2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷

請考生注意：

1.請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答

案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。

2.答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。

一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有

的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得。分）

1、關于運動速度，下列說法中指平均速度的是（）

A.運動員以10m/s的速度沖過終點線

B.子彈以900m/s的速度從槍口射出

C.涼都14路公交車從六盤水市第七中學站到火車站的速度為30m/s

D.物體第8s末的速度為10m/s

2、如圖，質量為膽的小球，套在半徑為/?的光滑半圓軌道上，輕彈簧的一端固定在軌道的最高點，另一端固定在小

球上，當小球靜止時，彈簧與豎直方向的夾角G60°,已知彈簧的勁度系數為重力加速度為g,則下列說法正確的

是（）

3

A.彈簧彈力為且機gB.彈簧伸長量為鬻

2，火

C.彈簧的彈力為也mgD.彈簧的伸長量為華

2k

3、物體M放在光滑水平桌面上，桌面一端附有輕質光滑定滑輪，若用一根跨過滑輪的輕繩系住另一端掛一質量

為機的物體，M的加速度為由，若另一端改為施加一豎直向下f=，"g的恒力，M的加速度為勾，貝!1（）

A.B.

C.a\=aiD.無法確定

4、如圖所示，在固定斜面上的一物塊受到一外力尸的作用，尸平行于斜面向上。若要物塊在斜面上保持靜止，廠的

取值應有一定范圍，已知其最大值和最小值分分別為耳和尸2,（6>0,設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）由此可求

出（）

A.斜面的傾角

B.斜面對物塊的合力

C.斜面對物塊支持力

D.斜面與物塊間的最大靜摩擦力

5、如圖所示，一圓柱形容器高、底部直徑均為L,球到容器左側的水平距離也是L,一可視為質點的小球離地高為2L,

現將小球水平拋出，要使小球直接落在容器底部，重力加速度為g,小球拋出的初速度v的大小范圍為(空氣阻力不

計)

6、一個小球從4點由靜止開始做勻加速直線運動，到達8點時的速度是h到達C點時的速度是2%則等于

()

A.l:2B.l:l

C.l:4D.l:3

7、如圖所示，彈簧左端固定，右端自由伸長到。點并系住物體〃?，現將彈簧壓縮到A點，然后釋放，物體一直可以

運動到B點，如果物體受到的摩擦力大小恒定，則

A.物體從A到。先加速后減速

B物體從A到。加速，從。到8減速

C.物體在A、。間某點時所受合力為零

D.物體運動到。點時所受合力為零

8、如圖所示，輕彈簧兩端栓接兩個小球小b.在水平恒力廠的作用下栓接小球的細線固定在豎直墻壁上，兩球靜止,

兩細線與豎直墻壁的夾角。=60。，彈簧豎直，已知兩小球的質量都為2kg,重力加速度g=10根/$2,下列說法正確的

是（）

A.水平外力F的大小為400N

B.彈簧的拉力大小為40N

C.剪斷上端細線瞬間。球加速度10m/

D.剪斷上端細線瞬間b球加速度仍為0

9、有一質量為小的人，乘電梯從一樓上到十一樓，在以加速度。=；g勻加速上升的過程里，下列說法正確的是（）

2

A.人的重力為-mgB.人的重力仍為mg

24

C.人對電梯的壓力5mgD.人對電梯的壓力一mg

10、如圖所示，在光滑水平面上，輕質彈簧的右端固定在豎直墻壁上。一物塊在水平恒力F作用下做直線運動，接觸

彈簧后，壓縮彈簧，直至速度為零。整個過程中，彈簧一直在彈性限度內。在物塊與彈簧接觸后向右運動的過程中，

下列說法正確的是（)

A.物塊接觸彈簧后立即做減速運動

B.物塊接觸彈簧后先加速再減速

C.物塊接觸彈簧后物塊的加速度先減小再增大

D.當物塊的速度最大時，它所受的合力為零

11>2019年9月19日14時42分，我國在九泉衛星發射中心將我國自行研制的“珠海一號”03組衛星成功地送上太

空，衛星繞地球飛行一圈時間為90分鐘.則

A.“14時42分”和“90分鐘”前者表示“時刻”后者表示“時間”

B.衛星繞地球飛行一圈，它的位移和路程都為0

C.衛星繞地球飛行一圈平均速度為0,但它在每一時刻的瞬時速度都不為0

D.地面衛星控制中心在對飛船進行飛行姿態調整時可以將飛船看作質點

12、下列所說的運動情況能夠出現的是（）

A.加速度越來越大，速度卻越來越小

B.速度增加得越來越快，加速度保持不變

C.速度變化越來越慢，加速度越來越小

D.速度和加速度都保持不變，且不為零

二.填空題（每小題6分，共18分）

13、在“探究求合力的方法”實驗中，選用量程為5N的彈簧測力計做該實驗.下圖中尸產F2=3.00N,甲同學的凡與

尸2方向的夾角約為60°,乙同學的丹與乃方向的夾角約為90°，丙同學的Fi與F2方向的夾角約為120',其中操作不

合適的是（選填“甲”“乙”或“丙”）同學，原因是

14、某實驗小組用如圖（a）所示的實驗裝置研究加速度與力的關系.實驗中用祛碼筒及所掛祛碼的重力作為細繩對小

車的拉力F,通過增加祛碼的數量，多次測量，可得小車運動的加速度a和所受拉力F的關系圖象.他們在長木板水

平和傾斜的兩種情況下分別做了實驗，得到了兩條a-F圖線，如圖（b）所示

打點計時合帶戶金帶紫,長木板

IQ15祛碼筒

圖（a）

⑴圖線①是在長木板（選填“水平”或“傾斜”H；圖線②是在長木板（選填“水平”或“傾

斜”）情況下得到的

（2）在長木板水平時，小車運動受到的摩擦力Ff=N；

⑶由圖線②可得小車的質量M=kg；

（4）圖（b）中，拉力F較大時，a-F圖線明顯彎曲，產生誤差.造成此誤差的原因是

15、某實驗小組利用彈簧秤和刻度尺，測量滑塊在木板上運動最大速度，實驗步驟：

①用彈簧秤測量橡皮泥和滑塊的總重力，記作G;

②將裝有橡皮泥的滑塊放在水平木板上，通過水平細繩和固定彈簧秤相連，如圖甲所示，在A端向右拉動木板，待彈

簧秤示數穩定后，將讀數記作產；

③改變滑塊上橡皮泥的質量，重復步驟①②;

實驗數據如下表所示：

GIN1.502.002.503.003.504.00

FIN0.590.830.991.221.371.61

④如圖乙所示，將木板固定在水平桌面上，滑塊置于木板上左端。處，細繩跨過定滑輪分別與滑塊和重物。連接，保

持滑塊靜止，測量重物P離地面的高度小

⑤滑塊由靜止釋放后開始運動并最終停在木板上的。點（未與滑輪碰撞），測量C、。間的距離s；

完成下列作圖和填空:

圖甲

酮

（1）根據表中數據在給定坐標紙上作出F-G圖線

（2）由圖線求得滑塊和木板間的動摩擦因數〃=—（保留2位有效數字）；

（3）滑塊最大速度的大小m（用以s、〃和重力加速度g表示）。

三.計算題（22分）

16、（12分）如圖，一根足夠長的水平桿固定不動，一個質量,〃=2kg的圓環套在桿上，圓環的直徑略大于桿的截面

直徑，圓環與桿的動摩擦因數"=0.75.對圓環施加一個與水平方向成〃=53。角斜向上、大小為尸=25N的拉力，使圓

環由靜止開始做勻加速直線運動（sin53°=0.8,cos53°=0.6,g=10m/s2）.求：

⑴圓環對桿的彈力；

⑵圓環加速度的大小；

⑶若2s后撤去拉力F,圓環還能滑行的距離

17、（10分）如圖所示，兩塊平行金屬板豎直放置，兩板間的電勢差U=1.5xl（）3V（僅在兩板間有電場）.先將一質量

25

m=lxl0_kg,電荷量q=4xlO_C的帶電小球從兩板的左上方距兩板上端的高度h=20cm的地方以初速度v0=2m/s水平

拋出，小球恰好從左板的上邊緣進入電場，在兩板間沿直線運動，從右板的下邊緣飛出電場，求：

（1）小球剛進入極板上邊緣時的速度；

（2）金屬板的長度L。

參考答案

一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有

的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）

1、c

【解析】本題考查瞬時速度和平均速度的理解。

【詳解】A.運動員沖過終點是一個時刻，對應瞬時速度，A錯誤；

B.子彈從槍口射出對應的是一個位置，一個時刻，是瞬時速度，B錯誤；

C.從六盤水市第七中學站到火車站對應的是一段時間和一段位移，是平均速度，C正確;

D.第8s末是一個時刻，對應瞬時速度，D錯誤。

故選C。

2、D

【解析】對小球受力分析如圖，由幾何關系可得

ZGON=\20°

由三角函數關系有

G=mg=N=F

由胡克定律可知，彈簧的伸長量

k

故ABC錯誤，D正確。

故選D。

【解析】在繩的B端掛一質量為m的物體時，對整體分析，運用牛頓第二定律求出加速度的大小，當在B端施以F=mg

的豎直向下的拉力作用時，對A分析，運用牛頓第二定律求出加速度的大小，然后比較

【詳解】當在繩的B端掛一質量為m的物體時，對整體分析，有：mg=(M+m)ai,則弓=一絲一；當在B端施以

M+m

F=mg的豎直向下的拉力作用時，對A分析，有：mg=Maz,生="，則aiVa2,故選B

M

【點睛】本題主要考查牛頓第二定律的運用，以及整體法和隔離法的運用，關鍵是掌握解題的方法

4、D

【解析】A.對滑塊受力分析，受重力、拉力、支持力、靜摩擦力，設滑塊受到的最大靜摩擦力為了,物體保持靜止,

受力平衡，合力為零；

當靜摩擦力平行斜面向下時，拉力最大，有:

耳-mgsind-f-0

當靜摩擦力平行斜面向上時，拉力最小，有：

F2+f-mgsind=0

聯立解得：

f=FE

,2

mgsind=，；」

由于質量未知則傾角未知，故A錯誤，D正確；

B.滑塊受重力、拉力、支持力、靜摩擦力作用，則斜面對物塊的合力即為支持力和靜摩擦力的合力，根據平衡條件可

知，二者的合力的大小等于重力和拉力合力的大小，由于重力和拉力的合力不是定值，則斜面對物塊的合力也不是定

值，其大小和方向均會發生變化，無法求出，故B錯誤；

C.根據平衡條件可以得到斜面對物塊的支持力為：

N=mgcosO,

由于質量和傾角均未知則無法求出支持力的大小，故C錯誤；

故選D。

5、A

【解析】要使小球直接落入容器底部，則最小速度對應小球緊貼著容器最左邊上端落入容器的速度.由平拋運動規律:

L=；g/,L=vmint,聯立兩式得pmin=楞?最大速度為對應小球緊貼著容器右邊上端落入容器的速度，由平拋

運動規律：=2L=vmJ,聯立兩式得匕1ax=瘋.故選A

【點睛】本題是平拋運動中的臨界問題，解決此類題的關鍵是找到臨界條件，然后臨界條件當成已知條件去用列式求

解即可.本題速度最小值的臨界條件為小球緊貼著容器最左邊上端落入容器的速度，最大值的臨界條件為小球緊貼著

容器右邊上端落入容器的速度.然后根據兩個臨界條件利用平拋運動規律列式求解

6、D

【解析】設小球的加速度大小為縱則根據勻變速直線運動速度與位移關系可得

(2v)--v23v2

BC=-2a~2a

所以

AB_1

~BC~3

故選D。

7、AC

【解析】A、物體從A到O的過程中，開始彈力大于摩擦力，加速度方向向右，向右做加速運動，然后彈力小于摩擦

力，加速度方向向左，做減速運動，所以A到。的過程先加速后減速.故A正確.B、物體從A到。先加速后減速,

從O到B的過程中，彈簧后摩擦力均向左，做減速運動.故B錯誤.C、在AO間，當彈力與摩擦力相等時，合力為

零.故C正確，D錯誤.故選AC

【點睛】本題關鍵分階段結合運動情況對物體受力分析，求出合力后確定加速度的變化情況，從而最終確定物體的運

動情況

8、AD

【解析】對b球受力分析，受到豎直向下的重力，彈簧的拉力，若受繩子的拉力，則在水平方向上合力不可能為零，

故繩子對b的拉力為零，所以%=",g=20N,剪斷上端細線瞬間，彈簧的彈力來不及改變，合力仍舊為零，故b

的加速度仍為零，B錯誤D正確；對a球受力分析，受彈簧的彈力，重力，水平拉力和繩子的拉力作用，處于平衡狀

態，故有tan6=一1，解得尸=406N,A正確；T=J=80N,若剪斷上端細線瞬間a的合力為80N,則加

40Nsin6

QQ

速度為a=^=40m/s2,C錯誤；

2

考點：考查了共點力平衡條件的應用

【名師點睛】在處理共點力平衡問題時，關鍵是對物體進行受力分析，然后根據正交分解法將各個力分解成兩個方向

上的力，然后列式求解，如果物體受到三力處于平衡狀態，則可根據矢量三角形法，將三個力移動到一個三角形中，

然后根據角度列式求解，

9、BD

【解析】AB.人在勻加速上升過程中，人處于超重狀態，但人的重力不變，所以人的重力仍為，”g,故A錯誤，B正確；

CD.設電梯對人的支持力為T,由牛頓第二定律得：

T-mg=ma

則:

T=mg+ma=—mg

根據牛頓第三定律，人對電梯的壓力為：

7，4

T=~mg

故C錯誤，D正確。

故選：BD

10、BCD

【解析】當木塊接觸彈簧后，水平方向受到向右的恒力廠和彈簧水平向左的彈力，彈簧的彈力先小于恒力凡后大于

恒力凡木塊所受的合力方向先向右后向左，則木塊先做加速運動，后做減速運動，合力大小先減小后增大，所以加

速度先減小后增大，當彈力大小等于恒力尸時即合力為零，木塊的速度為最大值。

故選BCDo

11、AC

【解析】A.“14點42分”對應一個點，是時刻，“90分鐘”對應一個線段，表示“時間”，故A正確；

B.衛星繞地球飛行一圈，位移是0,路程是周長，故B錯誤；

C.平均速度等于總位移除以總時間，屬于衛星繞地球飛行一圈平均速度為0；不同位置的瞬時速度的不同，它在每一

時刻的瞬時速度都不為0,故C正確；

D.地面衛星控制中心在對飛船進行飛行姿態調整時不能看成質點，否則沒有姿態可言，故D錯誤

12、AC

【解析】根據加速度的定義式”可知物體的加速度等于物體的速度的變化率，即物體的速度變化越快，物體的加

速度越大；加速度與速度沒有直接的聯系，加速度是描述速度變化的快慢，加速度的方向與速度同向時，速度增加，

若反向時，則速度減小。

故選AC。

【名師點睛】把握加速度的定義式。=學中各個物理量的含義以及各個物理量之間的關系是解決此類問題的關鍵，是

Ar

正確理解加速度的定義的基礎.根據加速度的定義式a=半可知物體的加速度等于物體的速度的變化率，加速度的方

△t

向就是物體速度變化量的方向，與物體速度無關，即物體的速度變化越快物體的加速度越大.加速度反映了速度變化

的快慢

二.填空題（每小題6分，共18分）

13、①.甲同學②.兩個力的合力超過了彈簧測力計的量程5N,再用一個彈簧測力計拉橡皮筋時拉不到。點

【解析】［1］甲同學的尸1與尸2方向的夾角約為60",所以合力為

F=2F.cos30°=2x3.00x—N?5.197N

12

乙同學為與尸2方向的夾角約為90°，所以合力為

F=qF；+F；=V3.002+3.002N?4.246N

丙同學的肌與F2方向的夾角約為120°,合力為

F=F]=F2=3.00N

所以其中操作不合適的是甲同學，因為這兩個力的合力超過了彈簧測力計刻度的最大值5N,第二次用一個彈簧測力計

拉時結點拉不到。點。

14、①.水平②.傾斜③.1④.1.0⑤.當祛碼筒和祛碼的質量之和不能遠小于小車質量時，祛碼筒和

祛碼的重力之和與細線的拉力相差越來越大

【解析】(1)據圖象①、圖象②與坐標軸交點的物理意義判斷軌道是水平還是傾斜

(2)(3)軌道水平時，軌道有阻力F“根據牛頓第二定律列式，整理后得。=，(尸-%);由圖象①的橫截距，求出小

車受到的摩擦力.軌道傾斜時，對小車受力分析，根據牛頓第二定律列式，整理后得。=85山。+,尸-4,由圖象

②的斜率可得小車的質量

(4)題中用硅碼筒及所掛法碼的重力作為細繩對小車的拉力F,當鉤碼的質量達到一定程度后，祛碼筒及所掛祛碼的質

量與小車的質量相當了，已經不再滿足m<<M,這時細繩對小車的拉力F小于祛碼筒及所掛祛碼的重力；把祛碼筒

及所掛鉤碼的重力作為拉力就偏差很大，圖象向下彎曲了

【詳解】(1)圖象①與橫軸有正交點，其意義是當合力(即祛碼筒和祛碼的總重力)為某一值時，小車加速度仍為零，

也就是小車未拉動，是未平衡摩擦力造成的，軌道水平.圖象②是拉力為零時，小車已經有一個加速度，說明傾斜過

度

(2)(3)軌道水平時，軌道有阻力F”根據牛頓第二定律列式口一弓=整理后得。=」-(廠一工)；由圖象①的橫

截距得：當加速度為零時，^F=Ff=lN.軌道傾斜時，對小車受力分析，根據牛頓第二定律列式

MgsinO+F-f2=Ma,整理后得。=+；由圖象②的斜率可得：k=」-=l,所以小車的質量

MMM

M=：=1依

(4)題中用祛碼筒及所掛祛碼的重力作為細繩對小車的拉力F,當鉤碼的質量達到一定程度后，祛碼筒及所掛祛碼的質

量與小車的質量相當了，已經不再滿足m<VM,這時細繩對小車的拉力F小于硅碼筒及所掛祛碼的重力；把祛碼筒

及所掛鉤碼的重力作為拉力就偏差很大，圖象向下彎曲了

N

15、②.0.40（0.38、0.39、0.41、0.42均正確）③

【解析】(1)[1]在坐標紙上，描出各點，然后用直線將各點連接起來，得到尸-G圖象如圖:

(2)[2]彈簧稱的示數就是物體受到的摩擦力，根據/=〃EV=〃G,可知圖象的斜率就是動摩擦因數，找特殊點

代入可得〃=04；

(3)[3]尸落地后，滑塊又前進了s