北京市首師附2023-2024學年物理高二上期末統考模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，有一矩形閉合導體線圈，在范圍足夠大的勻強磁場中運動，下列圖中能產生感應電流的是（）A. B.C. D.2、分子力F、分子勢能EP與分子間距離r的關系圖線如圖甲、乙兩條曲線所示（取無窮遠處為分子勢能Ep＝0），下列說法錯誤的是（）A.乙圖線為分子勢能與分子間距離的關系圖線B.隨分子間距離的增大，分子力先減少后一直增大C.分子間的引力和斥力都隨分子間的距離增大而減小，但斥力減小得更快D.在r<r0階段，分子力減小時，分子勢能也一定減小3、如圖甲所示，一水平彈簧振子在A、B兩點之間做簡諧運動，O點為平衡位置，取水平向右為正方向，其振動圖象如圖乙所示.由振動圖象可知（）A.時刻振子位于O點B.時刻振子的速度為零C.時刻振子的運動方向與時刻振子的運動方向相反D.從時刻到時刻，振子運動的加速度逐漸減小4、閉合回路的磁通量Φ隨時間t的變化圖像分別如圖所示，關于回路中產生的感應電動勢的下列論述，其中正確的是（）A.圖甲回路中感應電動勢恒定不變B.圖乙回路中感應電動勢恒定不變C.圖丙回路中0~t1時間內感應電動勢小于t1~t2時間內感應電動勢D.圖丁回路中感應電動勢先變大后變小5、下列說法中不正確的是（）A.分子在做永不停息的無規則運動，所以分子具有動能B.分子間存在相互作用力，所以分子具有勢能C.分子的動能和勢能之和叫做物體的機械能D.內能包括物體內所有分子動能和勢能6、如圖所示，帶有正電荷的A粒子和B粒子同時以同樣大小的速度(速度方向與邊界的夾角分別為30°、60°)從寬度為d的有界勻強磁場的邊界上的O點射入磁場，又恰好都不從另一邊界飛出，則下列說法中正確的是()A.A、B兩粒子在磁場中做圓周運動的半徑之比為B.A、B兩粒子在磁場中做圓周運動的半徑之比為C.A、B兩粒子的比荷之比是D.A、B兩粒子的比荷之比是二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、用兩個一樣的彈簧吊著一根銅棒，銅棒所在虛線范圍內有垂直于紙面的勻強磁場，棒中通以自左向右的電流（如圖所示），當棒靜止時，彈簧秤的讀數為F1；若將棒中的電流方向反向，當棒靜止時，彈簧秤的示數為F2，且F2＞F1，根據這兩個數據，不能確定（）A.磁場的方向 B.磁感強度的大小C.安培力的大小 D.銅棒的重力8、現代科學研究中常要用到高速電子，電子感應加速器就是利用變化的磁場產生電場使電子加速的設備，它的基本原理如圖所示．在上、下兩個電磁鐵形成的異名磁極之間有一個環形真空室（圖中所示為其側面），電子在真空室中做圓周運動．上邊為正視圖，下邊為真空室的俯視圖．如果從上向下看，電子沿逆時針方向運動，則以下方法能夠使電子加速的是（）A.若電磁線線圈中的電流方向與圖示中方向一致，使電流增大B.若電磁鐵線圈中的電流方向與圖示中方向一致，使電流減小C.若電磁線線圈中的電流方向與圖示中方向相反，使電流增大D.若電磁鐵線圈中電流方向與圖示中方向相反，使電流減小9、霍爾元件是一種基于霍爾效應的磁傳感器,已發展成一個品種多樣的磁傳感器產品族,得到廣泛應用．如圖為某霍爾元件的工作原理示意圖,該元件中電流I由正電荷定向運動形成,下列說法正確的是()A.M點電勢比N點電勢高B.用霍爾元件可以測量地磁場的磁感應強度C.用霍爾元件能夠把磁學量轉換為電學量D.若保持電流I恒定則霍爾電壓UH與B成正比例10、如圖所示，理想變壓器原線圈接在交流電源上，圖中各電表均為理想電表．下列說法正確的是A.當滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，R1消耗的功率變大B.當滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，電壓表V示數變大C.當滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，電流表A1示數變大D.若閉合開關S，則電流表A1示數變大、A2示數變小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）甲圖是某同學測電源電動勢和內阻實驗電路，通過改變滑動變阻器，得到多組電表的實驗數據：(1)電壓表讀數U與電源的電動勢E、電源的內阻r、電流表讀數I、電阻R0之間的關系式U=______________________。(2)已知電路中電阻R0=2Ω，根據實驗數據用作圖法在坐標系內作出U-I圖線如圖乙所示，則電源的電動勢E=________V，內阻r=________Ω（均保留兩位有效數字）12．（12分）欲用伏安法測定一段阻值約為5Ω左右的金屬導線的電阻，要求測量結果盡量準確，現備有以下器材：A．電池組（3V，內阻1Ω）B．電流表（0～3A，內阻約0.2Ω）C．電流表（0～0.6A，內阻約為0.2Ω）D．電壓表（0～3V，內阻約為3kΩ）E．滑動變阻器（0～20Ω，額定電流1A）F．滑動變阻器（0～2000Ω，額定電流0.3A）G．開關、導線(1)上述器材中電流表應選用的是_______；滑動變阻器應選用的是_________；（填寫各器材的字母代號）；(2)在方框內畫出實驗電路圖__________________；(3)一組實驗中電流表和電壓表的示數如圖所示，圖示中I=______A，U=______V。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】選項AC中磁通量一直為零，選項B中磁通量一直最大，三選項中磁通量均不變。只有D中磁通量在變化。故選D。2、B【解析】A．r0是平衡位置，Ep-r圖象中，r=r0處，分子勢能最小；F-r圖象中，r=r0處，分子力為零，所以乙圖線為分子勢能與分子間距離的關系圖線，甲圖對應的是F-r圖象，故A正確，不符合題意。B．甲圖為F-r圖象，根據圖象可知，分子從靠得很近位置開始，隨分子間距離的增大，分子力先減少后增大，再減小，故B錯誤，符合題意。C．分子間的引力和斥力都隨分子間的距離增大而減小，但斥力減小得更快，故C正確，不符合題意。D．在r＜r0階段，隨著分子距離增大，分子力減小時，分子力做負功，分子勢能減小，故D正確，不符合題意。故選B。3、D【解析】A．由圖乙知在時刻振子位于正向位移最大處即B點，故A錯誤；B．時刻振子位于平衡位置，所以此時速度最大，故B錯誤；C．由題意可知，時刻振子處于從B向O運動過程中，時刻振子處于從O到A的運動過程中，所以兩時刻運動方向相同，故C錯誤；D．從時刻到時刻，振子從最大位移B處向平衡位置O處運動，所以加速度越來越小，速度越來越大，故D正確。故選D。4、B【解析】因則可據圖像斜率判斷知圖甲中即電動勢E為0；圖乙中＝恒量即電動勢E為一恒定值；圖丙中E前>E后；圖丁中圖像斜率先減后增，即回路中感應電動勢先減后增。故選B。5、C【解析】A．分子在做永不停息的無規則運動，所以分子具有動能，選項A正確，不符合題意；B．分子間存在相互作用力，所以分子間具有勢能，選項B正確，不符合題意；C．分子的動能和勢能之和叫做物體的內能，選項C錯誤，符合題意；D．內能包括物體內所有分子動能和勢能，選項D正確，不符合題意；故選C.6、C【解析】帶有正電荷的A粒子和B粒子同時從O點不同角度射入勻強磁場后，又恰好都不從另一邊界飛出，軌跡與磁場右側相切．由粒子的電性可確定洛倫茲力方向，根據處理規律：定圓心、畫圓弧、求半徑．并根據幾何關系可確定粒子的半徑關系及粒子的比荷詳解】由幾何關系得：rAcos30°+rA=d，rBcos60°+rB=d，解得：，故AB錯誤；粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m，解得：，由題意可知，兩粒子的v大小與B都相同，則A、B兩粒子的q/m之比與粒子的軌道半徑成反比，即粒子比荷之比為：，故C正確，D錯誤；故選C【點睛】本題考查了帶電粒子在磁場中的運動，要會用圓弧的特性來確定圓心，畫出圓弧并運用幾何關系來算出圓弧的半徑，同時還體現出控制變量的思想二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】因為電流反向時，彈簧秤的讀數，可知電流自左向右時，導體棒受到的磁場力方向向上，根據左手定則可以確定磁場的方向為垂直紙面向里，故A正確；由于無法確定電流大小，所以磁感應強度的大小不知，故B錯誤；令銅棒的重力為G，安培力的大小為F，則由平衡條件得：①；當電流反向時，磁場力變為豎直向下，此時同樣根據導體棒平衡有：②；聯立①②得：，，因此可確定安培力的大小與銅棒的重力，故CD正確，故選ACD【點睛】由題意知，導體棒受到的磁場力方向在豎直方向，因為電流反向時磁場力同樣反向，又因為反向時，彈簧秤讀數增大，由此可知電流自左向右時，導體棒受磁場力方向向上，根據左手定則可知，磁場方向垂直紙面向里．因為電流反向，磁場力只改變方向，不改變大小，根據導體棒的平衡可以求出安培力的大小表達式和重力大小的表達式8、AD【解析】AB.若電磁線線圈中的電流方向與圖示中方向一致，線圈中的電流增強，向上的磁場增強，根據楞次定律，感生電場產生的磁場要阻礙它增大所以感生電場俯視圖為順時針方向，所以電子運動逆時針方向電場力作用下加速運動，在洛倫茲力約束下做圓周運動，選項A正確，B錯誤；CD.若電磁線線圈中的電流方向與圖示中方向相反，當電流減小時，向下的磁場減弱，根據楞次定律，可知渦旋電場的方向為順時針方向，電子將沿逆時針方向做加速運動，選項C錯誤，D正確9、BCD【解析】電流I的形成是由于正電荷的定向移動，由此可知正電荷定向移動垂直向里，所受洛倫茲力向右，A錯；當電荷所受洛倫茲力等于電場力時不再偏轉，電壓恒定如果已知電荷定向移動速度可求出磁感強度，B對；同樣，強磁場對應大電壓，C對；電流恒定，電荷定向移動速度恒定，D對；10、BD【解析】滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，電阻變大，則干路電流變小，則R1消耗的功率變小，A錯誤；干路電流變小，R1分壓變小，則電壓表V的測量的電壓變大，示數變大，則B正確；因輸出電流變小，則輸出功率變小即輸入功率變小，電流表A1示數變小，則C錯誤；閉合開關S并聯支路增加，電阻變小，則副線圈即R1的電流變大，分壓變大，則R2的分壓變小，電流變小．電流表A1示數隨副線圈電流的變大而變大，則D錯誤【點睛】考查電路的動態分析：本題中P的移動與電鍵的閉合均會引起電阻的變小，再由電路的連接關系可分析各表的示數的變化，可見明確電路的結構是求解的關鍵三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1).(2).1.5(3).1.0【解析】(1)[1]由于電阻接在電源附近，在干路上，根據閉合電路歐姆定律和電路結構可得：(2)[2]由圖可知，由圖象與縱坐標的交點為電源的電動勢，電源的電動勢為：圖象的斜率為內阻與保護電阻之和，則有：[3]解得內阻：12、①.C②.E③.④.0.48⑤.2.20【解析】(1)[1]電池組3V，根據歐姆定律，電路中的最大電流約為故電流表選C；[2]題目要求測量結果盡量準確要選擇滑動變阻器分壓接法，則選取總阻值較小的滑動變阻器E；(2)[3]被測電阻約說明待測電阻為小電阻，所以電流表應外接，滑動變阻器分壓接法，電路圖如圖：(3)[4]電流表選0～0.6A，最小分度為0.02A，由圖可知，電流表示數為0.48A；[5]電