20202021學(xué)年上學(xué)期高二期末備考金卷物理（A）注意事項(xiàng)：1．答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，寫(xiě)在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3．非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫(xiě)在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。4．考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試題卷和答題卡一并上交。一、選擇題：本題共12小題，共40分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～8題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題3分；第9～12題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1．下列說(shuō)法正確的是()A．靜電力常量是卡文迪許通過(guò)扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)得的B．元電荷e的數(shù)值最早是由庫(kù)侖用實(shí)驗(yàn)測(cè)得的C．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)D．法拉第提出的“分子電流”假說(shuō)，揭示了磁現(xiàn)象的電本質(zhì)【答案】C【解析】安培提出的“分子電流”假說(shuō)，揭示了磁現(xiàn)象的電本質(zhì)，故A錯(cuò)誤；元電荷e的數(shù)值最早是由密立根用油滴實(shí)驗(yàn)測(cè)得的，故B錯(cuò)誤；奧斯特發(fā)現(xiàn)了通電導(dǎo)線周?chē)男〈裴槹l(fā)生偏轉(zhuǎn)，發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，故C正確；靜電力常量是庫(kù)倫通過(guò)扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)得的，故D錯(cuò)誤。2．下列說(shuō)法正確的是()A．電流的方向就是電荷移動(dòng)的方向B．根據(jù)公式F＝keq\f(q1q2,r2)當(dāng)兩個(gè)點(diǎn)電荷距離趨于0時(shí)，電場(chǎng)力將趨于無(wú)窮大C．一小段通電導(dǎo)線在某處不受磁場(chǎng)力作用，則該處磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零D．電源電動(dòng)勢(shì)反映了電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能的本領(lǐng)【答案】D【解析】電流的方向?yàn)檎姾傻囊苿?dòng)方向，故A錯(cuò)誤；庫(kù)倫定律適用的研究對(duì)象是點(diǎn)電荷，當(dāng)兩個(gè)電荷距離太近則不能視為點(diǎn)電荷，庫(kù)倫定律不再適用，故B錯(cuò)誤；磁場(chǎng)方向和電流方向相同，通電導(dǎo)線不受安培力，但磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零，故C錯(cuò)誤；電源電動(dòng)勢(shì)反映了電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能的本領(lǐng)，故D正確。3．兩個(gè)相同的帶同種電荷的導(dǎo)體小球所帶電荷量的比值為1∶3，相距為r時(shí)庫(kù)侖力的大小為F，今使兩小球接觸后再分開(kāi)放到相距為2r處，則此時(shí)庫(kù)侖力的大小為()A．eq\f(1,3)FB．eq\f(1,4)FC．eq\f(1,6)FD．eq\f(1,12)F【答案】A【解析】設(shè)一個(gè)小球帶電量為大小Q，則另一個(gè)為大小3Q，根據(jù)庫(kù)侖定律，兩球接觸前，接觸再分開(kāi)后，兩球帶電量大小分別為2Q，由庫(kù)侖定律，此時(shí)庫(kù)侖力的大小，故A正確。4．電場(chǎng)中的三條等勢(shì)線如圖中實(shí)線a、b、c所示，三條等勢(shì)線的電勢(shì)φa>φb>φc。一電子以沿PQ方向的初速度，僅在電場(chǎng)力的作用下沿直線從P運(yùn)動(dòng)到Q，則這一過(guò)程中電子運(yùn)動(dòng)的v－t圖象大致是圖線中的()【答案】A【解析】由圖中等勢(shì)面的疏密可知，此電場(chǎng)為非勻強(qiáng)電場(chǎng)，從P運(yùn)動(dòng)到Q場(chǎng)強(qiáng)減小，電子僅在電場(chǎng)力作用下沿直線從P運(yùn)動(dòng)到Q，做加速度越來(lái)越小的運(yùn)動(dòng)，這一過(guò)程電子運(yùn)動(dòng)的v－t圖象可能是A。5．如圖所示，A、B為兩個(gè)帶等量異種電荷的金屬球，將兩根不帶電的金屬棒C、D放在兩球之間，達(dá)到靜電平衡后，下列敘述正確的是()A．C棒左端電勢(shì)大于C棒右端電勢(shì)B．C棒左端電勢(shì)等于C棒右端電勢(shì)C．若用導(dǎo)線將C棒的x端與D棒的y端連接起來(lái)的瞬間，將有從y流向x的電流D．若將B球接地，B所帶的負(fù)電荷全部流入大地【答案】B【解析】放在電場(chǎng)中的導(dǎo)體C和D都是等勢(shì)體，可知C棒左端電勢(shì)等于C棒右端電勢(shì)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；金屬球A、B間的電場(chǎng)從A指向B，因?yàn)檠刂妶?chǎng)線電勢(shì)降低，故C棒的電勢(shì)高于D棒的電勢(shì)，若用導(dǎo)線將C棒的x端與D棒的y端連接起來(lái)的瞬間，將有從x流向y的電流，故C錯(cuò)誤；若將B球接地，B所帶的負(fù)電荷一部分流入大地，由于靜電感應(yīng)，B所帶的負(fù)電荷還將保留一部分，故D錯(cuò)誤。6．如圖所示，直線OAC為某一直流電源的總功率隨電流I變化的圖線，曲線OBC表示同一直流電源內(nèi)部的熱功率隨電流I變化的圖線。若A、B點(diǎn)的橫坐標(biāo)均為1A，那么AB線段表示的功率為()A．1WB．6WC．2WD．2.5W【答案】C【解析】由題圖知，在C點(diǎn)，電源的總功率等于電源內(nèi)部的熱功率，所以電源的電動(dòng)勢(shì)為E＝3V，短路電流為I＝3A，所以電源的內(nèi)阻r＝eq\f(E,I)＝1Ω。圖象上AB段所表示的功率PAB＝P總－I2r＝(1×3－12×1)W＝2W，故C正確，A、B、D錯(cuò)誤。7．如圖所示，平行板電容器與一恒壓直流電源相連，下極板通過(guò)A點(diǎn)接地，一帶正電小球被固定于P點(diǎn)，現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，則()A．平行板電容器的電容值將變大B．靜電計(jì)指針張角變小C．帶電小球的電勢(shì)能將增小D．若先將下極板與A點(diǎn)之間的導(dǎo)線斷開(kāi)，再將下極板向下移動(dòng)一小段距離，則帶電小球所受電場(chǎng)力不變【答案】D【解析】根據(jù)電容的決定式C＝eq\f(εrS,4πkd)知，下極板豎直向下移動(dòng)時(shí)，d增大，則電容值將減小，故A錯(cuò)誤；靜電計(jì)測(cè)量的是電容器兩端的電勢(shì)差，因?yàn)殡娙萜魇冀K與電源相連，則電勢(shì)差不變，所以靜電計(jì)指針張角不變，故B錯(cuò)誤；電勢(shì)差不變，d增大，則由公式E＝eq\f(U,d)分析得知板間電場(chǎng)強(qiáng)度減小，P點(diǎn)與上極板間的電勢(shì)差減小，而P點(diǎn)的電勢(shì)比上極板低，上極板的電勢(shì)不變，則P點(diǎn)的電勢(shì)增大，因?yàn)橛偷螏д姾桑瑒t小球的電勢(shì)能增大，故C錯(cuò)誤；若先將下極板與A點(diǎn)之間的導(dǎo)線斷開(kāi)，則電容器的電荷量不變，d改變，根據(jù)C＝eq\f(Q,U)、C＝eq\f(εrS,4πkd)、E＝eq\f(U,d)結(jié)合得E＝eq\f(4πkQ,εrS)，則知電場(chǎng)強(qiáng)度不變，則小球所受電場(chǎng)力不變，故D正確。8．如圖所示為安檢門(mén)原理圖，左邊門(mén)框中有一通電線圈，右邊門(mén)框中有一接收線圈，工作過(guò)程中某段時(shí)間通電線圈存在順時(shí)針?lè)较颍◤淖笙蛴铱矗┚鶆蛟龃蟮碾娏鳎瑒t()A．無(wú)金屬片通過(guò)時(shí)，接收線圈中的感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針B．無(wú)金屬片通過(guò)時(shí)，接收線圈中的感應(yīng)電流增大C．有金屬片通過(guò)時(shí)，金屬片中沒(méi)有感應(yīng)電流D．有金屬片通過(guò)時(shí)，接收線圈中的感應(yīng)電流大小發(fā)生變化【答案】D【解析】當(dāng)左側(cè)線圈中通有不斷增大的順時(shí)針?lè)较虻碾娏鲿r(shí)，可知穿過(guò)右側(cè)線圈的磁通量向右且增大，根據(jù)楞次定律，右側(cè)線圈中產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻碾娏鳎珹錯(cuò)誤；通電線圈中存在順時(shí)針?lè)较蚓鶆蛟龃蟮碾娏鳎瑒t通電線圈中的磁通量均勻增大，所以穿過(guò)右側(cè)線圈中的磁通量均勻增大，則磁通量的變化率是定值，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，接收線圈中的感應(yīng)電流大小不變，B錯(cuò)誤；有金屬片通過(guò)時(shí)，則穿過(guò)金屬片中的磁通量發(fā)生變化，金屬片中也會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，C錯(cuò)誤；有金屬片通過(guò)時(shí)，則穿過(guò)金屬片中的磁通量發(fā)生變化，金屬片中也會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，感應(yīng)電流的方向與接收線圈中的感應(yīng)電流的方向相同，所以也會(huì)將該空間中的磁場(chǎng)的變化削弱一些，引起接收線圈中的感應(yīng)電流大小發(fā)生變化，D正確。9．如圖所示，金屬棒MN兩端由等長(zhǎng)的輕質(zhì)絕緣細(xì)線水平懸掛在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，棒中通有由M到N的恒定電流I，細(xì)線的拉力不為零。下列操作能使細(xì)繩拉力減小的是()A．磁場(chǎng)方向不變，電流方向不變，電流增大B．磁場(chǎng)方向不變，電流方向反向，電流減小C．磁場(chǎng)方向反向，電流方向反向，電流增大D．磁場(chǎng)方向反向，電流方向反向，電流減小【答案】ABC【解析】若為圖中的磁場(chǎng)方向和電流方向，則根據(jù)左手定則，金屬棒MN所受安培力方向豎直向上，BIL＋FT＝G，當(dāng)電流增大時(shí)，繩子拉力FT減小，A正確；若為圖中的磁場(chǎng)方向，電流方向相反，則安培力豎直向下，BIL＝G＋FT，電流減小時(shí)，繩子拉力FT減小，B正確；磁場(chǎng)方向反向，電流方向反向，安培力豎直向上，BIL＋FT＝G，當(dāng)電流增大時(shí)，繩子拉力FT變小，C正確，D錯(cuò)誤。10．如圖所示，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，R1、R2為定值電阻，L為小燈泡，R3為滑動(dòng)變阻器。當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向下滑動(dòng)時(shí)()A．電壓表的示數(shù)增大B．流過(guò)R2的電流增大C．小燈泡的功率減小D．電源的總功率增大【答案】AD【解析】根據(jù)閉合電路歐姆定律，干路總電流，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向下滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路中電阻變小，則R并減小，I增大；又路端電壓U＝E－Ir，則U變小。根據(jù)U1＝IR1，電壓表示數(shù)增大，A正確；因?yàn)閁＝U1＋U2，則并聯(lián)部分電壓U2減小，又U2＝I2R2，則流過(guò)電阻R2的電流I2減小；又因?yàn)镮＝I1＋I(xiàn)2，則流過(guò)小燈泡L的電流I1增大，小燈泡的功率變大，B、C錯(cuò)誤；電源的總功率P＝EI，則D正確。11．如圖所示，等腰直角三角形OPQ區(qū)域內(nèi)存在著垂直于直面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一個(gè)正方形導(dǎo)線框abcd的一條邊在x軸上，在外力作用下沿x軸正方向勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，在t＝0時(shí)該線框恰好位于圖中所示位置，則()A．cd剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線框中有順時(shí)針?lè)较虻碾娏鰾．a(chǎn)b邊進(jìn)入磁場(chǎng)后，線框中有順時(shí)針?lè)较虻碾娏鰿．cd邊進(jìn)入磁場(chǎng)后，線框中的電流逐漸變大D．a(chǎn)b邊進(jìn)入磁場(chǎng)后，線框中的電流逐漸變小【答案】BD【解析】cd剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，cd切割磁感線，由右手定則，線框中有逆時(shí)針?lè)较虻碾娏鳎珹錯(cuò)誤；ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)后，ab切割磁感線，由右手定則，線框中有順時(shí)針?lè)较虻碾娏鳎珺正確；不論ab邊還是cd邊，進(jìn)入磁場(chǎng)后，切割磁感線的有效長(zhǎng)度均逐漸變小，電動(dòng)勢(shì)變小，線框中的電流逐漸變小，C錯(cuò)誤，D正確。12．一質(zhì)量m＝6kg、帶電量q＝－0.1C的小球P，自傾角θ＝53°的固定光滑斜面頂端由靜止開(kāi)始滑下，斜面高h(yuǎn)＝6.0m，斜面底端通過(guò)一段光滑小圓弧與一光滑水平面相連。整個(gè)裝置處在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，場(chǎng)強(qiáng)E＝200N/C，忽略小球在連接處的能量損失，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到水平面時(shí)，立即撤去電場(chǎng)。水平面上放一質(zhì)量也為m靜止不動(dòng)的eq\f(1,4)圓槽Q，圓槽光滑且可沿水平面自由滑動(dòng)，圓槽的半徑R＝3m，如圖所示（已知sin53°＝0.8，cos53°＝0.6，g＝10m/s2），則以下說(shuō)法正確的是()A．由靜止釋放到滑到斜面底端，P球的電勢(shì)能增加了90JB．小球P運(yùn)動(dòng)到水平面時(shí)的速度大小為5m/sC．最終小球?qū)_出圓槽QD．最終小球不會(huì)沖出圓槽Q【答案】AD【解析】在整個(gè)過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)P球做負(fù)功J，則ΔE＝－W＝90J，A正確；根據(jù)動(dòng)能定理得，可得v＝3eq\r(10)m/s，B錯(cuò)誤；設(shè)當(dāng)兩者速度相等時(shí)，小球上升的高度為H，根據(jù)水平方向動(dòng)量守恒得mv＝2mv′，得v′＝eq\f(3,2)eq\r(10)m/s，根據(jù)機(jī)械能守恒得eq\f(1,2)mv2＝eq\f(1,2)×2mv′2＋mgH，得H＝2.25m＜R，所以小球沒(méi)有沖出圓槽，C錯(cuò)誤，D正確。二、非選擇題：本題共6小題，共60分。按題目要求作答。解答題應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟，只寫(xiě)出最后答案的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位。13．(8分)在“測(cè)定金屬的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中：(1)用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，示數(shù)如圖所示，則該金屬絲直徑的測(cè)量值d＝___________mm。(2)按如圖所示的電路圖測(cè)量金屬絲的電阻Rx（阻值約為15Ω），實(shí)驗(yàn)中除開(kāi)關(guān)、若干導(dǎo)線之外還提供下列器材：電壓表V（量程0～3V，內(nèi)阻約3kΩ）電流表A1（量程0～300mA，內(nèi)阻約3Ω）電流表A2（量程0～3A，內(nèi)阻約0.1Ω）滑動(dòng)變阻器R1（0～50Ω）滑動(dòng)變阻器R2（0～200Ω）電源（電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻不計(jì)）為了調(diào)節(jié)方便，測(cè)量準(zhǔn)確，實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選___________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選___________。（選填器材的符號(hào)）(3)測(cè)出Rx的值后，改變電壓表的連接方式，如圖所示，即可測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，圖中Rx有兩個(gè)作用：①可以增大電壓隨電流的變化率；②___________。【答案】(1)0.383（0.381～0.384均可）A1(2)R1保護(hù)電路(每空2分)【解析】(1)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為0＋0.01×38.3mm＝0.383mm。(2)估算回路中的電流為I＝＝0.2A＝200mA，所以為了讀數(shù)準(zhǔn)確電流表選擇A1，滑動(dòng)變阻器采用限流式接法，為了調(diào)節(jié)方便滑動(dòng)變阻器采用R1。(3)Rx有兩個(gè)作用：①可以增大電壓隨電流的變化率；②防止回路中電流過(guò)大損壞電源，起到保護(hù)電路作用。14．(10分)某同學(xué)研究小燈泡的伏安特性，所使用的器材有：小燈泡L(額定電壓3.8V，額定電流0.32A)；電壓表V(量程3V，內(nèi)阻3kΩ)；電流表A(量程0.5A，內(nèi)阻0.5Ω)；固定電阻R0(阻值1000Ω)；滑動(dòng)變阻器R(阻值0～9.0Ω)；電源E(電動(dòng)勢(shì)5V，內(nèi)阻不計(jì))；開(kāi)關(guān)S；導(dǎo)線若干。(1)實(shí)驗(yàn)要求能夠?qū)崿F(xiàn)在0～3.8V的范圍內(nèi)對(duì)小燈泡的電壓進(jìn)行測(cè)量，畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路原理圖。(2)實(shí)驗(yàn)測(cè)得該小燈泡伏安特性曲線如圖(a)所示，由實(shí)驗(yàn)曲線可知，隨著電流的增加，燈絲的電阻率________。(選填“增大”“不變”或“減小”)(3)用另一電源E0(電動(dòng)勢(shì)4V，內(nèi)阻1.00Ω)和題給器材連接成圖(b)所示的電路，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R的阻值，可以改變小燈泡的實(shí)際功率。閉合開(kāi)關(guān)S，在R的變化范圍內(nèi)，小燈泡的最小功率為_(kāi)_______W，最大功率為_(kāi)_______W。(結(jié)果均保留2位小數(shù))【答案】(1)實(shí)驗(yàn)電路原理如圖所示(4分)(2)增大(2分)(3)0.39(2分)1.17(2分)【解析】(1)小燈泡的電壓要求從0開(kāi)始調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，小燈泡的額定電壓超出電壓表的量程，需與R0串聯(lián)后接入電路，電路圖如圖所示。(2)I－U圖像中隨著電流的增大，圖線的斜率變小，小燈泡的電阻增大，根據(jù)電阻定律R＝ρeq\f(L,S)得燈絲的電阻率增大。(3)當(dāng)R＝0時(shí)，電源路端電壓與電流的關(guān)系圖像如圖線甲所示，此時(shí)小燈泡功率有最大值。當(dāng)R＝9Ω時(shí)，將R看作電源內(nèi)阻，則等效電源內(nèi)阻為10Ω，其路端電壓與電流的關(guān)系圖像如圖線乙所示。此時(shí)小燈泡功率有最小值。取圖線甲與小燈泡伏安特性曲線交點(diǎn)：U1＝3.66V，I1＝0.319A，小燈泡的最大功率P1＝U1I1≈1.17W。取圖線乙與小燈泡伏安特性曲線交點(diǎn)：U2＝1.77V，I2＝0.222A，小燈泡的最小功率P2＝U2I2≈0.39W。15．(6分)如圖所示，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，將一電荷量為2×10－4的負(fù)電荷由A點(diǎn)移到B點(diǎn)，其電勢(shì)能增加了0.2J，已知A、B兩點(diǎn)間距離為2cm，兩點(diǎn)連線與電場(chǎng)方向成60°角，求：(1)電荷由A移到B的過(guò)程中，電場(chǎng)力所做的功WAB；(2)A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UAB；(3)該勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E。【解析】(1)因負(fù)電荷由A移到B的過(guò)程中，負(fù)電荷的電勢(shì)能增加了ΔE＝0.2J，所以這個(gè)過(guò)程中電場(chǎng)力對(duì)負(fù)電荷所做的功：WAB＝－ΔE＝－0.2J。(2分)(2)A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差V。(2分)(3)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度。(2分)16．(8分)如圖所示，直線MN上方有垂直紙面向外的足夠大的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，一質(zhì)量為m、電荷量為q的負(fù)離子（重力可忽略）從O點(diǎn)以與MN成θ＝30°角的速度v射入該磁場(chǎng)區(qū)域，經(jīng)一段時(shí)間后從邊界MN上P點(diǎn)射出。求：(1)入射點(diǎn)O與出射點(diǎn)P間的距離L；(2)負(fù)離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。【解析】(1)負(fù)離子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力充當(dāng)向心力：qvB＝meq\f(v2,R)(2分)所以R＝eq\f(mv,qB)(2分)由圖象知出射點(diǎn)間的距離L＝2Rsin30°＝eq\f(mv,qB)。(2分)(2)離子在磁場(chǎng)中的圓心角為300°，所以在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。(2分)17．(12分)如圖，兩平行金屬導(dǎo)軌間的距離L＝0.4m，金屬導(dǎo)軌所在的平面與水平面夾角θ＝37°，在導(dǎo)軌所在空間內(nèi)，分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5T、方向垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。金屬導(dǎo)軌的一端接有電動(dòng)勢(shì)E＝6.0V、內(nèi)阻r＝0.5Ω的直流電源。現(xiàn)把一個(gè)質(zhì)量m＝0.05kg的導(dǎo)體棒ab垂直放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒靜止。導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌接觸的兩點(diǎn)間的電阻R＝2.5Ω，金屬導(dǎo)軌電阻不計(jì)，g取10m/s2。已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，求：(1)通過(guò)導(dǎo)體棒的電流大小；(2)導(dǎo)體棒受到的安培力大小；(3)導(dǎo)體棒受到的摩擦力大小。【解析】(1)導(dǎo)體棒、金屬導(dǎo)軌和直流電源構(gòu)成閉合電路，根據(jù)閉合電路歐姆定律有：。(2分)(2)導(dǎo)體棒受到的安培力大小：F＝BIL＝0.4N(2分)根據(jù)左手定則，方向平行斜面向上。(2分)(3)導(dǎo)體棒所受重力沿斜面向下的分力F1＝mgsin37°＝