2021年陜西省寶雞教育聯盟高考物理猜題試卷

一、單選題（本大題共6小題，共24.0分）

1.如圖所示，在水平桌面上將三個形狀不規則的石塊成功疊放在一起。下列說》

法正確的是（）?一、

A.石塊b對a的支持力與a受到的重力一定是一對平衡力

B.石塊b對c的壓力與石塊c對b的作用力是一對相互作用力一夕

C.石塊b對a的支持力是由b的彈性形變產生的

D.石塊c對b的作用力垂直be間的接觸面

2.下列關于地球同步衛星的說法正確的是（）

A.它的周期與地球自轉同步，但離地面的高度可以選擇

B.只要時間足夠長，一顆同步衛星就能觀察到整個地球表面的所有地方

C.我國發射的同步通訊衛星可以定點在北京上空

D.各個國家發射的同步通訊衛星都只能定點在赤道正上方

3.2020年全國第十四屆冬季運動會在呼倫貝爾市舉行。為此全市都在開展豐富多彩的冰上運動。

如圖所示，在游樂場的滑冰道上有甲、乙兩同學坐在冰車上進行游戲。當甲從傾角為J的光滑冰

道頂端4由靜止開始自由下滑時，在斜面底部B處的乙通過冰釬作用于冰面，從靜止開始沿光滑

的水平冰道向右做勻加速直線運動。已知甲、乙和冰車均可視為質點，甲通過斜面與水平面的

交接處（B處）時，速度的方向改變、大小不變，且最終甲剛好能追上乙，則（）

A.到甲剛好追上乙時、甲在水平面上和斜面上的滑行時間一定不相等

B.到甲剛好追上乙時，甲在水平面上和斜面上的滑行時間一定相等

C.甲在斜面上的加速度一定小于乙的加速度

D.無法求出甲從過8點至追上乙行進的距離與48距離之比

4.在電場中某一點，當放入正電荷時受到的電場力方向向右，當放入負電荷時受到的電場力方向

向左，下列說法正確的是（）

A.當放入正電荷時，該點的電場強度方向向右，當放入負電荷時，該點的電場強度方向向左

B.只有在該點放入電荷時，該點才有電場強度

C.該點的電場強度方向一定向右

D.關于該點的電場強度，以上說法均不正確

5.電視機的顯像管中，電子束的偏轉是用磁偏轉技術實現的。電子束

經過電壓為U的電場加速后，進入一勻強磁場區，如圖所示（虛線框

內為磁場區）。當不加磁場時，電子束將打到屏幕的中心M點。為了

讓電子束射到屏幕上方P處，所加的偏轉磁場方向可能是（）

A.豎直向下B.豎直向上C.垂直紙面向里D.垂直紙面向外

6.如圖為速度選擇器的原理圖，極板間有向里的勻強磁場和向下的勻強

電場，在不計重力的情況下，下列有關說法正確的是（）

A.只要粒子速率合適，無論質量大小，電荷量大小，速度方向如何，

均能通過

B.該裝置既能區分粒子的速度的不同，也能鑒別粒子電性和電荷量

的不同

C.若將磁場反向，粒子初速度自左向右，則正電荷偏轉，負電荷可直線通過

D.若將電場反向，無論正負電荷，只要速度大小合適，均可以水平自右向左直線通過

二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）

7.如圖所示，豎直空間某區域存在向下的磁場，磁場大小關于圖中。點所在水平V—

面4對稱分布，水平面4與所在位置的磁感線都垂直，磁感應強度大小的變化\/

規律為B=為常量，且B不為零），x表示與水平面4的豎直距離。一At

半徑為八電阻為R的圓形線框（線框面與面4平行，且中軸剛好過。點）從距面力/

為八處靜止釋放，當線框到達水平面4時，發熱量為Q,速度為D，到達平面4后，

繼續向下加速運動到達0點下方九處，己知九小于則（）

A.線框下落過程中，加速度始終小于重力加速度g

B.線框到達。點時，通過線框的電荷量為山

Rk

C.線框到達。點下方九處時，下落過程的發熱量為2Q

D.線框到達0點下方八處時，速度應小于迎"

8.如圖，變壓器輸入端/接左圖的交變電流，nx=200,712=50,電阻R=10。下列說法正確

的是（）

u/V

A.電壓表示數為55V

B.電流表示數為224

C.輸入電壓的瞬時值表達式為u=311sinl007rt

D.輸入功率一定等于輸出功率

9.一運動員穿著飛翔裝備從飛機上跳出后的一段運動過程可近似看作勻加

速直線運動。如圖所示，運動員的運動方向與水平方向成53。角（sin53°=

0.8）,運動員的加速度大小為［g.已知運動員（包含裝備）的質量為m,則在

運動員下落高度為人的過程中，運動員（包含裝備）的（）

A.重力勢能減少了綱ghB.動能增加了

C.動能增加了1mg/iD.機械能減少了

10.如同所示，處于勻強電場中的等腰梯形4BCD,4048=45。，AB=2.0m,AD=—m.A^D、C

2

C.電場強度為3遮17mD.電場強度為4.5V/m

三、實驗題（本大題共2小題，共14.0分）

11.如圖所示，某同學用圖甲所示的裝置進行“探究功與物體速度變化的關系”實驗，得到圖乙所

示的紙帶。

（1）如圖甲，在本實驗中是通過改變橡皮筋的來改變拉力做功的數值（選填“條數”或“長

度”）；

（2）如圖乙，通過測量______兩點間的距離計算小車獲得的速度（選填"AB”或"8C”）。

12.在H則定金屬絲的電阻率少的實驗中：

(1)用螺旋測微器測金屬絲的直徑，如圖所示的示數是mm；Llg2Q

(2)以平均電阻R,金屬絲長3平均直徑d,寫出計算電阻率的計算式:.15

四、計算題(本大題共4小題，共46.0分)

13.如圖所示，一條長為L的絕緣細線，上端固定，下端系一質量為ni的帶電0一

小球，將它置于電場強度為E、方向水平向右的勻強電場中，當小球平衡j

；f-'

時，懸線與豎直方向的夾角a=45。,忽略空氣阻力..................

(1)若將小球向右拉至懸線呈水平位置，然后無初速度釋放，求小球經過最低點時，細線對小球拉力.

(2)若將小球向左拉至懸線呈水平位置，然后由靜止釋放小球，則小球回到最初的平衡位置的速度是

多少？

14.我國預計于2022年建成自己的空間站。假設未來我國空間站繞地球做勻速圓周運動時離地面的

高度為同步衛星離地面高度的已知同步衛星到地面的距離為地球半徑的6倍,地球的半徑為R,

地球表面的重力加速度為g。求：空間站做勻速圓周運動的線速度大小。

m

15.如圖所示，物塊質量m=4kg,以速度u=2m/s水平滑上一靜止

的平板車上，平板車質量M=16kg,物塊與平板車之間的動摩擦

因數4=0.1,其他摩擦不計(g=lOm/s?),求：

(1)物塊相對平板車靜止時，物塊的速度；

(2)要使物塊不從平板車上滑下，平板車至少多長？

(3)若平板車足夠長，求物塊在平板車上滑行的時間;

16.如圖，在坐標系的第一和第二象限內存在磁感應強度大小分別為和B,方向均垂直于紙面向

外的勻強磁場。一質量為m、電荷量為q(q>0)的粒子垂直于x軸負半軸的P點射入第二象限,

隨后垂直于y軸進入第一象限，最后經過x軸正半軸的Q點離開第一象限。已知P、Q兩點間的距

離為L,求:

(1)粒子的速度大小;

(2)粒子在磁場中運動的時間。

W*

??

參考答案及解析

1.答案：c

解析：解：4、石塊b對a的支持力與其對a的靜摩擦力的合力，跟a受到的重力是平衡力，故A錯誤；

B、取ab作為整體研究，根據平衡條件，則石塊c對b的作用力與其重力平衡，在c對b的支持力與摩

擦力的合力，與b對C的壓力不是一對作用力與反作用力，故B錯誤；

C、石塊對a的支持力是由b的彈性形變產生的，故C正確；

。、石塊c對b的作用力與其重力平衡，方向豎直向上，不一定垂直于be之間的接觸面，故。錯誤；

故選：Co

根據平衡條件，依據相互作用力的內容，及力的合成與分解方法，并依據摩擦力產生條件，即可求

解。

考查整體法與隔離法的運用，掌握平衡條件的應用，注意平衡力與相互作用力的區別，注意c對b的

作用力是支持力與摩擦力的合力。

2.答案：D

解析：解：4、根據萬有引力提供向心力，列出等式：^^=mM（R+h）,其中R為地球半徑，h為

同步衛星離地面的高度。由于同步衛星的周期必須與地球自轉周期相同，所以T為一定值，根據上面

等式得出：同步衛星離地面的高度九也為一定值。故A錯誤；

8、地球同步衛星定位在赤道上空某點，與地球同步，所以其不可能觀察到整個地球的所有地方，故

B錯誤；

CD、地球同步衛星若在除赤道所在平面外的任意點，假設實現了“同步”，那它的運動軌道所在平

面與受到地球的引力就不在一個平面上，就穩定做圓周運動，這是不可能的，因此地球同步衛星相

對地面靜止不動，所以必須定點在赤道的正上方；不可能定位在北京上空；故C錯誤，。正確；

故選：D。

地球同步衛星的角速度必須與地球自轉角速度相同。物體做勻速圓周運動，它所受的合力提供向心

力，也就是合力要指向軌道平面的中心。第一宇宙速度是近地衛星的環繞速度，也是最大的圓周運

動的環繞速度。

此題要理解并掌握地球同步衛星的條件。地球質量一定、自轉速度一定，同步衛星要與地球的自轉

實現同步，就必須要角速度與地球自轉角速度相等，這就決定了它的軌道高度和線速度大小，同時

同步衛星有四個“定”：定軌道、定高度、定速度、定周期。

3.答案：B

解析：解：AB、設甲到達8的時間為G，追上8的時間為t2,水平面都是光滑的，A到達水平面后做

勻速直線運動，設甲的速度為V，則甲在水平面上的位移：x2=v(t2-①

乙做勻加速直線運動，被甲追上時的速度也是乙的位移：上=；=2②

聯立①②可得：t2=2tl=2(t2-ti)

可知到甲剛好追上乙時，甲在水平面上和斜面上的滑行時間一定相等，故A錯誤，B正確；

C、由以上的分析可知，甲的速度達到。用的時間少，所以甲在斜面上的加速度一定大于乙的加速度，

故C錯誤；

D、AB之間的距離：%=；由=：?*=￡,所以甲從過B點至追上乙行進的距離與距離之比為2,

故。錯誤。

故選：Bo

由題可知，斜面與水平面都是光滑的，A到達水平面后做勻速直線運動，設甲的速度為V，則甲恰好

追上乙時乙的速度也恰好等于然后結合各自的位移公式，分析運動的時間的關系，以及判斷位移

的關系即可。

該題考查追擊運動，解答的關鍵是合理使用勻變速直線運動的過程中的平均速度公式5=竽。

4.答案：C

解析：解：4、放入正電荷和負電荷時，該點的場強均向右。故A錯誤。

8、場強由場源電荷決定，與試探電荷無關，不放試探電荷，電場同樣存在。故B錯誤。

C、電場強度的方向與正電荷所受的電場力方向相同，一定向右。故C正確，故。錯誤。

故選：Co

電場強度的方向與正電荷所受的電場力方向相同，與負電荷所受的電場力方向相反.不放試探電荷，

電場同樣存在.

本題考查對物理概念的理解能力.電場強度是反映電場本身的力的性質的物理量，與試探電荷是否

存在無關.在電場中某場強的方向是唯一確定的.

5.答案：D

解析：根據左手定則，四指指向電子運動的反方向，拇指指向力的方向，磁感線穿入掌心，可以判

得磁場方向為垂直紙面向外。

故選D。

6.答案：。

解析：解：AB,根據洛倫茲力與電場力平衡，可知，只要粒子速率合適，無論質量大小，電荷量大

小，均能通過，但速度的方向必須由左向右，故A錯誤，B錯誤.

C、若將磁場反向，粒子初速度自左向右，則正負電荷均偏轉，都不能直線通過，故C錯誤；

。、由將電場反向，無論正負電荷，只要速度大小合適，使得電場力與洛倫茲力平衡，均可以水平

自右向左直線通過，故。正確.

故選：D.

帶電粒子受到的電場力和洛倫茲力平衡時，才能沿直線通過，根據左手定則判斷洛倫茲力方向，確

定兩個力能否平衡，即可判斷粒子能否沿直線運動.

本題考查對速度選擇器工作原理的理解，由qE=qvB得V=占此結論與帶電粒子的電性、電量無關，

同時注意左手定則的應用.

7.答案：BD

解析：解：4由于A處的水平面與磁感線垂直，線框的速度與4處水平面也垂直，所以在水平面4處

線框速度與磁場平行，在A處線框怒切割磁感線，感應電動勢為零，感應電流為零，線框受到安培力

為零，所以加速度等于重力加速度，即下落過程中線框的加速度并不始終小于g,故A錯誤；

B、從。點上方下落到。點所在水平面，線框磁通量變化量為△中=山，

k

由法拉第電磁感應定律得：E=—,

M

平均感應電流：7=邑，

R

通過線框的電荷量q=

解得：勺=巴”，故B正確；

c、從。到。點以下/I處，線框下落過程的速度都大于/從。點上方九處下落到0點的過程中，下落的

速。度都小于/所以在0點下方運動過程中，感應電流比在。點上方運動產生的感應電流大，克服安

培力做的功比較多，故發熱量應大于Q，故線框到達0點下方h前，發熱量Q'應大于2Q,故C錯誤;

D、從0點上方八處下落到。點，由能量守恒定律得：mgh=|mv2+Q

從。點上方八到0點下方八處，由能量守恒定律得：mg-2h=+Q',由于Q，＞2Q,可得巧小于

V2v.故。正確。

故選：BD。

根據線框的受力情況判斷線框的加速度與重力加速度間的關系；

由法拉第電磁感應定律求出感應電動勢的平均值，應用歐姆定律求出平均感應電流，根據電流的定

義式求出通過線框的電荷量；

分析清楚線框的運動過程，應用能量守恒定律分析答題。

本題以圓環在磁場中向下運動為背景知識，考查楞次定律、法拉電磁感應定律、磁通量、牛頓第二

定律和能量守恒定律等知識。通過設置環的速度與磁感線平行的臨界分析、磁通量變化的兩個狀態

以及兩段相同高度的能量變化的比較分析，考查學生的理解、推理分析和應用數學知識解決問題的

能力。

8.答案:AD

解析：

由圖乙可知交流電壓最大值，周期7=0.2秒；根據變壓器的變壓比公式得到輸出電壓，輸入功率一

定等于輸出功率；

根據u-t圖象準確找出電壓的最大值和周期，掌握理想變壓器的變壓比公式是解決本題的關鍵，基

礎問題.

AB,由圖乙可知交流電壓最大值Um=311心故變壓器的輸入電壓為：Ui=*=220V；根據變壓

比公式得：4=^x220=55，，電流/==5.54根據電流與匝數成反比，/=蓋x5.5=

1.3754,故A正確，B錯誤；

C、角速度3=言=10兀，所以表達式為：u=SllsinlOnt,故C錯誤；

￡）、輸入功率一定等于輸出功率；故。正確；

故選：AD.

9.答案：CD

解析：解:4、運動員下落的高度是九，則重力做功：W=mgh,所以運動員重力勢能的減少量為mgh。

故A錯誤；

BC、運動員下落的高度是h,則飛行的距離：L=焉=\h,運動員受到的合外力：F^.=ma=3mg

動能的增加等于合外力做的功，即：AEK=小分=~"=：69*：九=[機9/1.即運動員動能的增加

量為;mg/i.故B錯誤，C正確；

D、動員重力勢能的減少量為mgh,動能的增加量為;mg/i,所以運動員的機械能減少了mgh一

^mgh=[mg/i.故D正確。

故選：CD。

根據高度的變化確定重力勢能的減少量。根據牛頓第二定律可求得物體受到的合外力，再根據功的

公式可求得各力做功情況，根據動能定理可知動能的改變情況。根據動能和重力勢能的變化確定機

械能的變化。

本題考查動能定理的應用及功的計算，要注意明確重力做功的特點，并正確應用動能定理分析動能

的變化量。

10.答案：BC

解析：解：AB、延長AD和BC交于E點，根據幾何關系，AD=DE,所以外~(pD=%.外，所以WE=

6V=(pc，因此BC是等勢面，0B=6V,故4錯誤8正確；

CD、力。沿電場線方向，由(7=七~可知，E==3y/2V/m,故C正確ABO錯誤。

故選：BC。

勻強電場中，沿著相同的方向，每前進相同的距離，電勢的變化相同；根據幾何關系即可確定對應

的長度，從而確定等勢面，再根據勻強電場的電場強度和電勢差間的關系求出電場強度。

本題關鍵是明確勻強電場中沿著相同的方向每前進相同的距離電勢的變化相同，然后結合電勢差與

電場強度的關系確定勻強電場強度。

11.答案：條數BC

解析：解：(1)用完全相同的橡皮筋對小車做功，每次實驗時橡皮筋的伸長量相等，每根橡皮筋對小

車做功相等，通過改變橡皮筋的條數可以改變拉力做功的數值。

(2)橡皮筋做功完畢小車做勻速直線運動，在相等時間內小車的位移相等，紙帶上相鄰兩點間的距離

相等，由圖示紙帶可知，應通過測量8c兩點間的距離計算小車獲得的速度。

故答案為：(1)條數；(2)BCo

用完全相同的橡皮筋對小車做功，每次實驗時橡皮筋的伸長量相等，每根橡皮筋對小車做功相等，

通過改變橡皮筋的條數可以改變對小車做的功；橡皮筋恢復原長時做功完畢，小車做勻速直線運動，

實驗需要求出橡皮筋做功完畢時小車的速度。

本題考查了探究功與速度變化的關系實驗，知道實驗原理與小車運動過程是解題的前提與關鍵，要

知道如何求橡皮筋對小車做的功。

12.答案：0.700嗎

4L

解析：解：(1)螺旋測微器的讀數為：D=0.5mm+20.0x0.01mm=0.700mm；

(2)根據電阻定律有：R=g

以及面積公式有：S=—

4

可得：。=等

故答案為：0.700,嗎

4L

(1)讀數時應分成整數部分和小數部分兩部分來讀，注意半毫米刻度線是否露出；(2)根據歐姆定律

和電阻定律求出電阻率的表達式即可.

本題考查了求電阻率、螺旋測微器讀數等問題，注意理解實驗原理，明確螺旋測微器固定刻度與可

動刻度示數之和是螺旋測微器的示數.

13.答案：解：(1)由題意：小球帶正電.

對小球平衡態分析：tana=%,

解得：電場力大小F=mg(l)

將小球向右拉至懸線呈水平位置，然后無初速度釋放，小球做圓周運動至最低點.設經過最低點速

度大小為"，根據動能定理：mgl-Fl=^mv2(2)

聯立(1)(2)得:v=0(3)

對小球在最低點分析：T—mg=mY(4)

聯立(3)(4)得：細線對小球的拉力T=mg(5)

(2)將小球向左拉至懸線呈水平位置，然后由靜止釋放小球，小球將先沿直線運動至最低點，然后做

圓周運動.設小球做直線運動至最低點時的速度大小為火,開始做圓周運動時的速度大小為。2,運

動至所求位置時速度大小為內

對小球的直線運動過程分析：'J2mg'/2l=(6)

對小球在最低點分析：v2=v1cosa(7)

對小球的圓周運動過程分析：Flsina-mg1(^1-cosa)=^mvl-1mv1(8)

聯立(1)(6)(7)(8)并代入數據得：p3=J2agi

答：(1)小球經過最低點時，細線對小球拉力為mg.

(2)若將小球向左拉至懸線呈水平位置，然后由靜止釋放小球，則小球回到最初的平衡位置的速度是

解析：(1)根據平衡條件可明確小球受到的電場力大小，再根據動能定理可求得小球到達最低點的速

度，再根據向心力公式可求得細線對小球的拉力大小；

(2)對小球運動過程分析，根據動能定理可求得小球回到最初平衡位置時的速度大小.

本題考查帶電粒子在電場中的運動情況，要注意正確分析物理過程，明確動能定理的應用和向心力

的應用；在研究電場中的變速運動問題，要注意優先選擇功能關系進行分析求解.

14.答案：解：設地球的質量為M,空間站的質量為當空間站在地球表面上時，重力與萬有引力

相等，則有：

Mm

m9=G—

由題意可知空間站的軌道半徑為：

17

r=/?+—x6/?=—/?

84

空間站繞地球運行時，萬有引力提供向心力，則有：

Mmv2

G——=771--

聯立以上各式可得空間站的線速度為：

2/7^R

V=------

7

答：空間站做勻速圓周運動的線速度大小為氈史。

7

解析：由題意得出空間站的軌道半徑，根據地球表面上的物體所受重力等于萬有引力列式，求出地

球的質量；空間站繞地球運動時，萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律列式即可求出其線速度大

小。

運用重力與萬有引力相等，即黃金代換式GM=gR2分析問題是考試中常見的方法。向心力的公式選

取要根據題目提供的已知物理量或所求解的物理量選取應用。

15.答案：解：(1)由題意，滑塊和小車組成的系統動量守恒，設物塊和小車相對靜止時速度為力,

則有：

mv=(M+m')v1

代入數據解得：Vj=0.4m/s

(2)設小車至少長度為L,由能量守恒得：

11

-mv2--(M+=[imgL

代入數據解得：L=1.6m

(3)物塊做勻減速直線運動，由牛頓第二定律得：a=-四=-lm/s2

由速度公式得：vr-v=at

代入數據解得：t=1,6s