貴州省遵義市新坪中學2022年高二物理上學期期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（單選）如圖4所示，在一有界勻強磁場上方有一閉合線圈，當閉合線圈從上方下落加速穿過磁場的過程中

（

）A．進入磁場時加速度小于g，離開磁場時加速度可能大于g，也可能小于g．B．進入磁場時加速度大于g，離開時小于g．C．進入磁場和離開磁場，加速度都大于g．D．進入磁場和離開磁場，加速度都小于g．參考答案：D2.力學觀點、動量觀點、功能觀點是高中物理解題思維的三大觀點。動量定理是動量觀點的核心支柱之一，關于物體的動量及其變化，下列說法中正確的是A．物體的動量越大，其所受合外力沖量也越大B．物體所受沖量的方向與相應時間內動量變化的方向一致C．合外力的沖量是物體動量變化的原因D．物體的動量變化率等于物體受到的合外力參考答案：BCD3.某帶電粒子僅在電場力作用下由a點運動到b點，電場線、粒子在a點的初速度以及運動軌跡如圖所示。由此可以判定A．粒子在a點的加速度大于它在b點的加速度

B．粒子在a點的動能小于它在b點的動能C．粒子在a點的電勢能小于它在b點的電勢能D．A點的電勢低于B點的電勢參考答案：AC4.（多選題）所示是兩個等量異種點電荷，周圍有1、2、3、4、5、6各點，其中1、2之間距離與2、3之間距離相等，2、5之間距離與2、6之間距離相等．兩條虛線互相垂直且平分，那么關于各點電場強度和電勢的敘如圖述正確的是(

)A．1、3兩點電場強相同

B．5、6兩點電場強度相同C．4、5兩點電勢相同

D．1、3兩點電勢相同參考答案：ABC考點：電場強度；電勢【名師點睛】解決本題的關鍵知道等量異種電荷周圍的電場線分布，知道兩電荷連線的中垂線是等勢線．分析時要抓住對稱性。5.如圖所示為一理想變壓器，在原線圈輸入電壓不變的條件下，要提高變壓器的輸入功率，可采用的方法是

(

)

A．只增加原線圈的匝數

B．只增加副線圈的匝數

C．只減小變阻器R1的電阻

D．斷開開關S參考答案：BC二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示，在光滑水平面的左側固定一豎直擋板，A球在水平面上靜止放置，B球向左運動與A球發生正碰，B球碰撞前、后的速率之比為3：1，A球垂直撞向擋板，碰后原速率返回，兩球剛好不發生第二次碰撞，A、B兩球的質量之比為

，A、B碰撞前、后兩球總動能之比為

．參考答案：4：1，9：5【考點】動量守恒定律．【分析】設開始時B的速度為v0，由題得出B與A碰撞后A與B的速度關系，然后由動量守恒定律即可求出質量關系，由動能的定義式即可求出動能關系．【解答】解：設開始時B的速度為v0，B球碰撞前、后的速率之比為3：1，A與擋板碰后原速率返回，兩球剛好不發生第二次碰撞，所以碰撞后A與B的速度方向相反，大小相等，A的速度是，B的速度是，選取向左為正方向，由動量守恒定律得：整理得：碰撞前的動能：碰撞后的動能：=所以：故答案為：4：1，9：57.如圖所示，彈簧振子在振動過程中，振子從a到b歷時0.2s，振子經a、b兩點時速度相同；若它從b再回到a的最短時間為0.4s，則該振子的振動頻率為_______Hz．參考答案：1.25解：由題，振子從a到b歷時0.2s，振子經a、b兩點時速度相同，則a、b兩點關于平衡位置對稱．振子從b再回到a的最短時間為0.4s，則振子b→最大→b的時間是0.2s，根據對稱性分析得知，振子從a→b→正最大→負最大→a的總時間為0.8s，即振子振動的周期為T=0.8s，頻率為

故答案為：1.258.如圖所示，一驗電器與鋅板相連，在A處用一紫外線燈照射鋅板，關燈后，指針保持一定偏角.（1）現用一不帶電的金屬小球與鋅板接觸，則驗電器指針偏角將

（填“增大”“減小”或“不變”）.（2）使驗電器指針回到零，再用相同強度的鈉燈發出的黃光照射鋅板，驗電器指針無偏轉.那么，若改用強度更大的紅外線燈照射鋅板，可觀察到驗電器指針

（填“有”或“無”）偏轉.

參考答案：（1）減小（2）無9.太陽內部不斷進行著各種核聚變反應，一個氘核和一個氚核結合成一個氦核是其中一種，請寫出其核反應方程

；如果氘核的比結合能為E1，氚核的比結合能為E2，氦核的比結合能為E3，則上述反應釋放的能量可表示為

．參考答案：；4E3﹣2E1﹣3E2【考點】愛因斯坦質能方程．【分析】根據電荷數守恒、質量數守恒寫出核反應方程，根據比結合能等于結合能與核子數的比值，通過能量關系，求出釋放的核能．【解答】解：根據電荷數守恒、質量守恒守恒，知核反應方程為；氘核的比結合能為E1，氚核的比結合能為E2，氦核的比結合能為E3，根據比結合能等于結合能與核子數的比值，則有：該核反應中釋放的核能△E=4E3﹣2E1﹣3E2．故答案為：；4E3﹣2E1﹣3E210.一臺直流電機的電阻為R，額定電壓為U，額定電流為I，當其正常的工作時間為t時，所產生的電熱為，所產生的機械能為．參考答案：I2Rt，UIt﹣I2Rt考點：電功、電功率．專題：恒定電流專題．分析：電動機是非純電阻，在計算電功率的公式中，總功率用P=IU來計算，發熱的功率用P=I2R來計算，這兩個的計算結果是不一樣的，如果是計算純電阻的功率，這兩個公式的計算結果是一樣的．解答：解：電動機所消耗的電功率P=UI，P′=I2R計算的是電動機的內阻發熱的部分，是發熱的功率，所以產生的電熱為I2Rt，t秒內所產生的機械能為電動機的總功減去發熱的部分，所以機械功UIt﹣I2Rt，故答案為：I2Rt，UIt﹣I2Rt點評：對于電功率的計算，一定要分析清楚是不是純電阻電路，對于非純電阻電路，總功率和發熱功率的計算公式是不一樣的．11.（6分）導體中的電流可以是正電荷的定向移動形成的，也可以是_____________的定向移動形成的，習慣上規定_____________的定向移動方向為電流的方向。參考答案：負電荷

正電荷12.如圖所示，地面上有一高h=3.75m的平臺，平臺下有一傾角可調的擋板，擋板的一端與平臺邊緣A點的正下方B點重合。將一個可視為質點的小球以v=5m/s的速度水平推出。小球下落過程中所受空氣阻力忽略不計。適當調節擋板的傾角θ，小球會剛好垂直撞在擋板上，則小球運動時間t=_____s，擋板傾角θ=_____。(g取10m／s2)參考答案：0.5

45°13.根據下圖可知該交流電的電流最大值是

A，有效值是

A，周期是

s，頻率是_____Hz。參考答案：三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.現有一種特殊的電池，電動勢E約為9V，內阻r約為50Ω，允許輸出的最大電流為50mA，用如圖(a)的電路測量它的電動勢和內阻，圖中電壓表的內阻非常大，R為電阻箱，阻值范圍0～9999Ω。①R0是定值電阻,規格為150Ω，1.0W起

的作用。②該同學接入符合要求的R0后，閉合開關，調整電阻箱的阻值，

。改變電阻箱阻值，得多組數據，作出如圖(b)的圖線．則電池的電動勢E=

，內阻r=

。（結果保留兩位有效數字）參考答案：①防止短路，電流過大，燒壞電源

②讀取電壓表的示數，10V

，46±2Ω.（漏寫單位，沒分）15.（5分）某電流表的量程為10mA，當某電阻兩端的電壓為8V時，通過的電流為2mA，如果給這個電阻兩端加上36V的電壓，能否用這個電流表來測量通過該電阻的電流？并說明原因。參考答案：R==4000Ω；=9mA<10mA

所以能用這個電流表來測量通過該電阻的電流。四、計算題：本題共3小題，共計47分16.將一測力傳感器連接到計算機上就可以測量快速變化的力，圖甲中O點為單擺的懸點，現將小球（可視為質點）拉到A點，此時細線處于張緊狀態，釋放擺球，則擺球在豎直平面內的ABC之間來回擺動，其中B點為運動中最低位置，∠AOB=∠COB=α，α小于10°且是未知量．圖乙表示由計算機得到細線對擺球的拉力大小F隨時間變化的曲線，且圖中t=0時刻為擺球從A點開始運動的時刻，根據力學規律和題中信息（g取10m/s2）求：（1）單擺的周期和擺長；（2）擺球的質量及擺動過程中的最大速度．參考答案：解：（1）擺球受力分析如圖，小球在一個周期內兩次經過最低點，根據該規律，知：T=πs．由單擺的周期公式為：T=2π，得：L=═=0.8m（2）在最高點A，有：Fmin=mgcosα=0.495N﹣﹣﹣﹣①在最低點B，有：Fmax=mg+m=0.510﹣﹣﹣﹣﹣②從A到B，滑塊機械能守恒，有：mgR（1﹣cosθ）=mv2﹣﹣﹣﹣③聯立三式并代入數據得：m=0.05kg；v=0.283m/s答：（1）單擺的振動周期為πs，擺長為0.8m；（2）擺球的質量為0.05kg；最大的速度為0.283m/s【考點】單擺周期公式．【分析】（1）小球運動到最低點時，繩子的拉力最大，在一個周期內兩次經過最低點，根據該規律，求出單擺的周期．再根據單擺的周期公式T=2π求出擺長．（2）小球在最高點時繩子的拉力最小，在最低點時繩子拉力最大，求出最高點和最低點繩子拉力的表達式，再結合動能定理或機械能守恒定律求出擺球的質量和最大速度17.如圖所示，在光滑的水平面上，有一塊質量為M的長木板，以速度v0向右做勻速直線運動，現將質量為m的小鐵塊無初速地輕放在木板的前端，設小鐵塊與木板間動摩擦因數為μ，求：（1）小鐵塊與木板相對靜止時，距木板前端多遠？（2）全過程有多少機械能轉化為系統的內能？參考答案：解：（1）以小鐵塊和木板組成的系統為研究對象，系統所受合外力為零，動量守恒，以向右為正方向，根據動量守恒定律得：

Mv0=（M+m）v得

v=（2）根據能量守恒定律，系統損失的機械能全部轉化為系統內能則

Q=得

Q=答：（1）小鐵塊與木板相對靜止時，它們共同運動的速度為．（2）全過程機械能轉化為系統的內能為．【考點】動量守恒定律；動能定理的應用．【分析】（1）以小鐵塊和木板組成的系統為研究對象，系統所受合外力為零，動量守恒，根據動量守恒定律求出兩者相對靜止時的共同速度．（2）系統動能的減小轉化為內能，根據能量守恒定律求出產生的內能．18.均勻導線制成的單位正方形閉合線框abcd，每邊長為L，總電阻為R，總質量為m。將其置于磁感強度為B的水平勻強磁場上方h處，如圖所示。線框由靜止自由下落，線框平面保持在