山西省渾源縣2024年高一物理第二學期期末考試模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、(本題9分)在一斜面頂端，將質量相等的甲乙兩個小球分別以v和的速度沿同一方向水平拋出，兩球都落在該斜面上．甲球落至斜面時的動能與乙球落至斜面時的動能之比為（）A．2：1 B．4：1 C．6：1 D．8：12、(本題9分)圓周運動中，對于向心加速度an與r，從an＝ω2r看an與r成正比，從an＝看an與r成反比，那么()A．an與r成正比不對B．an與r成反比不對C．兩個說法都不對D．兩種說法都對，只是條件不同說法不一樣而已3、(本題9分)關于摩擦力對物體做功，以下說法中正確的是（）A．靜摩擦力對物體一定不會做功B．靜摩擦力對物體可能做負功，也可能做正功C．滑動摩擦力對物體只能做負功，不能做正功D．以上說法都不正確4、(本題9分)里約奧運會男子跳高決賽的比賽中，加拿大選手德勞因突出重圍，以2米38的成績奪冠。則A．德勞因在最高點處于平衡狀態B．德勞因在下降過程中處于超重狀態C．德勞因起跳以后在上升過程中處于失重狀態D．德勞因起跳時地面對他的支持力等于他所受的重力5、一個小孩坐在船內，按圖示兩種情況，用相同大小的力拉繩，使自己發生相同的位移．甲圖中繩的另一端拴在岸上，乙圖中繩的另一端拴在同樣的小船上，水的阻力不計（船未碰撞）．這兩種情況中，小孩所做的功分別為W1、W2，做功期間的平均功率分別為P1、P2，則下列關系正確的是（）A．W1＞W2，P1=P2B．W1=W2，P1=P2C．W1=W2，P1＜P2D．W1＜W2，P1＜P26、(本題9分)一個小孩坐在船內，按圖示兩種情況，用相同大小的力拉繩，使自己發生相同的位移．甲圖中繩的另一端拴在岸上，乙圖中繩的另一端拴在同樣的小船上，水的阻力不計（船未碰撞）．這兩種情況中，小孩所做的功分別為W1、W2，做功期間的平均功率分別為P1、P2，則下列關系正確的是（）A．W1＞W2，P1=P2B．W1=W2，P1=P2C．W1=W2，P1＜P2D．W1＜W2，P1＜P27、(本題9分)如圖所示,兩個質量均為的小球套在半徑為的圓環上,圓環可繞豎直方向的直徑旋轉,兩小球隨圓環一起轉動且相對圓環靜止．已知與豎直方向的夾角,與垂直,小球與圓環間恰好沒有摩擦力,重力加速度為,．下列說法正確的是（）A．圓環旋轉角速度的大小為B．圓環旋轉角速度的大小為C．小球受到的重力和彈力合力水平向左D．小球與圓環間摩擦力的大小為8、(本題9分)一個物體以初速度v0水平拋出，落地時速度為v，則（）A．物體在空中運動的時間是B．物體在空中運動的時間是C．物體拋出時的豎直高度是D．物體拋出時的豎直高度是9、(本題9分)關于第一宇宙速度，下列說法正確的是（）A．它是人造地球衛星繞地球運行的最大速度B．它是人造地球衛星在近地圓軌道運行的速度C．它是人造地球衛星進入近地軌道的最小發射速度D．把衛星發射到越遠的地方越容易10、(本題9分)對于某一物體，下列說法中正確的是（）A．物體的動量發生改變，則合外力一定對物體做了功B．物體的運動狀態改變，其動量一定改變C．物體的動量發生改變，其動能一定發生改變D．物體的動能發生改變，其動量一定發生改變11、一帶負電的粒子只在電場力作用下沿x軸正向運動，其電勢能E隨位移x變化的關系如圖所示，其中0～x2段是對稱的曲線，x2～x3段是直線，則下列說法正確的是（）A．x1處電場強度為零B．x1、x2、x3處電勢φ1、φ2、φ3的關系為φ1＞φ2＞φ3C．粒子在0～x2段做勻變速運動，x2～x3段做勻速直線運動D．x2～x3段是勻強電場12、(本題9分)如圖所示，在傾角為30°的斜面上，質量為1kg的小滑塊從a點由靜止下滑，到b點時接觸一輕彈簧。滑塊滑至最低點c后，又被彈回到a點，已知ab=0.6m，bc=0.4m，重力加速度g取10m/s2，下列說法中正確的是A．滑塊滑到b點時動能最大B．整個過程中滑塊和彈簧組成的系統機械能守恒C．彈簧的最大彈性勢能為2JD．從c到b彈簧的彈力對滑塊做了5J的功二．填空題(每小題6分，共18分)13、(本題9分)某同學利用下圖裝置來做“驗證機械能守恒定律”實驗(1)現有器材：打點計時器、學生電源、鐵架臺（包括鐵夾）、紙帶、附夾子的重錘、刻度尺、秒表、導線若干和開關，其中此實驗不需要使用的器材是__________.(2)打點計時器使用_________電源（填“交流”，“直流”）.(3)使用打點計時器方法正確的是_________.A．同時接通打點計時器的電源和釋放重物B．先接通打點計時器的電源再釋放重物C．先釋放重物再接通打點計時器的電源(4)若實驗中所用重錘的質量m=0.3kg，打點計時器所用電源的頻率為50Hz，正確操作得到的紙帶如圖乙所示，O點對應重錘開始下落的時刻，另選連續的三個計時點A、B、C作為測量的點，圖中的數據分別為計數點A、B、C到起始點O的距離，取重力加速度g=9.8m/s2，則打點計時器在打B點時，重錘的速度大小是_______m/s，從初始位置O到打下計數點B的過程中，重錘的重力勢能的減少量為____________J（結果都保留兩位有效數字）(5)在數據處理中，該同學發現物體重力勢能的減少量ΔEp總是_________（選填“大于”“等于”或“小于”）物體動能的增加量ΔEk，主要原因是_________(填選項前的字母)A．選用的重錘質量過大B．沒用天平稱重物質量C．空氣對重錘的阻力和打點計時器對紙帶的阻力14、用圖①的電路測量一節蓄電池的電動勢和內阻．蓄電池的內阻很小，為防止滑動變阻器電阻過小時由于電流過大而損壞器材，電路中用了一個保護電阻R0.除蓄電池、導線、開關外，可供使用的實驗器材還有：A．電壓表V1（量程3V、15V）B．電壓表V2（量程3V、15V）C．滑動變阻器R1（0~20Ω，允許最大電流1A）D．滑動變阻器R2（0~1500Ω，允許最大電流0.2A）E.定值電阻R01（阻值1Ω，額定功率5W）F.定值電阻R02（阻值10Ω，額定功率10W）回答下列問題：（1）電壓表V1選____量程，電壓表V2選____量程；（選填“3V”或“15V”）（2）滑動變阻器選____（填“R1”或“R2”），定值電阻選_____(選填“R01”或“R02”）；（3）根據實驗數據，繪制U1-U2圖象，得到的應該是圖②中的____（選填“甲”或“乙”）；（4）若圖線與縱軸的交點坐標為a，圖線的斜率（或斜率的絕對值）為k，則蓄電池的電動勢為______,內阻為______（定值電阻用“R0”表示）15、(本題9分)某同學在用頻閃照相“研究平拋運動”實驗中，記錄了小球運動途中的A、B、C三點的位置，取A點為坐標原點，得到如圖所示坐標。取g=10,則閃光頻率是____Hz，小球做平拋運動的初速度v0=__m/s，小球從開始做平拋運動到B點所用的時間tB=___s三．計算題(22分)16、（12分）(本題9分)飛行時間質譜儀可通過測量離子飛行時間得到離子的荷質比，如圖1．帶正電的離子經電壓為U的電場加速后進入長度為L的真空管AB，可測得離子飛越AB所用時間．改進以上方法，如圖2，讓離子飛越AB后進入場強為E（方向如圖）的勻強電場區域BC，在電場的作用下離子返回B端，此時，測得離子從A出發后飛行的總時間，（不計離子重力）（1）忽略離子源中離子的初速度，①用計算荷質比；②用計算荷質比．（2）離子源中相同荷質比離子的初速度不盡相同，設兩個荷質比都為的離子在A端的速度分別為和（），在改進后的方法中，它們飛行的總時間通常不同，存在時間差，可通過調節電場E使2．求此時E的大小．17、（10分）如圖所示,傳送帶與地面成夾角θ=37°,以4m/s的速度順時針轉動,在傳送帶下端輕輕地放一個質量m=1kg的物體,它與傳送帶間的動摩擦因數μ=1,已知傳送帶從A到B的長度L=6m,求物體從A到B過程中傳送帶克服物塊摩擦力做功的平均功率?

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、B【解析】

根據平拋運動的推論tanθ=2tanα得到甲、乙兩個小球落在斜面上時速度偏向角相等，根據運動的合成與分解求出末速度即可解題．【詳解】設斜面傾角為α，小球落在斜面上速度方向偏向角為θ，甲球以速度v拋出，落在斜面上，如圖所示：

根據平拋運動的推論可得tanθ=2tanα，所以甲乙兩個小球落在斜面上時速度偏向角相等；對甲有：，對乙有：，聯立可得：．由于甲乙兩球質量相等．所以動能之比等于速度之比的平方，故B正確，ACD錯誤．【點睛】本題主要是考查了平拋運動的規律，知道平拋運動可以分解為水平方向的勻速直線運動和豎直方向的自由落體運動．2、C【解析】對于向心加速度的公式an＝ω2r，當ω不變時，an與r成正比；當r不變時，an與ω2成正比；在公式中，當v不變時，an與r成反比，當r不變時，an與v2成正比，故C正確，ABD錯誤．3、B【解析】

AB、靜摩擦力作用的物體間無相對滑動，但不代表沒發生位移，所以可以做正功、負功或不做功，例如糧倉運送糧食的傳送帶對糧食施加一靜摩擦力，該力對糧食做正功，隨轉盤一起轉動的物體，摩擦力提供向心力，不做功等，故B正確，A錯誤；C、將小物塊輕輕放在勻速運動的傳送帶上，小物塊相對于傳送帶運動，滑動摩擦力充當動力，傳送帶對小物塊的摩擦力做正功，故C錯誤；D、根據上述分析可知，D錯誤；故選B．【點睛】判斷摩擦力是做負功還是做正功，關鍵是判斷該物體所受摩擦力的方向與它相對地面的位移方向間的夾角是大于、等于還是小于90°；力與位移方向間的夾角大于90°做負功、等于90°不做功、小于90°做正功，據此解答．4、C【解析】無論是上升過程還是下落過程，還是最高點，運動員的加速度始終向下，所以他處于失重狀態，故AB錯誤，C正確；起跳時運動員的加速度的方向向上，地面對他的支持力大于他受到的重力。故D錯誤；故選C。點睛：本題主要考查了對超重失重現象的理解，人處于超重或失重狀態時，人的重力并沒變，只是對支持物的壓力或懸掛物的拉力變了．5、D【解析】

兩種情況用同樣大小的力拉繩，甲乙兩幅圖中左邊的船移動的位移相同，但乙圖中右邊的船也要移動，故拉力作用點移動的距離大；拉力的功等于拉力與作用點在拉力方向上的位移的乘積，故乙圖中拉力做功多，由于時間相同，故乙圖中拉力的功率大；故選D．6、D【解析】

兩種情況用同樣大小的力拉繩，甲乙兩幅圖中左邊的船移動的位移相同，但乙圖中右邊的船也要移動，故拉力作用點移動的距離大；拉力的功等于拉力與作用點在拉力方向上的位移的乘積，故乙圖中拉力做功多，由于時間相同，故乙圖中拉力的功率大；故選D．7、AD【解析】小球B與圓環間恰好沒有摩擦力，由支持力和重力的合力提供向心力，有：mgtan37°=mω2Rsin37°；解得：ω＝，則A正確，B錯誤；對小球A受力分析如圖，可知小球A受到的重力、彈力和摩擦力的合力水平向左，選項C錯誤；由圖可知：

Nsinθ-fcosθ=mω2Rsinθ；Ncosθ+fsinθ-mg=0；聯立解得：f＝mg，故D正確；故選AD．點睛：解決本題的關鍵搞清物塊做圓周運動向心力的來源，結合牛頓第二定律，抓住豎直方向上合力為零，水平方向上的合力提供向心力進行求解．8、BD【解析】

AB．物體在豎直方向做自由落體運動，因此豎直方向速度再根據得故A錯誤，B正確；CD．物體在豎直方向做自由落體運動，因此豎直方向速度再根據得故C錯誤，D正確。故選BD。9、ABC【解析】

第一宇宙速度又稱為環繞速度，是指在地球上發射的物體繞地球飛行作圓周運動所需的最小初始速度．【詳解】人造衛星在圓軌道上運行時，運行速度，軌道半徑越大，速度越小，由于半徑最小，故第一宇宙速度是衛星在圓軌道上運行的最大速度，同時也是衛星在近地圓軌道運行的速度，故AB正確；物體在地面附近繞地球做勻速圓周運動的速度叫做第一宇宙速度，在地面附近發射飛行器，如果速度等于7.9km/s，飛行器恰好做勻速圓周運動，如果速度小于7.9km/s，就出現萬有引力大于飛行器做圓周運動所需的向心力，做近心運動而落地，所以發射速度不能小于7.9km/s；故C正確．根據克服地球的引力做功，可知當越遠需要克服引力做功越多，所以發射到越遠的地方越不容易，故D錯誤．故選ABC【點睛】注意第一宇宙速度有三種說法：①它是人造地球衛星在近地圓軌道上的運行速度②它是人造地球衛星在圓軌道上運行的最大速度③它是衛星進入近地圓形軌道的最小發射速度.10、BD【解析】A.物體的動量發生變化，可能是速度的大小、方向中有一個量或兩個量發生了變化，物體肯定受到了力的作用，但此力不一定做功，故A錯誤；B.運動狀態的標志是速度，運動狀態改變，速度一定變化，則動量一定變化，故B正確；C.物體的動量變化，可能是速度的大小、方向中有一個量或兩個量發生了變化，若僅是速度的方向改變，則動能不變，故C錯誤；D.物體的動能改變，則其速度的大小一定改變，故動量一定發生改變，故D正確．故選BD11、ABD【解析】

根據電勢能與電勢的關系：Ep=qφ，場強與電勢的關系：E=，得：，由數學知識可知Ep-x圖象切線的斜率等于Eq，x1處切線斜率為零，則x1處電場強度為零，故A正確；根據電勢能與電勢的關系：Ep=qφ，粒子帶負電，q＜0，則知：電勢能越大，粒子所在處的電勢越低，所以有：φ1＞φ2＞φ1．故B正確；由圖看出在0～x1段圖象切線的斜率不斷減小，由上式知場強減小，粒子所受的電場力減小，加速度減小，做非勻變速運動．x1～x2段圖象切線的斜率不斷增大，場強增大，粒子所受的電場力增大，做非勻變速運動．x2～x1段斜率不變，場強不變，即電場強度大小和方向均不變，是勻強電場，粒子所受的電場力不變，做勻變速直線運動，故C錯誤，D正確；故選ABD.【點睛】解決本題的關鍵要分析圖象斜率的物理意義，判斷電勢和場強的變化，再根據力學基本規律：牛頓第二定律進行分析電荷的運動情況.12、BD【解析】滑塊滑到b點時剛接觸彈簧，剛過b點時，滑塊重力的分力大于彈力，滑塊仍加速運動，則b點動能不是最大，選項A錯誤；整個過程中只有重力和彈簧的彈力做功，則彈簧、滑塊與地球組成的系統機械能守恒，故B正確；滑塊從a到c，運用動能定理得：mghac+W彈′=0

解得：W彈′=-5J。彈簧彈力做的功等于彈性勢能的變化，所以整個過程中彈簧彈性勢能的最大值為5J，故C錯誤；從c點到b點彈簧的彈力對滑塊做功與從b點到c點彈簧的彈力對滑塊做功大小相等，根據C選項分析，從c到b彈簧的彈力對滑塊做的功是5J，故D正確；故選BD。點睛：本題的關鍵是認真分析物理過程，把復雜的物理過程分成幾個小過程并且找到每個過程遵守的物理規律，列出相應的物理方程解題．同時要明確彈簧彈力做的功等于彈性勢能的變化．二．填空題(每小題6分，共18分)13、秒表交流B3.01.4大于C【解析】

(1)此實驗用打點計時器，則不需要使用秒表.(2)打點計時器使用交流電源.(3)使用打點計時器時，要先接通打點計時器的電源再釋放重物，故選B.(4)B點的瞬時速度為：，

從初始位置O到打下計數點B的過程中，重錘的重力勢能的減少量為：△Ep=mgh=0.3×9.8×0.470J≈1.4J．

(5)實驗中由于空氣對重錘阻力和打點計時器對紙帶的阻力影響，得出重力勢能的減小量總是大于動能的增加量．故選C．14、3V3VR1R01甲akR0【解析】

（1）一節蓄電池電動勢約為2V，故電壓表V1測量路端電壓，最大不超過電源電動勢，選3V量程，（2