×10×22m＝20m.A．10m，與計算結果不符，A錯誤；B．20m，與計算結果不符，B正確；C．30m，與計算結果不符，C錯誤；D．40m，與計算結果不符，D錯誤．7、BC【解析】

衛星做勻速圓周運動的向心力由萬有引力提供，所以，解得：A.由可知b、c的線速度大小相等，且小于a的線速度，故A錯誤；B.由可知，b、c的環繞周期相等，且大于a的環繞周期，故B正確；C.由可知，b、c的向心加速度大小相等，且小于a的向心加速度，故C正確；D.當c加速后，所需要的向心力大于提供的向心力，將做離心運動，所以不可能追上同一軌道上的b，b減速后，所需要的向心力小于提供的向心力，將做近心運動，所以不可能等候同一軌道上的c，故D錯誤．8、AC【解析】

AB、小物塊先向左勻減速直線運動，然后小物塊向右做勻加速運動，當速度增加到與皮帶相等時，摩擦力消失，最后以2m/s向右做勻速運動，故A正確，B錯誤；C、根據動能定理，摩擦力對物塊做的功等于木塊動能的減少量：，故C正確；D、小物塊先向左勻減速直線運動加速度大小為，物塊與傳送帶的相對位移為：，小物塊向右做勻加速運動時物塊與傳送帶間的相對位移：，故系統增加的熱量為：，故D錯誤；故選AC．【點睛】物體先受到向右的摩擦力，小物塊先向左勻減速直線運動，然后向右勻加速，當速度增加到與皮帶相等時，一起向右勻速，摩擦力消失．9、ACD【解析】剛開始下落時速度為零，阻力為零，隨著速度增大，阻力從零開始增加，即開始一段時間內重力大于阻力，冰雹向下做加速運動，當阻力和重力相等時，冰雹加速度為零，速度最大，此后速度不變，阻力不再增大，恒等于重力，故做勻速直線運動，所以冰雹先做加速度減小的加速直線運動后做勻速直線運動，A正確B錯誤；當阻力和重力相等時，速度最大，故有f=kv2=mg，解得v2=10、AD【解析】兩物體質量m相同，初末位置的高度差h相同，重力做的功W=mgh相同，故A正確；兩物體重力做功相等，由于時間不同，所以重力的平均功率不同，故B錯誤；到達底端時兩物體的速率相同，重力也相同，但B物體重力方向與速度有夾角，所以到達底端時重力的瞬時功率不相同，PB＜PA，故C錯誤，D正確；選AD．點睛：重力做功決定重力勢能的變化與否，若做正功，則重力勢能減少；若做負功，則重力勢能增加．而重力的平均功率與瞬時功率的區別是：平均功率是做功與時間的比值，瞬時功率是力與速度在力的方向上的速度乘積．11、AD【解析】

CD．由圖可知，飛鏢b下落的高度大于飛鏢a下落的高度，根據h=gt2得b下降的高度大，則b鏢的運動時間長，ta<tb，C錯誤，D正確；AB．兩飛鏢的水平位移相等，根據x=vt知b鏢的運動時間長，則b鏢的初速度小，A正確，B錯誤。故選AD。12、ABC【解析】

AB.由單擺的共振曲線知，當驅動力的頻率為0.3Hz時單擺產生了共振現象，則單擺的固有頻率，固有周期為；故A項符合題意；B項符合題意.C.由單擺的周期公式，已知重力加速度g，可求出周期T，則能得到單擺的擺長；故C項符合題意.D.因單擺的周期T與球的質量m無關，則題目所給條件不能求出小球的質量;D項不合題意.二．填空題(每小題6分，共18分)13、1.40；0.58；0.60；9.70【解析】

根據“用如圖1所示的實驗裝置驗證m1、m1組成的系統機械能守恒”及題意可知，考查了驗證系統機械能守恒定律中的數據處理問題．根據勻變速直線運動的規律和紙帶，由勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度大小等于該過程中的平均速度，可以求出打下記數點5時的速度大小；根據物體的初末動能大小可以求出動能的增加量，根據物體重力做功和重力勢能之間的關系可以求出系統重力勢能的減小量，比較動能增加量和重力勢能減小量之間的關系可以得出機械能是否守恒；根據系統機械能守恒，列出表達式，找出v1-h圖象的物理意義即可求解當地的重力加速度g．【詳解】（1）由于每相鄰兩個計數點間還有4個點沒有畫出，所以相鄰的計數點間的時間間隔T=0.1s，（1）系統動能的增量系統勢能的減小量為：．（3）本題中根據機械能守恒可知：；則由圖象知圖線的斜率；解得：g=9.70m/s1．14、CD2.00C【解析】

(1)[1]ABC．實驗中木板略微傾斜是平衡摩擦力，目的是使橡皮筋對小車的拉力為小車受到的合力，即可使得橡皮筋做的功等于合力對小車做的功，AB錯誤C正確；D．同時可使得橡皮筋松弛后小車做勻速運動，D正確．(2)[2]我們所需要的速度為小車做勻速直線運動的速度，由圖可知，兩個相鄰的點之間的距離是4.00cm時做勻速直線運動，打點周期T=1利用公式：v=xv=4.00×0.01(3)[3]由動能定理得W=1W與v是二次函數關系，由圖示圖象可知，C正確，15、BC2gL【解析】

(1)[1]AC.為了保證小球平拋運動的初速度相同，則每次從同一高度由靜止釋放小球，故A項與題意不相符，C項與題意相符；B.為了保證小球水平