word版高中物理word版高中物理/word版高中物理牛頓第二定律同步練習一、單選題在衛(wèi)生大掃除中，某同學用拖把拖地，沿推桿方向?qū)ν习咽┘油屏，如圖所示，此時推力與水平方向的夾角為，且拖把剛好做勻加速直線運動．從某時刻開始保持力F的大小不變，減小F與水平方向的夾角，則

A.拖把將做減速運動

B.拖把繼續(xù)做加速度比原來要小的勻加速直線運動

C.拖把繼續(xù)做加速度比原來要大的勻加速直線運動

D.地面對拖把的支持力變大，地面對拖把的摩擦力變大如圖所示，固定在小車上的支架的斜桿與豎直桿的夾角為，在斜桿下端固定有質(zhì)量為m的小球，下列關(guān)于桿對球的作用力F的判斷中，正確的是

A.小車靜止時，，方向沿桿向上

B.小車靜止時，，方向垂直桿向上

C.小車向右以加速度a運動時，一定有

D.小車向左以加速度a運動時，，方向斜向左上方魚在水中沿直線水平向左減速游動過程中，水對魚的作用力方向合理的是圖中的A. B.

C. D.如圖所示，質(zhì)量皆為m的木塊Q、N置于光滑地板上，質(zhì)量都為2m的木塊P、M分別置于Q、N上，且兩者之間用輕彈簧相連．現(xiàn)給木塊N施加水平力恒F，穩(wěn)定后四個木塊以相同的加速度向右運動．如果木塊P、Q以及木塊M、N之間始終保持相對靜止，下列說法正確的是

A.木塊Q受到木塊P的摩擦力大小為

B.如果突然剪斷彈簧，木塊P受到的摩擦力保持不變

C.如果突然撤掉F，此瞬間木塊M的加速度大小不變

D.如果突然撤掉F，此瞬間木塊P受到的摩擦力變?yōu)榱沆o止在光滑水平面上的物體，對其施加水平向右的力F，則在F剛開始作用的瞬間，下列說法不正確的是

A.物體立即有了加速度 B.加速度方向水平向右

C.合力越大，加速度也越大 D.物體質(zhì)量隨加速度變大而變大如圖所示，質(zhì)量分別為M和m的兩物塊與豎直輕彈簧相連，在水平面上處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)將m豎直向下壓縮彈簧一段距離后由靜止釋放，當m到達最高點時，M恰好對地面無壓力，已知彈簧勁度系數(shù)為k，彈簧形變始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度為g，則A.當m到達最高點時，m的加速度為

B.當m到達最高點時，M的加速度為g

C.當m速度最大時，彈簧的形變最為

D.當m速度最大時，M對地面的壓力為Mg如圖所示，四個完全相同的A，B，C，D木塊，漂浮在水面上，最上面的木塊A、B完全在水平面外，已知木塊的質(zhì)量均為m，當?shù)氐闹亓铀俣葹間，現(xiàn)撤去木塊A，則撤去木塊A的瞬間，B，C木塊間的彈力為

A. B.mg C.0 D.如圖所示，從某一高處自由下落的小球，落至彈簧上端并將彈簧壓縮到最短．問小球被彈簧彈起直至離開彈簧的過程中，小球的速度和所受合力變化情況是

A.合力變大，速度變大

B.合力變小，速度變大

C.合力先變小后變大，速度先變大后變小

D.合力先變大后變小，速度先變小后變大如圖所示，可視為質(zhì)點的物塊以一定初速度從底端沖上光滑斜面，到達最高點后又返回底端，關(guān)于物塊運動的圖像，正確的是圖中的

A. B.

C. D.圖中所示A、B、C為三個相同物塊，由輕質(zhì)彈簧K和輕線L相連，懸掛在天花板上處于靜止狀態(tài)，若將L剪斷，則在剛剪斷時，A、B的加速度大小、分別為

A.、 B.、 C.、 D.、如圖所示，一質(zhì)量為m的小球處于平衡狀態(tài)。現(xiàn)將線剪斷，則剪斷的瞬間

A.甲圖小球加速度為，垂直斜向下方

B.乙圖小球加速度為，垂直斜向下方

C.甲圖小球加速度為，水平向右

D.乙圖小球加速度為，水平向左單選題一橫截面為直角三角形的木塊按如圖所示方式放置，質(zhì)量均為m的A、B兩物體用輕質(zhì)彈簧相連放在傾角為的直角邊上，物體C放在傾角為的直角邊上，B與C之間用跨過定滑輪的輕質(zhì)細線連接，A，C的質(zhì)量比為，整個裝置處于靜止狀態(tài)。已知物體A，B與斜面間的動摩擦因數(shù)相同且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，彈簧彈力大小為mg，C與斜面間無摩擦，則

A.物體A、B均受到摩擦力作用且受到的摩擦力等大反向

B.物體A所受摩擦力大小為，物體B不受摩擦力作用

C.彈簧處于拉伸狀態(tài)，A、B兩物體所受摩擦力大小均為，方向均沿斜面向下

D.剪斷彈簧瞬間，物體A一定加速下滑如圖所示，一根彈簧一端固定在左側(cè)豎直墻上，另一端連著A小球，同時水平細線一端連著A球，另一端固定在右側(cè)豎直墻上，彈簧與豎直方向的夾角是，A、B兩小球分別連在另一根豎直彈簧兩端。開始時A、B兩球都靜止不動，A、B兩小球的質(zhì)量相等，重力加速度為g，若不計彈簧質(zhì)量，在水平細線被剪斷瞬間，A、B兩球的加速度分別為

A. B.，

C.， D.，二、多選題如圖所示，質(zhì)量均為m的木塊A和B用一輕彈簧相連，豎直放在光滑的水平面上，木塊A上放有質(zhì)量為2m的木塊C，三者均處于靜止狀態(tài)。現(xiàn)將木塊C迅速移開，若重力加速度為g，則在木塊C移開的瞬間

A.彈簧的形變量不改變

B.彈簧的彈力大小為mg

C.木塊A的加速度大小為2g

D.木塊B對水平面的壓力迅速變?yōu)?mg如圖所示，傾角為的斜面靜置于地面上，斜面上表面光滑，A，B，C三球的質(zhì)量分別為m、2m、3m，輕質(zhì)彈簧一端固定在斜面頂端、另一端與A球相連，A，B間固定一個輕桿，B，C間由一輕質(zhì)細線連接．彈簧、輕桿與細線均平行于斜面，初始系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)突然剪斷細線或彈簧．下列判斷正確的是

A.彈簧被剪斷的瞬間，A，B，C三個小球的加速度均為

B.彈簧被剪斷的瞬間，A，B之間桿的彈力大小為

C.細線被剪斷的瞬間，A，B球的加速度沿斜面向上，大小為

D.細線被剪斷的瞬間，A，B之間桿的彈力大小為多選如圖所示，一輕質(zhì)彈簧上端固定在天花板上，下端拴接質(zhì)量為m的小球，小球放在傾角為的光滑固定斜面上，整體處于平衡狀態(tài)時，彈簧與豎直方向成角，重力加速度為g，則A.平衡時，斜面對小球的作用力大小為

B.若將斜面突然移走，則移走瞬間小球的加速度大小為

C.若將彈簧剪斷，則剪斷的瞬間小球的加速度大小為

D.若將彈簧換成原長相同但勁度系數(shù)更大的另一輕彈簧，系統(tǒng)重新達到平衡時，彈簧仍處于拉伸狀態(tài)，則此時斜面對小球的作用力變小如圖所示為位于水平面上的小車，固定在小車上的支架的斜桿與豎直桿的夾角為，在斜桿的下端固定有質(zhì)量為m的小球．下列關(guān)于桿對球的作用力F的判斷中，正確的是

A.小車靜止時，，方向沿桿向上

B.小車靜止時，，方向垂直于桿向上

C.小車向右勻速運動時，一定有，方向豎直向上

D.小車向右勻加速運動時，一定有，方向可能沿桿向上三、計算題質(zhì)量的長木板放在光滑的水平面上。在水平拉力作用下由靜止開始向右運動。如圖所示，當速度達到時，將質(zhì)量的物塊輕輕放到木板的右端。已知物塊與木板間動摩擦因數(shù)，物塊可視為質(zhì)點。求：物塊剛放置在木板上時，物塊和木板的加速度分別為多大；木板至少多長物塊才能與木板最終保持相對靜止；物塊與木板相對靜止后物塊受到的摩擦力大小。

如圖所示，沿水平方向做勻變速直線運動的車廂中，懸掛小球的懸線偏離豎直方向的夾角，小球和車廂相對靜止，小球的質(zhì)量為g取。求：車廂運動的加速度并說明車廂的運動情況；懸線對小球的拉力大小。

質(zhì)量是的人站在升降機中的體重計上，如圖所示，重力加速度g取，當升降機做下列各種運動時，求體重計的示數(shù)。勻速上升；以的加速度加速上升；以的加速度加速下降。

如圖所示，輕繩長，能承受最大拉力為10N。靜止在水平面上的A、B兩個物體通過該輕繩相連，A的質(zhì)量，B的質(zhì)量。A、B與水平面間的動摩擦因數(shù)都為，。現(xiàn)用一逐漸增大的水平力F作用在B上，使A、B向右運動，當F增大到某一值時，輕繩剛好被拉斷取

求繩剛被拉斷時F的大小；若繩剛被拉斷時，A、B的速度為，保持此時F大小不變，當A的速度恰好減為0時，A、B間距離為多少？

答案和解析1.【答案】C

【解答】

設(shè)拖把與地面之間的動摩擦因數(shù)為，拖把頭受到重力、支持力、推力和摩擦力處于平衡，受力示意圖如圖所示：

將推拖把的力沿豎直和水平方向分解，按平衡條件得：

豎直方向上：

，水平方向上：，式中N和f分別為地板對拖把的正壓力和摩擦力，按摩擦定律有

由得：減小F與水平方向的夾角，減小，地面對拖把的支持力變小；變小，由可得地面對拖把的摩擦力變小，

減小F與水平方向的夾角時，減小而增大，根據(jù)可知，a增大，所以拖把將做加速度增大的加速運動，故ABD錯誤，C正確。

故選C。

2.【答案】D【解析】解：A、B、小球受豎直向下的重力mg與桿對小球的力F作用；當小車靜止時，小球也靜止，小球處于平衡狀態(tài)，受平衡力作用，桿的作用力F與重力是一對平衡力，由平衡條件得：，方向豎直向上．故AB錯誤．

C、小車做勻加速運動時，豎直方向，水平方向，則，故C錯誤D正確；

3.【答案】C

【解析】【分析】對魚進行分析，明確其受力情況，由牛頓第二定律及力的合成，明確水對魚的作用力的方向。

本題考查受力分析、力的合成以及牛頓第二定律的應(yīng)用。

【解答】對魚分析，加速度水平向右，則重力與水對魚的作用力的合力水平向右，所以水對魚的作用力斜向右上方，C正確．

4.【答案】C

【解答】

A.在F作用下，四個木塊加速度相同，皆為，木塊Q受到木塊P的摩擦力大小為，選項A錯誤；

B.如果突然剪斷彈簧，木塊P、Q一起以原來速度勻速運動，P、Q之間的摩擦力變?yōu)榱悖x項B錯誤；

C.撤去F之前，彈簧的彈力，M、N整體受到的合力也為，突然撤掉F后，此瞬間M、N整體受到的合力為彈簧彈力，仍為，所以此瞬間木塊M的加速度大小不變，只是方向變化了，選項C正確；

D.突然撤掉F瞬間，P、Q的加速度不變，木塊P受到的摩擦力仍為，選項D錯誤。

故選C。

5.【答案】D

【解答】

根據(jù)牛頓第二定律，加速度與合力是瞬時對應(yīng)關(guān)系，對靜止在光滑水平面上的物體施加水平向右的力F，則作用瞬間，物體就有了加速度，加速度方向與力F的方向相同水平向右，合力越大，加速度越大，故ABC正確；

D.物體的質(zhì)量是物體本身的屬性，與物體的加速度無關(guān)，故D錯誤。

本題選錯誤的，故選D。

6.【答案】A

【解答】

A.當彈簧處于伸長至最長狀態(tài)時，M剛好對地面沒有壓力，可知彈簧對M的拉力為Mg，所以彈簧對m的作用力也是Mg，所以m的加速度為：

，故A正確；

B.當彈簧處于伸長至最長狀態(tài)時，M剛好對地面沒有壓力，可知彈簧對M的拉力為Mg，M受到的合力為零，加速度為零，故B錯誤；

C.由題可知開始時彈簧對m的彈力大于m的重力，m向上做加速運動，當彈簧的彈力小于m的重力時，m做減速運動，所以彈簧中彈力等于mg時此時m有最大速度，由胡克定律得：，得：，故C錯誤；

D.對M受力分析，，根據(jù)相互作用力可知，M對地面飛壓力為，故D錯誤；

故選A。

7.【答案】A

【解答】

撤去木塊A前，浮力，撤去瞬間，浮力不變，研究B、C、D木塊，有：，解得，研究B木塊，設(shè)B、C木塊間的彈力為，則有，解得，故A正確，BCD錯誤。

故選A。

8.【答案】C

【解析】解：小球被彈簧彈起直至離開彈簧的過程中，彈力一直減小，開始時，彈力大于重力，合力向上，彈起的過程中，合力減小，加速度減小，但是加速度的方向與速度方向相同，做加速運動，當重力和彈力相等后，重力大于彈力，合力方向向下，合力增大，加速度增大，但加速度的方向與速度方向相反，做減速運動。所以合力先變小后變大，速度先變大后變小。故C正確，A、B、D錯誤。

9.【答案】C

【解答】物塊沿光滑斜面上滑和下滑過程中受力不變，加速度大小和方向均不變，D錯誤，C正確

A.由于物塊做勻變速運動，圖像不是傾斜直線，A錯誤

B.速度是矢量，若上滑時速度為正，則下滑時速度為負，下滑時的圖線應(yīng)該在t軸以下，B錯誤．

10.【答案】A【解答】

剪斷前對A、B、C分別受力分析如圖，

根據(jù)平衡條件，有：

對A：，

對B：，

對C：，

彈簧的彈力不能突變，因為彈簧發(fā)生形變需要時間，繩的彈力可以突變，繩斷拉力立即為零，

當繩斷后，A受力不變，仍然平衡，故，

對B，繩斷后繩子的拉力瞬間為零，則其合力為：，

解得：，方向豎直向上，

故BCD錯誤，A正確。

故選A。

11.【答案】A【解析】剪斷前，物體受重力G、拉力以及的拉力，三力平衡，解得，。甲圖中，將線剪斷的瞬間，細線的拉力發(fā)生了突變，和重力的合力不再沿的反方向，小球?qū)⒀貞尹c為圓心做圓周運動，由于此時速度為零，所以其合力沿圓弧的切線方向，由牛頓第二定律得：，A正確，C錯誤；乙圖中，將剪斷瞬間，彈簧彈力不能突變，物體受重力和彈簧彈力作用，合力與原來的拉力等值反向，由牛頓第二定律有，解得，方向沿反方向，B、D錯誤。故選A。

12.【答案】C

【解析】由題意知C的質(zhì)量為，沿斜面的重力分量為2mg，對A、B整體沿斜面方向：，解得，因為，所以A、B均受靜摩擦力，方向向下，A、B錯誤；

C.由題意彈簧彈力，沿斜面方向，對A受力分析：，解得，方向沿斜面向下，對B受力分析，解得，方向沿斜面向下，彈簧處于拉伸狀態(tài)，故C正確；

D.剪斷彈簧瞬間，彈力為0，對A受力分析可知，摩擦力大小不變，方向反向，即沿斜面向上，所以物體A受力平衡，仍處于靜止狀態(tài)，D錯誤。

故選C。

13.【答案】D

【解析】D【解析】水平細線被剪斷前對A、B進行受力分析如圖所示，

靜止時，，，，又，解得。水平細線被剪斷瞬間，消失，其他各力不變，A所受合力與等大反向，所以

g，。故選D。

14.【答案】AC

【解析】解：A、由于彈簧彈力屬于漸變，所以撤去C的瞬間，彈簧的形變量不變，故A正確；

B、開始整體處于平衡狀態(tài)，彈簧的彈力等于A和C的重力，即，撤去C的瞬間，彈簧的形變量不變，彈簧的彈力不變，仍為3mg，故B錯誤；

C、撤去C瞬間，彈力不變，A的合力等于C的重力，對木塊A，由牛頓第二定律得：，解得：，方向豎直向上，故C正確；

D、撤去C的瞬間，彈簧的彈力不變，仍為3mg，對B，由平衡條件得：，解得：，木塊B對水平面的壓力為4mg，故D錯誤。

15.【答案】AD

【解答】

彈簧被剪斷的瞬間，若細線有拉力，根據(jù)牛頓第二定律得A、B整體的加速度為，C球的加速度大小為，可知細線不會有拉力，與假設(shè)不符，則可知在彈簧被剪斷的瞬間，細線的拉力突變?yōu)榱悖珹、B一起、C沿斜面向下運動，整體分析A、B由牛頓第二定律可得兩球的加速度為，隔離C球分析由牛頓第二定律可得其加速度為，設(shè)桿的彈力為F，隔離B球受力分析，由牛頓第二定律可得，可得，即桿的彈力為零，故A正確，B錯誤；

細線被剪斷之前，由平衡條件可得彈簧的彈力大小為，細線被剪斷的瞬間，彈簧的彈力不會突變，對A、B整體分析由牛頓第二定律可得瞬時加速度大小為，得，方向沿斜面向上，設(shè)桿的彈力大小為，隔離B分析由牛頓第二定律有，得，故C錯誤，D正確。

故選AD。

16.【答案】CD

【解答】A.小球靜止于斜面上，設(shè)小球受的彈簧拉力為，斜面對小球的支持力為，對小球受力分析如圖所示，

則，，解得，故A錯誤

B.將斜面突然移走，小球受到彈簧拉力和重力，彈簧彈力不突變，所以小球的合外力與斜面對小球的支持力大小相等，方向相反，根據(jù)牛頓第二定律可知，小球的加速度大小為，故B錯誤

C.將彈簧剪斷的瞬間，小球即將沿斜面向下做勻加速運動，小球的加速度大小為，故C正確

D.將彈簧換成原長相同但勁度系數(shù)更大的另一輕彈簧，彈簧彈力變大，小球?qū)⒀匦泵嫦蛏线\動，系統(tǒng)重新達到平衡時，輕彈簧與豎直方向的夾角小于，但斜面對小球的支持力方向不變，根據(jù)力的矢量三角形可得斜面對小球的作用力變小，故D正確．

17.【答案】CD【解析】解：A、B、小球受豎直向下的重力mg與桿對小球的力F作用；

當小車靜止時，小球也靜止，小球處于平衡狀態(tài)，受平衡力作用，桿的作用力F與重力是一對平衡力，由平衡條件得：，方向豎直向上。故A、B錯誤。

C、小車向右做勻速運動時，受力平衡，一定有，方向豎直向上，故C正確；

D、小車向右加速運動時，小球受力不平衡，小球受到的合力向右，根據(jù)矢量三角形法則，有，則，方向可能沿桿向上，故D正確；

18.【答案】解：放上物塊后，物塊的加速度。木板的加速度。當物塊與木板速度相等后保持相對