2023年高三物理對接新高考全真模擬試卷

（二）

（云南、安徽、黑龍江、山西、吉林五省通用）

考試時間：60分鐘滿分：110分

1、卷面要保持整潔干凈。

2、答案要寫在指定的位置。

3、計算題要寫出必要的文字說明和必要的公式。

二、選擇題：本題共8個小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14~18題只

有一項是符合題目要求，第19~21題有多個選項符合題目要求。全部選對的得6分，選對

但不全的得3分，有錯誤的得0分。

14、我國的火星探測車用放射性材料PuO?作為燃料.PuC）2中的Pu元素是置Pu,已知

都Pu發生衰變的核反應方程為非Puf翼U+mX^Pu的半衰期為87.7年.下列說法正

確的是（）

A.衰變過程一定釋放能量

B.方程中陽=2,X是:H

C.100個般Pu原子核經過87.7年后還有50個未衰變

D.放出的射線是高速氮核流，它的貫穿能力很強

【答案】A

【解析】衰變過程有質量虧損，則一定釋放能量，A正確；根據核反應的質量數守恒和電荷

數守恒可知，方程中的znX質量數為4,電荷數為2,則X是；He,"2=1,B錯誤；半衰期

是統計規律，對少數原子核衰變不適用，C錯誤：放出的射線是高速氮核流，它的電離能力

強，但是貫穿能力很弱，D錯誤.

15、關于氣體的壓強，下列說法正確的是（）

A.單位體積內的分子數越多，氣體的壓強就越大

B.分子的平均動能越小，氣體的壓強就越小

C.一定質量的理想氣體，體積越大，溫度越低，氣體的壓強就越小

D.一定質量的理想氣體，體積越大，溫度越高，氣體的壓強就越大

【答案】C

【解析】：A、氣體的壓強與氣體分子的數密度和分子的平均動能有關。則知單位體枳分子

數越多，氣體壓強不一定越大，故A錯誤；

B、分子平均動能越小，溫度越低，氣體壓強不一定越大，故B錯誤；

C、一定質量的理想氣體，體積越大，溫度越低，根據"=C知氣體壓強越小，故C正確；

D、由華=C知一定質量的理想氣體，體積越大，溫度越高，氣體的壓強可能變大、變小

或不變，故D錯誤。

故選：C。

16、將一勁度系數為k的輕彈簧壓縮后鎖定，在彈簧上放置一質量為m的小物塊，距離地

面高度為九，如圖甲所示.解除彈簧的鎖定后，小物塊被彈起，其動能紇與離地高度h的關

系如圖乙所示，其中力&到久間的圖像為直線，其余部分均為曲線，為對應圖像的最高點.

不計空氣阻力，重力加速度為g,下列說法正確的是（）

A.小物塊上升至高度小時，彈簧形變量為零「反

B.小物塊上升至高度小時，加速度為零/

c.小物塊從高度為上升到九，彈簧的長度變化為坐"II工4

k7〃〃〉）而77r3tilill

甲

D.解除鎖定前，彈簧的彈性勢能為mg為

【答案】C

【解析】小物塊上升至高度力3時，動能最大，則此時彈簧彈力與重力平衡，所以彈簧形變

量不為零，A錯誤；因為%到％間的圖像為直線，即小物塊做勻減速直線運動，所以小物

塊上升至高度％后，彈簧形變量為零，彈簧恢復原長，小物塊只受重力，加速度為g,B錯

誤；小物塊在兒時，加速度為g,在外和力4處的動能相同，根據彈簧振子運動的對稱性可

知，在力2處的加速度大小也為9,則根據牛頓第二定律有戶一阿="，得F=2mg,所

以小物塊從高度力2上升到也，彈簧長度變化了％=￡=2空，C正確；由題圖根據能量守

kk

恒推出，解除鎖定前，彈簧的彈性勢能為與0=mg（為一4），D錯誤.

17、如圖所示，兩個小球A、B通過一根剛性輕桿固定連接，沿半圓形凹槽下滑。在兩球滑

動過程中.下列說法正確的是（）

A.A3兩球的角速度大小相等

B.A、8兩球的線速度相同

C.球B的向心加速度大于球A的向心加速度

D.A、3兩球所受向心力大小相等

【答案】A

【解析】A.將A與8的速度分解為沿桿方向和垂直于桿方向，如圖所示

由幾何關系可知，A與B的速度與桿的夾角均為。，由于A與8沿桿方向的速度相同，則

COS0-VBcos0

則

“以

由于4與8圓周運動半徑相同，由于

VA=%R

VB=8BR

則

故A正確；

B.A與B線速度大小相同，但方向不同，故B錯誤；

C.向心加速度大小為

2

an=—

nR

由于線速度大小相等，則向心加速度大小相等，故c錯誤；

D.向心力為

乙=man

向心加速度雖然相同，但A與8球的質量關系未知，則無法比較大小，故D錯誤。

故選A。

18、某衛星在赤道上空軌道半徑為｛的圓形軌道上繞地球運行的周期為T,衛星運動方向

與地球自轉方向相同，赤道上某城市的人每三天恰好五次看到衛星掠過其正上方。假設某時

刻，該衛星在A點變軌由半徑為｛的圓形軌道進入橢圓軌道，近地點B到地心距離為G。

設衛星由A到8運動的時間為t,地球自轉周期為"，不計空氣阻力，則（）

A.T=*T°

8°

C.衛星在圖中橢圓軌道由A到B時，機械能增大

D.衛星由圖中圓軌道進入橢圓軌道過程中，機械能不變

【答案】A

【解析】赤道上某城市的人每三天恰好五次看到衛星掠過其正上方，則3T0=8T所以A對。

根據開普勒第三定律可知B錯。衛星在圖中橢圓軌道由A到B時，必須減速，機械能減小,

C錯。衛星由圖中圓軌道進入橢圓軌道過程中，必須加速，機械能增加，D錯。

19、如圖所示，帶電荷量之比為qj%=1：3的帶電粒子A、8以相等的速度％從同一點

出發，沿著跟電場強度垂直的方向射入平行板電容器中，分別打在C、D點,若OaCD,

忽略粒子重力的影響，則()

A.A和8在電場中運動的時間之比為1:2

B.4和8運動的加速度大小之比為4：1++++++

C.A和8的質量之比為1:12

OCD

D.A和B的位移大小之比為1：1

【答案】ABC

【解析】A項：粒子在電場中做類平拋運動，在水平方向：x=vot,初速度相等，所以，8X,

OC1

A和B在電場中運動的時間之比---------=一,A符合題意；

OC+CD2

1,

B項：粒子在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，^=］。廠,了相同，。與『成反此,

所以上=T=；，B符合題意;

aBG1

C項：由牛頓第二定律得：qE=ma,則粒子質量加=致，C符合題意;

a

D項：A、8的位移大小之比:H1,D不符合題意。

22

XByly+(OC+CD)

故答案為：ABCo

20、如圖所示，有一個理想變壓器，原線圈匝數％=400,兩組副線圈匝數%=%=100,

理想二極管和C=2X1()6F的電容器接在副線圈肛兩端，定值電阻R=25。接在副線圈均兩

端，在必端輸入交流電”=220夜sin10()山(V),開關S閉合電路穩定后，原線圈電壓為q,

電流為小副線圈內的電壓為4，電流為八，下列說法

正確的是()

A.電容器C的電荷量一直在變化

B.電容器C的電荷量是1.10x107。

C.原線圈4與副線圈出的電流滿足7=：

D.定值電阻R電功率是121W

【答案】CD

【解析】理想二極管和電容器接在副線圈供,理想二極管具有單向導電性，電容器只能充

電不會放電，當電容器的電壓達到最大值，電量達到最大值且以后電量不變，原線圈勺電

壓最大值Gm=22O0V,根據理想變壓器電壓與匝數關系得攜=必，代入數據得

U2mn2

U2m=55V2V,開關S閉合電路穩定后電容器的電量q=CU2m=11&X10-5C,A、B選項都

錯誤；當電容器的電壓達到最大值后，副線圈〃2中電流是0,根據理想變壓器輸出功率等于

輸入功率得所以，=今=皆，C選項正確；由于a=220V,則U,=55V,定

值電阻R電功率P=〃^=121W,D選項正確。

R

21、如圖甲所示，abed是由導體做成的"U"形框架，其所在平面（萬c在水平面上）與水平

面的夾角為e,質量為m的導體棒PQ與導軌。人、cd垂直接觸良好（接觸面粗糙），回

路尸反。的面積為S。整個裝置放在垂直于框架平面的磁場中，磁場的磁感應強度大小隨時

間的變化關系如圖乙所示，磁場的最大磁感應強度為旦,，PQ始終靜止。在。~。。時間內，

下列說法正確的是（）

A.PQ中感應電流的方向由P到Q

BS

B.回路中產生的感應電動勢為多0一

C.尸。所受安培力的方向垂直尸。沿框架平面向上

D./=0時刻，PQ所受摩擦力一定沿框架向下

【答案】BC

【解析】A.由楞次定律可以判斷，導體棒P。中感應電流的方向由Q到P,所以A錯誤;

A卜①綜s

B.回路中產生的感應電動勢/===一J所以B正確；

C.出安培定則可以判斷，導體棒P。所受安培力的方向垂直PQ沿框架平面向上，所以C止

確；

D.t=O時刻，導體棒所受安培力大小未知。無法根據物體的平衡條件確定導體棒PQ所受

摩擦力的方向，所以D錯誤；

故選BC,

二、實驗題

22、（6分）某同學利用如圖中所示的裝置探究小車加速度與其所受合外力之間的關系。

（1）請補充完整下列實驗步驟的相關內容：

①用天平測量祛碼盤的質量相°、小車（含遮光片）的質量M并記錄，用游標卡尺測量遮光

片的寬度d并記錄；按圖甲所示安裝好實驗裝置，用刻度尺測量兩光電門之間的距離s；

②在祛碼盤中放入適量的祛碼，適當調節長木板的傾角，直到輕推小車后遮光片先后經過光

電門A和光電門8的時間相等；

③取下細線和祛碼盤，記下（填寫相應物理量及其符號）；

④使小車從靠近滑輪處由靜止釋放，分別記錄遮光片遮擋光電門A和B的時間和；

⑤重新掛上細線和祛碼盤，改變長木板傾角和祛碼盤中祛碼的質量，重復②?④步驟。

（2）若每次實驗記錄的數據在誤差范圍內都滿足（用（1）問中記

錄的物理量符號表示，己知重力加速度為g）,則牛頓第二定律得到驗證。

（3）本實驗的誤差可能來源于下列哪些情況。

遮光片光電門文

與小車端相連的細線和軌道不平行滑輪;NA光冬4口―

A.1mB

細線一板

B.軌道不光滑A滬

祛碼盤,=*.；

C.兩光電門間的距離過近甲

D.祛碼盤的質量未能遠大于小車的質量

【答案】

(1)祛碼的質量m

⑵(J_)2_(4)2=2sXk

4/

(3)AC

【解析】(1)在步驟②中，小車先后經過光電門A和光電門8的時間相等，此時小車受力

平衡，祛碼和盤總重力等于小車所受拉力，當取下祛碼和盤，小車受合力為祛碼和盤總重力，

所以應該記下此時祛碼的質量m；

(2)在遮光片隨滑塊從A運動到B的過程中，由于遮光片寬帶很小，所以可以用經過光電

dd

門的平均速度代替滑塊經過A、B兩點的瞬時速度，即巳％=「小車從A到8

(jL)2_(jL)2

過程，根據運動學公式求得加速度為Ar/由牛頓第二定律

2s2s

(^-)2-(—)2

Q〃+%)g=Ma即/、Ar\t.移項得

(m+m)g=M---------

02s

(—)2-(—)2=2s1注即滿足上式，則牛頓第二定律得到驗證：

NBMM

(3)A.與小車端相連的細線和軌道不平行，使得小車系上細線和祛碼盤時，小車受到合力

發生變化，撤去細線后，小車受到的重力分力與摩擦力的合力不等于(m+m0)g，對實驗產

生誤差，A正確；

C.兩光電門間的距離過近，將會增大長度測量的相對誤差，C正確；

BD.當小車系上細線和祛碼盤時，小車處于平衡狀態，細線對小車的拉力為(m+/)g,撤

去細線后，小車受到的重力分力與摩擦力的合力等于(m+，％)g,沒有誤差，所以軌道是否

光滑，祛碼盤的質量與小車的質量關系對實驗沒有影響，BD錯誤。故選AC。

23、(8分)如圖為測量未知電阻段的電路，凡為阻值己知，且跟《阻值相當的定值電阻,

R為滑動變阻器，電源￡的電動勢未知，S1和S2均為單刀雙擲開關。A為內阻不計的電流

表。請補充以下實驗步驟：

(1)將R的滑片滑到(填"左"或者"右")端，開關加擲向a,S2擲向(填"c"

或者"d"),調節R的滑片，使電流表指針偏轉角度合適，測得電流表示數為乙。

(2)開關&擲向b,S2擲向(填"c"或者"d"),測得電流表示數為A0

(3)則用的表達式為凡=

【答案】

(1)右；c

(2)d

⑶&=牛

【解析】(1)為保護電路，開關閉合前滑動變阻器應調到阻值最大處，故將R的滑片滑到

右端。

開關S1擲向a,S2應擲向c,電流表測與的電流，與&并聯。

(2)開關'擲向b,S2應擲向d,電流表測尺的電流，與&并聯。

(3)電流表電阻忽略，則兩次測量并聯部分電壓不變，有

1風=1網

則R,的表達式為

'k°

三、計算題：

24、(14分)如圖所示，質量機=lkg的滑塊8靜止放置于光滑平臺上，8的左

端固定一輕質彈簧。平臺右側有一質量M=4kg的小車C,其上表面與平臺等高,

小車與水平面間的摩擦不計。平臺左側的光滑圓弧軌道與平臺平滑連接，圓弧軌

道半徑H=1.6m，其左側端點P與圓弧圓心。的連線與豎直方向的夾角8=60。。

現將滑塊A從尸點由靜止開始釋放，滑塊A滑至平臺上擠壓彈簧，經過一段時

間彈簧恢復原長后，滑塊B離開平臺滑上小車C,最終滑塊B恰好未從小車C

上滑落。已知滑塊8與小車C之間的動摩擦因數〃=0.4,小車的長度L=().9m，

重力加速度大小g=10m/s2,滑塊A、8均可視為質點，求：

(1)滑塊8剛滑上小車C時的速度大小%；

(2)滑塊A的質量〃％；

(3)該過程中彈簧彈性勢能的最大值與。

【答案】

(1)3m/s(2)0.6kg(3)3J

【解析】(1)設滑塊B滑至小車C右端時它們的共同速度大小為內滑塊3從滑

上小車C到滑至小車C右端的過程中，滑塊B和小車。兩者組成的系統動量守

恒，根據動量守恒定律有

mvQ=(M+m)v

根據能量守恒定律有

；mv1—；(M+mW=/jmgL

解得

%=3mzs

(2)滑塊A自P點滑至平臺的過程中，由動能定理有

,12

m0gRQ-cos60°)=—mx)vA

設滑塊A擠壓彈簧結束后(彈簧恢復原長時.)的速度大小為匕，滑塊A與滑塊8

在水平平臺上相互作用的時間內，兩者組成的系統滿足動量守恒定律和機械能守

恒定律，根據動量守恒定律有

根據機械能守恒定律有

121212

+mV

3m(FA=5叫%2°

解得

m1)-0.6kg

(3)當滑塊A、B速度大小相等時彈簧彈性勢能最大，根據動量守恒定律有

m()vA=(回)+機)丫共

根據能量守恒定律有

解得

"J

25、(16分)(一)如圖所示為一列簡諧橫波在1=0時刻的圖像，此時質點P的運動方向

沿y軸負方向，且當f=0.35s時質點P恰好從，=0時開始第2次到達y軸正方向最大位移

處。問：

(1)該簡諧橫波的波速V的大小和方向如何；

(2)從1=0至，=1.2s,質點Q運動的路程L是多少。

(二)如圖所示，一定質量的理想氣體從狀態A變化到狀態B的反向延長線過原點。

已知氣體在狀態A時的壓強/?=lxl()5Pa。氣體從狀態A變化到狀態B的過程中吸收的熱

量Q=L2X1()3J,求：

（1）氣體在狀態B時的體積七；

（2）在氣體從狀態A變化到狀態B的過程中，氣體內能的增量AU。

（一）【答案】

（1）2m/sr沿x軸負方向

（2）120cm

【解析】（1）圖示時刻質點P沿y軸負方向運動，所以應位于波傳播方向波形的上坡上,

即波速方向沿x軸負方向。設波的周期為了，由題意可得

11+汐=0.35s

解得

T=0.2s

由圖像可知波長為X=0.4m，所以波速為

Ac,

v=—=2m/s

T

（2）從r=0至，=1.2s,質點Q振動了6個周期，所以該段時間內質點Q運動的路程為

L=6x4A=120cm

（-）【答案】

（1）1.5xl0-2m3

(2)700J

【解析】（1）氣體從狀態A變化到狀態B的過程中做等壓變化，有M=M

代入數據解得:%=1.5x10-2n?

（2）在氣體從狀態A變化到狀態8的過程中，外界對氣體做的功為

w=-p/w=-p（vlj-vA）

解得：W=-500J

根據熱力學第一定律有

\U=W+Q

解得：△t/=700J

26、（18分）如圖所示，xOy為豎直平面內的一個直角坐標系，在％=0.5m的直線的上

方有