亳州市普通高中2022-2023學(xué)年高二年級(jí)質(zhì)量檢測(cè)

物理試卷

考生注意：

1.答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)填寫在試卷和答題卡上，并將考生號(hào)條形碼貼在

答題卡上的指定位置。

2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改

動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在

本試卷上無效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只

有項(xiàng)是符合題目要求的。

1.對(duì)于下列物理或生活現(xiàn)象的原理，說法正確的是（）

A.圖1中，兩條優(yōu)質(zhì)的話筒線外面包裹著金屬外衣，應(yīng)用了尖端放電的原理

B.圖2中，制作口罩的一種新穎的“靜電”絕緣纖維布，應(yīng)用了電磁感應(yīng)的原理

C.圖3中，該女生的頭發(fā)和帶電的金屬球帶有同種性質(zhì)的電荷

D.圖4中，靜電噴漆時(shí)，使被噴的金屬件與油漆霧滴帶相同電性的電荷，這樣使油漆與金屬表面在靜電

力作用下噴涂更牢固

【答案】C

【解析】

【詳解】A.圖1中，兩條優(yōu)質(zhì)的話筒線外面包裹著金屬外衣，應(yīng)用了靜電屏蔽的原理，A錯(cuò)誤；

B.圖2中，制作口罩一種新穎的“靜電”絕緣纖維布，應(yīng)用了靜電吸附的原理，B錯(cuò)誤；

C.圖3中，該女生接觸帶電的金屬球，該女生的頭發(fā)和帶電的金屬球帶有同種性質(zhì)的電荷，C正確；

D.圖4中，靜電噴漆時(shí)，使被噴的金屬件與油漆霧滴帶異種電性的電荷，這樣使油漆與金屬表面在靜電

力作用下噴涂更牢固，D錯(cuò)誤。

故選Co

2.如圖1所示，/8C構(gòu)成等邊三角形，若兩通電導(dǎo)線48在C處產(chǎn)生磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為Bo；

如圖2所示，小磁針懸掛在直導(dǎo)線正上方，在直導(dǎo)線/8中通有自力向8方向的電流，下列說法正確的是

()

C

A.C處磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小是2Bo

B.C處磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于/3連線

C.小磁針N極將會(huì)垂直紙面向外轉(zhuǎn)動(dòng)

D.小磁針會(huì)在紙面內(nèi)順時(shí)針旋轉(zhuǎn)90°

【答案】C

【解析】

【詳解】AB.根據(jù)安培定則，作出兩通電導(dǎo)線/、8在C處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度，如圖所示

R

Bc-2B0COS30°=

方向與48連線平行，故AB錯(cuò)誤；

CD.當(dāng)導(dǎo)線中通有/到8方向的電流時(shí)，根據(jù)安培定則可得導(dǎo)線在小磁針位置產(chǎn)生垂直紙面向外的磁場(chǎng),

所以小磁針的N極將垂直紙面向外轉(zhuǎn)動(dòng)，而不是在紙面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)，故C正確，D錯(cuò)誤。

故選Co

3.高空墜物極易對(duì)行人造成傷害。某小區(qū)發(fā)現(xiàn)從樓上掉下一個(gè)IOOg的花瓶，監(jiān)控顯示花瓶下落過程中，

從二樓地板處到地面的時(shí)間為0.2s,已知樓層高為4米，花瓶與地面的撞擊時(shí)間約為0.01s,撞擊后靜

止。不計(jì)空氣阻力，重力加速度g取IOm∕s2,則該花瓶對(duì)地面產(chǎn)生的沖擊力大小約為（）

A.IOONB.180NC.200ND.210N

【答案】D

【解析】

【詳解】設(shè)花瓶與地面的撞擊前瞬間的速度為V,根據(jù)逆向思維可得

h=vt——gt

該花瓶與地面碰撞過程，以豎直向上為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理可得

(F=O-(-mv)

γγι?)0]X2]

/=一+/叫=-----N+0.1×10N=211N≈210N

故選D。

4.如圖所示為邊長(zhǎng)為A的正六邊形，在工、C、E點(diǎn)上分別放置電荷量為+Q、-Q,+Q的點(diǎn)電荷，B

知靜電力常量為左，關(guān)于三個(gè)點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)，下列說法正確的是()

+Q

A.0點(diǎn)和尸點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小均為2Z,，方向相反

B.8點(diǎn)和。點(diǎn)的電勢(shì)相等，且比。點(diǎn)電勢(shì)低

C.將一個(gè)帶電小球從。點(diǎn)移到C點(diǎn)，小球的電勢(shì)能降低

D.8點(diǎn)和。點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同

【答案】B

【解析】

【詳解】A.根據(jù)點(diǎn)電荷得場(chǎng)強(qiáng)公式

以及矢量合成運(yùn)算法則可知，。點(diǎn)處得場(chǎng)強(qiáng)大小為

EO=Zg?+%g=2Zg■,方向由O→C

產(chǎn)點(diǎn)得場(chǎng)強(qiáng)大小為

E=k-?-—k-?-=k—?-,方向由O—>Z7

FL4L^4L^

故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)對(duì)稱性可知，8點(diǎn)和。點(diǎn)的電勢(shì)相等，從。點(diǎn)到。點(diǎn)，C點(diǎn)和E點(diǎn)處的兩個(gè)電荷產(chǎn)生的電勢(shì)之和

始終為零，而與/點(diǎn)處的正電荷距離越來越遠(yuǎn)，所有電勢(shì)一直降低，同理可知從。點(diǎn)到8點(diǎn)也是同樣的情

況，故B正確；

C.將一個(gè)帶電小球從。點(diǎn)移到C點(diǎn)，帶點(diǎn)小球離正電荷越來越遠(yuǎn)，離負(fù)電荷越來越近，若帶電小球帶正

電，則在從O點(diǎn)移到C點(diǎn)的過程中電場(chǎng)力始終做正功，電勢(shì)能降低，若帶電小球帶負(fù)電，則在從O點(diǎn)移到

C點(diǎn)的過程中電場(chǎng)力始終做負(fù)功，電勢(shì)能升高，因此在不知道帶電小球電性的情況下無法做出判斷，故C

錯(cuò)誤；

D.根據(jù)對(duì)稱性可知，8點(diǎn)和。點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等方向不同，故D錯(cuò)誤。

故選Bo

5.如圖所示，將一質(zhì)量為的小球放在玻璃漏斗中，晃動(dòng)漏斗，可以使小球沿光滑的漏斗壁在某一水平

面內(nèi)做半徑為r的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，周期為兀重力加速度為g,下列說法正確的是（）

A.在工時(shí)間內(nèi)，小球受到的合力沖量為零

2

T

B.在一時(shí)間內(nèi)，小球受到的合力做功不為零

2

C.在T時(shí)間內(nèi)，小球受到彈力的沖量為零

D.在工時(shí)間內(nèi)，小球受到彈力的沖量大小為機(jī)、竺蓼+之

2VT24

【答案】D

【解析】

【詳解】A.小球的線速度

2πr

V=-------

在《時(shí)間內(nèi)，小球的速度大小不變，方向改變，小球受到的合力沖量為

2

C4mπr

rI=2mv=--------

T

故A錯(cuò)誤;

T

B.小球的速度大小不變，在一時(shí)間內(nèi)，小球受到的合力做功為零，故B錯(cuò)誤;

2

C.在T時(shí)間內(nèi)，小球動(dòng)量改變量為零，根據(jù)動(dòng)量定理可得

O=mgt+IN

解得

4=-mgT

故C錯(cuò)誤；

D.在《時(shí)間內(nèi)，小球受到彈力的沖量大小

2

IN=M步/=好

故D正確。

故選D。

6.恒流源是一種特殊的電源，其輸出的電流能始終保持不變：恒壓源也是一種特殊的電源，其輸出的電

壓能始終保持不變。如圖所示，電路中電流表、電壓表均為理想電表，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向上滑

動(dòng)時(shí)。電壓表示數(shù)的變化量大小為∣AU∣,電流表示數(shù)的變化量大小為∣A∕∣,下列說法正確的是（）

A.當(dāng)電源為恒流源時(shí)，電壓表示數(shù)U變小

B.當(dāng)電源為恒壓源時(shí)，電流表示數(shù)/變大

C.當(dāng)電源為恒流源時(shí)，當(dāng)不變

AI

D.當(dāng)電源為恒壓源時(shí)，電源的輸出功率增大

【答案】C

【解析】

【詳解】AC.當(dāng)電源為恒流源時(shí)，通過&的干路電流/總始終不變，當(dāng)滑動(dòng)觸頭向上滑動(dòng)時(shí)，RO增大,

總電阻也增大，由

U=/總R總

可知電壓表示數(shù)U變大；由歐姆定律

U-I電風(fēng)=U總一I）R?

整理得

US2）一外

所以

當(dāng)滑動(dòng)觸頭向上滑動(dòng)時(shí)，F(xiàn)不變。故A錯(cuò)誤，C正確；

?7

BD.當(dāng)電源為恒壓源時(shí)，電壓表示數(shù)U不變，當(dāng)滑動(dòng)觸頭向上滑動(dòng)時(shí)，總電阻增大，由

U=I總R總

可知干路電流/總減小，所以由

P=UI總

可得電源的輸出功率減小；又因?yàn)镠O增大，并聯(lián)電路兩端電壓增大，故流過當(dāng)?shù)碾娏髟龃螅陕冯娏?/p>

/總減小，所以流過另一支路的電流減小，電流表示數(shù)減小，B、D錯(cuò)誤。

故選C。

7.如圖1的直線為某電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線，以該電場(chǎng)線建立X坐標(biāo)軸，48、C是坐標(biāo)軸上的三點(diǎn)，坐

標(biāo)如圖所示，電子在。點(diǎn)由靜止釋放，只受電場(chǎng)力作用，在沿X方向運(yùn)動(dòng)的過程中其速度一坐標(biāo)關(guān)系圖

像如圖2所示。下列說法正確的是（）

彳3x

OABC

圖1

A.1點(diǎn)的電勢(shì)一定高于C點(diǎn)的電勢(shì)

B.電子在Z點(diǎn)的電勢(shì)能一定大于在C點(diǎn)的電勢(shì)能

C.電子在/處的加速度一定小于在8處的加速度

D.該電場(chǎng)線可能是孤立點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線

【答案】B

【解析】

【詳解】A.電子在。點(diǎn)由靜止釋放，只受電場(chǎng)力作用，沿X方向運(yùn)動(dòng)，則電場(chǎng)力沿X軸正方向，電場(chǎng)線

沿X軸負(fù)方向，沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低，所以4點(diǎn)的電勢(shì)一定小于C點(diǎn)的電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；

B.從/點(diǎn)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，所以電子在力點(diǎn)的電勢(shì)能一定大于在C點(diǎn)的電勢(shì)能，故

B正確；

C.由圖像可知，電子經(jīng)過相同大小的位移Ax,速度變化量Av越來越小，而電子做加速運(yùn)動(dòng)，則所用時(shí)

間4也越來越小，根據(jù)

?v

a=——

△t

無法確定加速度的變化情況，所以電子在/處的加速度不一定小于在B處的加速度，故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)圖像可知，電子從A到B的動(dòng)能變化為

22

ΔE,l=?m(y∕2v)—?mv-?mv^

k*222

電子從8到C的動(dòng)能變化為

22

AEli,=?m(^v)-?m(五V)2=?mv

可知電子從A到B電場(chǎng)力做的功等于從8到C電場(chǎng)力做的功，則該電場(chǎng)線不可能是孤立點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的一

條電場(chǎng)線，故D錯(cuò)誤。

故選B。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有

多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得O分。

8.如圖所示，通電長(zhǎng)直導(dǎo)線右邊有一個(gè)矩形金屬線框ABCO,線框平面與直導(dǎo)線共面，下列情況中

不能使線框ABCO中產(chǎn)生感應(yīng)電流的是（）

A將線框平行移動(dòng)到圖中虛線位置

B.以8C邊為軸將線框翻轉(zhuǎn)180。到圖中虛線位置

C.將線框繞尸。軸轉(zhuǎn)動(dòng)

D,將線框沿方向上下移動(dòng)

【答案】CD

【解析】

【詳解】A.根據(jù)通電直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)分布特征可知，當(dāng)將線框平行移動(dòng)到圖中虛線位置過程中，穿過

線框的磁通量減小，線框中有感應(yīng)電流產(chǎn)生，A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)通電直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)分布特征可知，當(dāng)以BC邊為軸將線框翻轉(zhuǎn)180。到圖中虛線位置時(shí)，穿過

線框的磁通量減小，線框中有感應(yīng)電流產(chǎn)生，B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)通電直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)分布特征可知，當(dāng)將線框繞P。軸轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，穿過線框的磁通量不變，

線框中沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，C正確；

D.根據(jù)通電直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)分布特征可知，當(dāng)將線框沿P0方向上下移動(dòng)，穿過線框的磁通量不變，

線框中沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，D正確。

故選CD

9.如圖1所示，傾角為α的固定足夠長(zhǎng)的光滑斜面上，質(zhì)量為機(jī)的物塊在沿斜面方向的力尸作用下從

。=0開始由靜止開始沿斜面向上做直線運(yùn)動(dòng)，以沿斜面向上為正方向，尸隨時(shí)間f變化的關(guān)系圖像如圖2

所示。已知Sina=取g=10m∕s20下列說法正確的是（）

F

mg

圖1圖2

A.r=1.5s時(shí)物塊的動(dòng)能為零

B.，=3s時(shí)物塊回到初始位置

C.若加=2kg,r=3s物塊的動(dòng)量大小為12kg?m∕s

D.若加=2kg,r=3s物塊的動(dòng)量大小為6kg?m∕s

【答案】AC

【解析】

【詳解】AB.O-Is,物塊沿斜面向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律

F-mgsina=ma}

解得

2

al=2m∕s

由勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律，/二Is時(shí)物塊的速度和位移

v1=砧=2×lm∕s=2m∕s

M=；印;=Im

l~3s,尸方向沿斜面向下，由牛頓第二定律

-F-mgsina=ma,

解得

2

a2=-4m∕s

物塊先沿斜面向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，r=l?5s時(shí)的速度

v2-vl+a2t2=(2-4×0.5)m∕s=0

所以/=1.5s時(shí)物塊的動(dòng)能為零；1?3s物塊的位移

+at

S2=卬3^ιl=(2x2-；x4x2]m=-4m

因?yàn)?2>?，故?=3s時(shí)物塊不在初始位置，而在初始位置以下3m處。故A正確，B錯(cuò)誤；

CD.r=3s時(shí)的速度

v3=vl+a2t3=(2-4×2)m∕s=-6m∕s

若加=2kg,，=3s物塊的動(dòng)量大小為

p=wv3=2×6kg?m/s=12kg?m/s

故C正確，D錯(cuò)誤。

故選ACo

10.如圖所示，一質(zhì)量為3機(jī)的矩形絕緣板放在光滑的水平面上，另一質(zhì)量為機(jī)、帶正電、電荷量為4的

物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))，以初速度％從絕緣板上表面的左端沿水平方向滑入，空間有范圍足夠大的勻強(qiáng)電

場(chǎng)，其場(chǎng)強(qiáng)大小E=2空，方向豎直向下。物塊與絕緣板間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0?5,物塊運(yùn)動(dòng)到絕緣板

q

的右端時(shí)恰好相對(duì)于絕緣板靜止，重力加速度為g,在此過程中，下列說法正確的是()

E

A.電場(chǎng)力對(duì)物塊的沖量大小為w％B.絕緣板的長(zhǎng)度為萼

8g

2

C.系統(tǒng)電勢(shì)能的增加量為3也T77出V^D.絕緣板的對(duì)地位移為3

816g

【答案】AD

【解析】

【詳解】ABD.對(duì)物塊根據(jù)牛頓第二定律有

μ{mg+qE)=rnaχ

解得

q=1.5g

對(duì)絕緣板根據(jù)牛頓第二定律有

A(Jng+qE)-3ma2

解得

4=0.5g

經(jīng)過時(shí)間八，兩物體速度相等，則

解得

公旦

2g

此時(shí)物塊位移

12

M=W砧

此時(shí)絕緣板位移為

12

相對(duì)位移即絕緣板的長(zhǎng)度為

/=X1-X2

電場(chǎng)力對(duì)物塊的沖量大小為

[=qE?t?

聯(lián)立解得

16g

5VQ

16g

I=mv0

故AD正確，B錯(cuò)誤;

C.電場(chǎng)力方向與運(yùn)動(dòng)方向垂直，故電場(chǎng)力不做功，故C錯(cuò)誤。

故選ADo

三、非選擇題：本題共5小題，共54分。

11.某實(shí)驗(yàn)小組利用氣墊導(dǎo)軌探究動(dòng)量定理。將擋光條安裝在滑塊上，用天平測(cè)出遮光條和滑塊的總質(zhì)量

M及槽碼和掛鉤的總質(zhì)量心。實(shí)驗(yàn)步驟如下:

（1）如圖1所示，將氣墊導(dǎo)軌放在水平桌面上，將滑塊放在導(dǎo)軌上，在滑塊上放一個(gè)氣泡水平儀，先調(diào)

節(jié)②③號(hào)調(diào)平螺釘，后調(diào)節(jié)①號(hào)調(diào)平螺釘，當(dāng)氣泡水平儀中的氣泡居中時(shí)，可認(rèn)為導(dǎo)軌基本水平。

@

-氣墊導(dǎo)軌

;

卜

：

?

②

X

(2)用游標(biāo)卡尺測(cè)量擋光條的寬度d,示數(shù)如圖2所示，讀得4=mmO

>[?■?(Cm)

ιιιιlι∣ι∣∣ιl∣ι∣ι∣ι∣l∣∣∣∣IIIIIIIIIIIIII

O1020

圖2

(3)如圖3所示，將滑塊系在繞過定滑輪懸掛有槽碼的細(xì)線上。打開氣泵，滑塊由靜止釋放，數(shù)字計(jì)時(shí)

器記錄下遮光條通過光電門力和8的遮光時(shí)間?Z1和Δ∕2,以及這兩次遮光時(shí)間的間隔?r,計(jì)算出滑塊經(jīng)

過兩光電門速度的變化量Av。重力加速度為g。

實(shí)驗(yàn)過程中多次改變光電門8的位置進(jìn)行測(cè)量，利用測(cè)得的加和Av的數(shù)據(jù)，計(jì)算沖量∕=mg4及動(dòng)量

變化量即=MAu,結(jié)果發(fā)現(xiàn)/與△〃之間有較大差別，對(duì)于這一實(shí)驗(yàn)結(jié)果的分析與改進(jìn)你認(rèn)為正確的是

A.選用質(zhì)量更大的槽碼可以減小誤差

B.選用質(zhì)量更大的滑塊可以減小誤差

C.用拉力傳感器測(cè)出細(xì)線拉力，用其示數(shù)與加的乘積作為沖量/可以減小誤差

D.將槽碼和滑塊質(zhì)量之和與Av的乘積作為動(dòng)量變化A"可以減小誤差

【答案】□.6.60□.BCD

【解析】

【詳解】(2)[1]20分度游標(biāo)卡尺的精確值為0.05mm,由圖2可知，擋光條的寬度為

d=6mm+12×0.()5mm=6.60mm

(3)[2]在實(shí)驗(yàn)中，槽碼的重力是槽碼和滑塊總體的合外力，根據(jù)牛頓第二定律有

mg+m)a

當(dāng)WaM時(shí)，ag,上式才可以近似為

Ing=Ma

此時(shí)才可以認(rèn)為槽碼的重力等于細(xì)線對(duì)滑塊的拉力，也就是滑塊受到的合外力。

A.實(shí)驗(yàn)中產(chǎn)生較大誤差，即是因?yàn)椴鄞a與滑塊的質(zhì)量之比較大，上述近似不成立，所以選用質(zhì)量更大的

槽碼，會(huì)導(dǎo)致誤差更大，故A錯(cuò)誤.

B.選用質(zhì)量更大的滑塊，則槽碼與滑塊的質(zhì)量之比減小，誤差減小，故B正確。

C.用拉力傳感器測(cè)出細(xì)線拉力，此拉力即是滑塊所受合外力，無需經(jīng)過上述近似處理，用其示數(shù)與加的

乘積作為沖量/可以減小誤差，故C正確。

D.將槽碼和滑塊看作整體，槽碼的重力是槽碼和滑塊整體的合外力，將槽碼和滑塊質(zhì)量之和與Av的乘積

作為動(dòng)量變化△〃，即是考察整體的動(dòng)量變化與整體所受合外力產(chǎn)生的沖量之間的關(guān)系，無需做近似處理，

誤差將減小，故D正確。

故選BCDo

12.在測(cè)定兩節(jié)干電池所組成電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)室提供了下列器材：

A.待測(cè)的干電池組

B.電流表AI（內(nèi)阻較小）

C.電流表A2（內(nèi)阻較小）

D.滑動(dòng)變阻器R

E.定值電阻（阻值HO已知）

F.開關(guān)和導(dǎo)線若干

小華同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖1所示的電路來完成實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)步驟如下：

（1）閉合開關(guān)，改變滑動(dòng)變阻器滑片P的位置，記錄多組電流表Al和A2的讀數(shù)；

（2）利用測(cè)出的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪出的兩個(gè)電流表讀數(shù)的變化圖線（如圖2的∕A-∕B圖像），圖線中C點(diǎn)為滑

動(dòng)變阻器滑片在最左端時(shí)對(duì)應(yīng)的數(shù)據(jù)點(diǎn)，。點(diǎn)是滑片向右滑動(dòng)時(shí)的其中一個(gè)數(shù)據(jù)點(diǎn)，則/A表示電流表

的示數(shù)；（選填“A1?或者“A2”）

（3）”一，圖像在橫軸和縱軸上的截距分別為6和“，則由圖像可得被測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)E=

,內(nèi)阻r=；（用圖像中的數(shù)據(jù)和題中的已知條件表示）

（4）用上述方法測(cè)出的電池電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻，?與真實(shí)值相比（填選項(xiàng)序號(hào)）

A.E偏大，，偏大B.E偏小，r偏小

C.E偏大，r偏小D.E偏小，，偏大

【答案】□.A□.□.□.B

2b-ab-a

【解析】

【詳解】口］。點(diǎn)是滑片向右滑動(dòng)時(shí)的其中一個(gè)數(shù)據(jù)點(diǎn)，此時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路電阻為零，根據(jù)并聯(lián)電

路兩支路電壓相等，電阻越小電流越大，可知

又圖線中。點(diǎn)滿足

∕B>∕A

所以/A表示電流表A2的示數(shù)；

［2北3］根據(jù)閉合電路歐姆定律，可知

E=I2R0+(Ii+I2)r

變形得

二上__

12

&+r3°+r

圖像在橫軸和縱軸上的截距分別為6和“，則

E

-----=a

R)+r

E

一=。1

r

聯(lián)立解得

仁也

b-a

Erab&

b-a

［4］由于本題忽略了電流表A?內(nèi)阻，設(shè)為弓，根據(jù)閉合電路歐姆定律，準(zhǔn)確表示為

E=，2(4+G)+(/|+4)r

可知測(cè)量值E偏小，式子變形

Er

I2=-----------∕1---------

Rtj+r+r1與+廠+G

可知，圖線的斜率的絕對(duì)值變小，縱軸截距變小，即圖像在縱軸上的截距。變小，橫軸截距b變大，結(jié)

合表達(dá)式

分析可知，E偏小，廠也偏小。

故選

Bo

13.光滑水平面內(nèi)，一質(zhì)量為加=2.0kg可視為質(zhì)點(diǎn)的物體初速度%=8?0m∕s,r=0時(shí)，在4點(diǎn)對(duì)該物

體施加一與初速度不在同一直線上的水平恒力E,t=2s物體在8點(diǎn)恰好達(dá)到最小速度V=6.4m∕s。求

恒力￡的沖量大小。

【答案】9.6N?s

【解析】

【詳解】根據(jù)題意可知，物體做類平拋運(yùn)動(dòng)，由于物體在8點(diǎn)恰好達(dá)到最小速度，可知恒力耳方向與最

小速度V方向垂直，則物體在/點(diǎn)沿恒力方向的分速度為

2

Vv=JV；-V=4.8m/s

則加速度

V,

?=—v=2.4m∕s

t

則恒力為

6=ma=4.8N

則恒力Fl的沖量大小為

/=隼=9.6N?s

14.如圖所示，質(zhì)量均為2加、長(zhǎng)均為/的木板A、B并排拴接靜置于光滑的水平面上，質(zhì)量為m的小物

塊C（可視為質(zhì)點(diǎn)）以水平速度%（未知）從左端滑上木板A,已知A、B兩木板與小物塊間的動(dòng)摩擦因

數(shù)均為〃，重力加速度為g，求%滿足什么條件才能使C滑上B但不會(huì)從B上掉下。

C%

【答案】

^∣∕zg∕≤v0≤∣√w

【解析】

【詳解】C恰好能滑上B,根據(jù)題意滿足動(dòng)量守恒和能量守恒得

2

mv0=(m+2m+2m)v,?mv^=?(m+2m+2m)v+μmgl

解得

%=爐

A滑上B

2

mv0=mvl+(2m+2m)v2,?mv1—?mvj+?(2m+2m)?^÷μmgl

恰好不會(huì)從B上掉下