樂山市高中2025屆期末教學質量檢測物理本試題卷共四個大題，共6頁，滿分100分，考試時間75分鐘。考生作答時，須將答案答在答題卡上，在本試題卷、草稿紙上答題無效。注意事項：1.答第I卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考試科目用鉛筆涂寫在答題卡上.2.每小題選出答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦擦干凈后，再涂選其它答案，不準答在試題卷上.3.考試結束后，將答題卡交回.一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.物理學家的科學研究推動了人類文明的進程，下列說法正確的是（）A.庫侖研究電荷間的相互作用力與距離、電荷量的關系時，應用了控制變量法B.法拉第發現了電流的磁效應，首次揭示了電與磁的聯系C.歐姆在前人工作的基礎上通過實驗研究總結出了電流通過導體時產生的熱量跟電流的關系D.卡文迪許最早通過油滴實驗比較準確地測出電子的電荷量【答案】A【解析】【詳解】A．庫侖通過實驗研究電荷間的相互作用力與距離、電荷量的關系時，先保持電荷量不變，尋找作用力與電荷間距離的關系；再保持距離不變，尋找作用力與電荷量的關系，這種研究方法被稱為“控制變量法”，A正確；B．奧斯特首先發現了電流的磁效應，B錯誤；C．焦耳在前人工作的基礎上通過實驗研究總結出了電流通過導體時產生的熱量跟電流的關系—焦耳定律，C錯誤；D．密立根根據油滴實驗測得了元電荷電量，D錯誤；故選A。2.電子在勻強電場中僅在電場力的作用下運動時，由a點運動到b點的軌跡如圖中虛線所示，圖中一組平行等距實線是等勢線，下列說法正確的是（）A.該勻強電場方向水平向左B.a點的電勢比b點的電勢低C.電子在a點的速率大于在b點的速率D.電子在a點的電勢能比在b點的電勢能大【答案】C【解析】【詳解】A．電子受到的電場力方向指向運動軌跡的凹側，電場力方向與等勢線方向垂直，所以該勻強電場方向豎直向上，故A錯誤；B．沿著電場線的方向電勢降低，則a點的電勢比b點的電勢高，故B錯誤；C．由a點運動到b點，電場力做負功，速度減小，即電子在a點的速率大于在b點的速率，故C正確；D．a點的電勢比b點的電勢高，電子在a點的電勢能比在b點的電勢能小，故D錯誤。故選C。3.如圖所示，甲、乙兩個電路圖都是由一個靈敏電流表G和一個電阻箱R組成的，丙電路圖是由一個靈敏電流表G和電源、滑動變阻器組成，已知這三個靈敏電流表規格相同，滿偏電流Ig=2mA，內電阻Rg=300Ω，則下列說法正確的是（）A.甲電路圖表示電流表，R增大時量程增大B.乙電路圖表示電壓表，R增大時量程減小C.丙電路圖表示歐姆表，插孔l“+”插孔，表筆A是黑表筆D.在乙圖中，若改裝成的電壓表的量程為3V，則R=1200Ω【答案】D【解析】【詳解】A．甲電路圖由一個靈敏電流表G和一個電阻箱R并聯，利用并聯電阻的分流，改裝成電流表。電流表的量程為可知當R增大時，量程減小，故A錯誤；B．乙電路圖由一個靈敏電流表G和一個電阻箱R串聯，利用串聯電阻的分壓，改裝成電壓表。電壓表的量程為可知當R增大時，量程增大，故B錯誤；C．丙電路圖表示歐姆表，為保證電流從紅表筆流入歐姆表，表筆A是紅表筆，黑表筆與“”插孔連接，則插孔2是“”插孔，故C錯誤；D．根據電壓表改裝原理若改裝成的電壓表的量程為3V，分壓電阻為故D正確。故選D。4.《大國重器》節目介紹的GIL輸電系統的三相共箱技術，如圖甲所示，管道內部有三根絕緣超高壓輸電線纜平行且間距相等，截面圖如圖乙所示，上方兩根輸電線纜A、B圓心連線水平，某時刻A、C中電流方向垂直于紙面向外、B中電流方向垂直于紙面向里，A、B、C中電流大小均為I，則（）A.B、C輸電線纜相互吸引B.輸電線纜A、B、C在A、B連線中點處的磁感應強度方向豎直向上C.正三角形中心O處的磁感應強度方向水平向左D.輸電線纜C所受安培力方向平行線纜A、B圓心連線向左【答案】D【解析】【詳解】A．由于B、C輸電線纜通入的電流方向相反，所以二者相互排斥。故A錯誤；B．根據右手螺旋定則可知，A、B輸電線纜在A、B圓心連線中點處的磁感應強度方向豎直向上，而C輸電線纜在該處的磁感應強度水平向左，則該點的合磁感應強度方向斜向上偏左。故B錯誤；C．A輸電線纜在O點的磁感應強度方向垂直OA指向右上方，B輸電線纜在O點的磁感應強度方向垂直OB指向左上方，根據對稱性可知，A、B輸電線纜在O處的合磁感應強度方向豎直向上，而C輸電線在O點的磁感應強度方向垂直OC水平向左，所以O處合磁感應強度方向應斜向左上方。故C錯誤；D．A對C的安培力沿AC指向A，B對C的安培力沿BC指向C，二力等大，由平行四邊形定則可知，輸電線纜C所受安培力方向平行線纜A、B圓心連線向左，如圖所示故D正確。故選D。5.如圖所示，一電子槍發射出的電子（初速度很小，可視為零）進入加速電場加速后，垂直射入偏轉電場，射出后偏轉位移為y，要使偏轉位移增大，下列哪些措施是可行的（不考慮電子射出時碰到偏轉電極板的情況）（）A.減小加速電壓U0B.減小偏轉電壓UC.增大偏轉極板間距離dD.減小偏轉電場的板長L【答案】A【解析】【詳解】設電子進入偏轉電場的速度為v0，偏轉電場極板的長度為L，極板間距為d，則在加速電場中，有解得電子在偏轉電場中，做類平拋運動，有聯立以上各式可得由此可知，要使偏轉位移增大，可以增大偏轉電壓U，減小加速電壓U0，減小偏轉電場的極板間距d，增大偏轉電場的板長L。故選A。6.如圖甲所示，線圈套在長玻璃管上，線圈的兩端與電流傳感器（可看作理想電流表）相連.將強磁鐵從長玻璃管上端由靜止釋放，磁鐵下落過程中將穿過線圈，并不與玻璃管摩擦.實驗觀察到如圖乙所示的感應電流隨時間變化的圖像，從上往下看線圈中順時針為電流的正方向，下列判斷正確的是（）A.本次實驗中朝下的磁極是N極B.在t2時刻，穿過線圈的磁通量的變化率為0C.磁鐵下落過程減少的重力勢能等于增加的動能D.若將線圈到玻璃管上端的距離增大，線圖中產生的電流峰值不變【答案】B【解析】【詳解】A．由乙圖可知t1~t2時間內線圈中電流為順時針方向，根據楞次定律的“增反減同”可知本次實驗中朝下的磁極是S極，故A錯誤；B．在t2時刻，電流為0，感應電動勢為0，穿過線圈磁通量的變化率為0，故B正確；C．磁鐵下落過程減少的重力勢能大于增加的動能，原因是線圈對磁鐵的作用力在這個過程中做負功，故C錯誤；D．若將線圈到玻璃管上端的距離增大，可知強磁鐵穿過線圈的速度將增大，感應電動勢的最大值將增大，線圖中產生的電流峰值也將增大，故D錯誤。故選B。7.如圖所示，一圓形勻強磁場區域，磁場方向垂直于紙面向里，圓心為O，A、B、C、D、E、F六個點將圓六等分。有兩個質量相同的帶電粒子a、b，自A點以相同的速度v沿AO方向進入磁場，粒子a、b分別從E點和F點離開磁場，下列說法正確的是（）A.兩帶電粒子均帶正電B.帶電粒子a、b在磁場中的運動半徑之比為C.帶電粒子a、b在磁場中的運動時間相同D.帶電粒子a、b的電荷量之比為【答案】D【解析】【詳解】A．依題意，粒子a、b分別從E點和F點離開磁場，結合左手定則可知，a、b兩帶電粒子的帶電性質相同，都帶負電。故A錯誤；B．粒子在磁場中做圓周運動，軌跡如圖洛倫茲力充當向心力，有設圓形磁場的半徑為R，粒子a、b在磁場中運動的軌跡半徑分別為ra、rb，根據幾何關系可得，聯立，解得故B錯誤；C．根據幾何關系可知，粒子a、b在磁場中做圓周運動的轉過的角度分別為和，而粒子在磁場中運動的周期為粒子在磁場中運動的時間分別為聯立，解得故C錯誤；D．由前面選項分析可知帶電粒子a、b的電荷量之比為故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.如圖所示，一水平放置的平行板電容器的上極板帶正電，下極板接地，油滴靜止于P點.現下極板緩慢向上平移到圖中虛線位置，在此過程中，下列說法正確的是（）A.油滴帶正電B.油滴向上加速C.兩極板間的電壓在減小D.油滴的電勢能增大【答案】CD【解析】【詳解】A．油滴靜止于P點，受重力與電場力平衡，則電場力向上，而電場向下，所以油滴帶負電，故A錯誤；BC．根據電容的定義式與決定式有解得極板所帶電荷量不變，d減小，則兩極板間的電壓U減小；極板之間的電場強度為結合上述有極板所帶電荷量不變，可知極板之間的電場強度不變，則上極板所受下極板的電場力不變，油滴仍靜止，故B錯誤，C正確；D．電場方向向下，下極板接地，N極板電勢為零，由于則有根據解得液滴帶負電，即上式中的為負值，根據上述可知，下極板上移時，極板之間的電場強度不變，減小，則油滴的電勢能增大，故D正確。故選CD。9.如圖所示，電源電動勢為E，內電阻為r，C為電容器，R1、R2為定值電阻，R為滑動變阻器，閉合開關后當滑動變阻器的滑片P向左移動時，下列判斷正確的是（）A.定值電阻R1消耗的電功率增加B.流過定值電阻R2的電流方向向上C.電壓表的示數減小、電流表的示數增大D.若電壓表、電流表的示數變化量分別為和，則保持不變【答案】BD【解析】【詳解】A．閉合開關后當滑動變阻器的滑片P向左移動時，R接入電路中的阻值增大，由閉合電路歐姆定律，可知電路中總電流減小，定值電阻R1消耗的電功率減小，故A錯誤；B．電容器與R并聯，R兩端的電壓由于電路中總電流減小，所以R兩端的電壓增大，電容器充電，流過定值電阻R2的電流方向向上，故B正確；C．由于電路中總電流減小，R兩端的電壓增大，所以電壓表的示數增大、電流表的示數減小，故C錯誤；D．由可知保持不變，故D正確。故選BD。10.如圖所示，ab、cd為固定在水平面上的光滑金屬導軌（電阻忽略不計），ab、cd的間距為L，左右兩端均接有阻值為R的電阻；一質量為m、長為L的金屬棒MN垂直放在導軌上，甲、乙為兩根相同的輕質彈簧，彈簧一端均與金屬棒MN的中點連接，另一端被固定，兩彈簧都處于原長狀態；整個裝置處在方向豎直向下、磁感應強度為B的勻強磁場中。現給金屬棒MN一水平向左的初速度v，使之在導軌上運動，運動過程中MN始終垂直于軌道并與導軌接觸良好，其接入電路的有效電阻為R。經過一段時間，金屬棒MN第一次速度為零，這一過程中ac間的電阻R上產生的焦耳熱為Q。再經過一段時間金屬棒MN第二次速度為零，此時，甲彈簧的彈性勢能為Ep，彈簧始終處于彈性范圍內，且金屬棒始終未與彈簧固定處發生碰撞。下列選項正確的是（）A.初始時刻金屬棒的加速度大小為B.當金屬棒第一次到達最左端時，甲彈簧的彈性勢能為C.當金屬棒第一次回到初始位置時，動能為D.金屬棒由初始位置開始至第二次速度為零的過程中，金屬棒MN上產生的總焦耳熱為【答案】BD【解析】【詳解】A．初始時刻，金屬棒產生的感應電動勢為感應電流為由可得故A錯誤；B．當金屬棒第一次到達最左端時，通過MN的電流始終是R上的兩倍，故MN產生的焦耳熱為4Q，系統產生的總焦耳熱為由動能定理及能量守恒定律可得可得甲彈簧的彈性勢能為故B正確；C．當金屬棒向左運動后第一次回到初始位置過程中，由于安培力始終對MN做負功，產生焦耳熱，棒第一次達到最左端的過程中，產生的焦耳熱為6Q。棒平均速度最大，平均安培力最大，棒克服安培力做功最大，整個回路中產生的焦耳熱更多，回到平衡位置時產生的焦耳熱小于6Q，由動能定理可得解得其中可得故C錯誤；D．當金屬棒由初始位置開始至第一次到達最右端過程中，由能量守恒通過MN的電流始終是R上的兩倍，則可得故D正確。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共15分。11.在“測定金屬絲電阻率”實驗中。（1）用螺旋測微器測量金屬絲直徑如圖1所示，其讀數為________mm；（2）測量金屬絲電阻時，實驗室提供了以下器材：A．電流表A1，量程為0~300μA，內阻r1=100ΩB．電流表A2，量程為0~0.6A，內阻r2約為0.1ΩC．電壓表V1，量程為0~15V，內阻約為10kΩD．定值電阻R1，阻值900ΩE．定值電阻R2，阻值9900ΩF．滑動變阻器R0，最大阻值為10ΩG．待測金屬絲R，電阻約為10ΩH．電動勢為4V的直流電源E（內阻可忽略）I．開關一只，導線若干為精確測量金屬絲電阻，實驗過程中要求電流示數從零開始記錄多組數據，選擇適當的器材將圖2虛線框中的電路圖補充完整_______（需要標注器材符號）（3）實驗中若長時間保持開關閉合，則金屬絲電阻率的測量結果__________。（選填“偏大”“不變”或“偏小”）【答案】①.1.748##1.749##1.750##1.751##1.752②.③.偏大【解析】【詳解】（1）[1]螺旋測微器的讀數為（2）[2]本實驗采用伏安法測電阻，需要改裝一個量程為3V的電壓表，此時電流表A1需要串聯一個電阻，串聯電阻的阻值為故，將電流表A1與電阻串聯改裝成電壓表；因為可以通過電流表A1直接讀出等效電壓表的電流，即可避免電壓表分流對實驗結果的影響，故使用電流表的外接法，所以電路圖如下圖（3）[3]電路保持閉合，若測量時間較長，金屬絲發熱，溫度升高，會使金屬絲的電阻率增大，所以測量結果將偏大。12.為更準確地測量一節干電池的電動勢E和內阻r，某同學設計了如圖甲所示的實驗電路，已知電流表內阻與電源內阻相差不大。（1）連接好實驗電路，開始測量之前，滑動變阻器R的滑片P應調到_________（選填“a”或“b”）端；（2）閉合開關S1，S2接位置1，改變滑片P的位置，記錄多組電壓表、電流表示數；（3）重復（1）操作，閉合開關S1，S2接位置2，改變滑片P的位置，記錄多組電壓表、電流表示數；（4）建立坐標系，在同一坐標系中分別描點作出S2接位置1、2時圖像如圖乙所示。①S2接2時的圖線是圖乙中的_________（選填“A”或“B”）線；②每次測量操作都正確的情況下，由圖乙中的A和B圖線，可得電動勢_________V，內阻_________Ω。（均保留3位有效數字）；③該同學進一步對實驗系統誤差進行分析，下列說法中正確的一項是_________。A.開關S2接1時，電池電動勢的測量值小于真實值，電池內阻的測量值小于真實值B.開關S2接1時，電池電動勢的測量值等于真實值，電池內阻的測量值大于真實值C.開關S2接2時，電池電動勢的測量值等于真實值，電池內阻的測量值小于真實值D.開關S2接2時，電池電動勢的測量值小于真實值，電池內阻的測量值大于真實值【答案】①.b②.A③.1.50④.1.25⑤.A【解析】【詳解】（1）[1]為保護電流表，開始測量之前，滑動變阻器的滑片P應調到阻值最大的b端。（4）①[2]當接1位置時，可把電壓表與電源并聯看作一個等效電源，設電壓表內阻為，則電動勢和內阻測量值分別為，可知電動勢和內阻的測量值均小于真實值；當接2位置時，可把電流表與電源串聯看作一個等效電源，設電流表內阻為，則電動勢和內阻測量值分別為，可知電動勢的測量值等于真實值，內阻的測量值大于真實值；則接2時的圖線是圖乙中的A線。②[3][4]當接2位置時，可把電流表與電源串聯看作一個等效電源，根據閉合電路歐姆定律可知電動勢測量值等于真實值，圖線應是A線，則有當接1位置時，圖線的B線對應的短路電流為真實值，為則電源的內內阻為③[5]由①分析可知，當接1位置時，可把電壓表與電源并聯看作一個等效電源，電動勢和內阻的測量值均小于真實值；當接2位置時，可把電流表與電源串聯看作一個等效電源，電動勢的測量值等于真實值，內阻的測量值大于真實值。故選A。四、計算題：本題共3小題，共42分。計算題要求寫出必要的文字說明、方程和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能給分。有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位。13.如圖所示，長l=1m的輕質細繩上端固定，下端連接一個可視為質點的帶電小球，小球靜止在水平向左的勻強電場中，此時繩與豎直方向的夾角。已知小球質量，所帶電荷量大小為，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g=10m/s2。求：（1）判斷小球的電性；（2）電場強度E的大小；（3）突然把電場方向反向，E的大小保持不變，隨后的運動過程中細線始終繃直，則小球擺到最低點時對輕繩的拉力F。【答案】（1）帶正電；（2）；（3），方向豎直向下【解析】【詳解】（1）由圖知，小球受到的電場力方向沿著電場線方向，則可知小球帶正電。（2）如圖所示由小球靜止時的受力分析可得（3）由題意可得，電場反向后，小球在豎直平面內擺動，從最高點到最低點的過程中由動能定理可得由小球在最低點豎直方向的受力分析可得由牛頓第三定律可得，最低點時小球對輕繩的拉力大小為方向豎直向下。14.如圖所示，MN和PQ是兩根相距L、豎直固定放置的光滑金屬導軌，導軌足夠長，金屬導軌上端接一個阻值為R的電阻，水平條形區域有磁感應強度大小為B、方向垂直于導軌平面向里的勻強磁場，其寬度為d，其他區域內無磁場。導體棒ab的長度為L、質量為m、阻值為R，現將ab棒由距磁場區域上邊界某一高度處靜止釋放。已知ab棒恰好能勻